四川省成都市嘉祥教育集团2023学年物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一电荷量为 q 的正点电荷位于电场中 A 点，具有的电势能为 Ep，则 A 点的电势为。若把该点电荷换为电荷量为 2q 的负点电荷，则 A 点的电势为（ ）ABCD2、

2、某导线中的电流是7.5103 A，则通过导线横截面的电荷量为15 C所需要的时间为A2.0104 sB2.0106 sC2.0105 sD2.0103 s3、一枚火箭搭载着卫星以速率v0进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离.已知分离前火箭与卫星的总质量为m1，分离后的箭体质量为m2，分离后箭体以速率v2沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化，则分离后卫星的速率v1为（ ）ABCD4、一个水平放置的弹簧振子在A、B两点间做简谐运动，O为振子平衡位置，如图所示设水平向右方向为正方向，以某一时刻作计时起点(t =0)，经3/4 倍周期，振子具有正方向最大加速度，那么，在图所

3、示的几个振动图像中(x表示振子离开平衡位置的位移)，能正确反映振子振动情况的是( )ABCD5、在加速上升的电梯中，下列说法正确的是（ ）A电梯中的人处于失重状态B电梯中的人不受重力作用C电梯中的人处于超重状态D电梯中的人不会出现超重或失重现象6、如图所示，图中边长为a的正三角形ABC的三个顶点分别固定有三个点电荷q、q、q，则该三角形中心O点处的场强为A ，方向由C指向OB，方向由O指向CC ，方向由O指向CD，方向由C指向O二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一电

4、子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中平行实线是等势面。则下列说法中错误的是 （ ）Aa点的电势比b点低B电子在a点的加速度方向向右C电子从a点到b点动能减小D电子从a点到b点电势能增加8、如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的P点以相同的水平初速度垂直于E进入电场，它们分别落在A、B、C三点，则可判断()A落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电B三小球在电场中运动时间相等C三小球到达正极板时的动能关系是：EkAEkBEkCD三小球在电场中运动的加速度关系是：aCaBaA9、静电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，x轴正向为场强正方向，

5、带正电的点电荷沿x轴运动，则点电荷A在和处电势能相等B由运动到的过程中电势能增大C由运动到的过程中电场力先增大后减小D由运动到的过程中电场力先减小后增大10、如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O)，其上面有M、N、P三点，间距MN=NP，Q1、Q2在x轴上产生的电势随x变化关系如图乙。则（）AN点场强大小为零B从M点到P点场强先增大后减小CM、N之间电场方向沿x轴正方向D一个正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功|WPN|=|WNM|三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示，有一个表头G，内阻为100

6、，满偏电流为10mA，它和另一个电阻连接可以改装成电压表或电流表，若要将它改装成量程为0.6A的电流表，要按_（填“甲”或“乙”）图，该图里的电阻_,要使它的量程加大，应使电阻_（填“增大”或“减小”）；若要将表头改装成量程为3V的电压表，要按_（填“甲”或“乙”）图，该图里的电阻_,要使它的量程加大，应使电阻_（填“增大”或“减小”）。12（12分）某同学利用多用电表测量二极管的正向电阻。完成下列测量步骤:(1)检查多用电表的机械零点。(2)将红、黑表笔分别插入正、负表笔插孔,将选择开关拨至“10”的倍率档位上。(3)将红、黑表笔短接,进行欧姆调零。(4)测正向电阻时,将_表笔接二极管正极,

7、将另一表笔接二极管负极。(5)测量发现指针偏角过大，为使测量比较精准，应将选择开关旋转到_（选填“1”或“100”）的倍率档位后，再次测量。(6)最后应将选择开关拨向_位置。(7)以上实验过程，缺少的实验步骤是_ 。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在E103 V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R40 cm，一带正电荷q104 C的小滑块质量为m40 g，与水平轨道间的动摩擦因数0.2，取g10 m/

8、s2，问：(1)要小滑块恰好运动到圆轨道的最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大？(P为半圆轨道中点)(3)小滑块经过C点后最后落地，落地点离N点的距离多大？14（16分）如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，其右侧边缘放有小滑块C，与木板B完全相同的木板A以一定的速度向左运动，与木板B发生正碰，碰后两者粘在一起并继续向左运动，最终滑块C刚好没有从木板A上掉下已知木板A、B和滑块C的质量均为m，C与A、B之间的动摩擦因数均为.求：(1)木板A与B碰前的速度v0；(2)整个过程中木板B对木板A的冲量I.15（12分）如图所示，空间存在

9、水平方向的匀强电场，带电量为的绝缘滑块，其质量m1 kg，静止在倾角为30的光滑绝缘斜面上，斜面的末端B与水平传送带相接（滑块经过此位置滑上皮带时无能量损失），传送带的运行速度v03 m/s，长L1.4 m今将电场撤去，当滑块滑到传送带右端C时，恰好与传送带速度相同滑块与传送带间的动摩擦因数0.15，g10 m/s1(1)求匀强电场的电场强度E；(1)求滑块下滑的高度；(3)若滑块滑上传送带时速度大于3 m/s，求滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据电势的物理意

10、义：电势是反映电场本身性质的物理量，仅由电场本身决定，与试探电荷无关可知，将该点电荷换为电荷量为2q的负点电荷，A点的电势不变，故C正确，ABD错误；故选C.2、D【解析】已知电流和电量，则由电流的定义变形后可求得通过15C电量所需要的时间由I=可知：通过导线横截面的电荷量为15C所需要的时间为t=2.0103s故选D【点评】本题考查电流的定义式的变式计算，属公式的简单应用，注意计算的准确性即可3、A【解析】火箭和卫星组成的系统在分离时水平方向上动量守恒，规定初速度的方向为正方向，有m1v0=m2v2+(m1m2)v1，解得.A. ，与结论相符，选项A正确；B. ，与结论不相符，选项B错误；C

11、. ，与结论不相符，选项C错误；D. ，与结论不相符，选项D错误；4、A【解析】振子经过周期具有正向最大加速度说明振子经过后得位置在A点，因此可以判断计时起点振子的位置在O点并且向B方向运动，故振子在计时起点的加速度为零，速度为正向最大，故A正确，BCD错误5、C【解析】只要加速度向上为超重，加速度向下为失重，C对；6、C【解析】O点是三角形的中心，到三个电荷的距离为 ，三个电荷在O处产生的场强大小均 ，根据对称性和几何知识得知：两个+q在O处产生的合场强为 ，再与-q在O处产生的场强合成，得到O点的合场强为 ，方向由O指向C，故C正确，综上所述本题答案是：C二、多项选择题：本题共4小题，每小

12、题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A根据电子的运动轨迹可知，电子受的电场力向下，电场线与等势面垂直，由此可知电场线的方向向上，沿电场线的方向，电势降低，所以a点的电势比b点高，故A错误；B根据电子的运动轨迹可知，电子受的电场力向下，电子受的电场力向下，所以电子在a点的加速度方向向下，故B错误；C从a点到b点的过程中，电场力做负功，所以电子从a点到b点动能减小，故C正确；D从a点到b点的过程中，电场力做负功，所以电子从a点到b点电势能增加，故D正确。8、AD【解析】ABD在平行金属板间不带

13、电小球、带正电小球和带负电小球的受力如图所示：三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，由于竖直位移相同，根据得水平位移最大的A球运动时间最长即A球竖直方向的加速度最小，故A球带正电，水平位移最小的C球加速度最大，故C球带负电，则B球不带电，故AD正确，B错误；C根据动能定理三球所受合力关系三球的初动能相等，所以故C错误故选AD。点晴：从图象中可以看到上极板带负电，平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力；不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小

14、的类平抛运动由此根据平抛和类平抛运动规律求解9、BC【解析】由图像判断电场线的方向，再确定电势大小的关系【详解】A由图像可知，在0 x1之间，电场强度E是正的，是沿x轴正方向的；在x1x4之间，电场强度E是负的，是沿x轴负方向的，故由x2到x4是逆着电场线的方向，所以x4处的电势要大于x2处的电势，选项A错误；B由x1运动到x3的过程中，是逆着电场线方向的，所以电势能增大，选项B正确；CD由x1运动到x4的过程中，x3处的电场强度的大小是最大的，故电荷在该点受到的电场力也应该是最大的，故电场力是先增大后减小，选项C正确，D错误【点晴】图像只是向我们提供一种电场强度与位置的关系，需要我们通过图像

15、将其转化为具有一定形态的东西，当我们将其转化成具体的电场线的某一个方向时，我们再去判断就会很容易了，所以对图像的识别很重要10、AC【解析】A-x图线的切线斜率表示电场强度的大小，则知N处场强大小为零，故A正确；B从M点到P点，图象斜率的绝对值先减小后增大，则场强先减小后增大，故B错误；CM点的电势为零，MN间的电势小于零，因沿电场线方向电势降低，故在MN间电场方向沿x轴正方向，故C正确；D由图象可知，UMNUNP，故电场力做功qUMNqUNP，从P移到M过程中，电场力做负功，故电场力做功|WPN|WNM|，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写

16、出演算过程。11、甲 1.69 减小 乙 200 增大 【解析】123表头改装电流表时，需要给他并联一个分流电阻，所以选择甲图；并联电路的电阻值为：；要使电流表的量程加大，应该是并联分流变大，则并联的电阻应该减小；456 表头改装电压表时，需要给他串联一个分压电阻，所以选择乙图；串联电路的电阻值为：；要使电压表的量程加大，应该是串联分压变大，则串联的电阻应该变大；12、黑 “OFF档”或者“交流电压最大档” 换挡后，必须重新进行欧姆调零 【解析】（4）1黑表笔内部接电源的正极，则测二极管正向电阻时，将黑表笔接二极管正极，将另一表笔接二极管负极。（5）2测量发现指针偏角过大，说明倍率挡选择过大，

17、则为使测量比较精准，应将选择开关旋转到1的倍率档位后，再次测量。（6）3最后应将选择开关拨向“OFF档”或者“交流电压最大档”位置。（7）4以上实验过程，缺少的实验步骤是：换挡后，必须重新进行欧姆调零.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）v2 m/s，L20 m （2）1.5N （3）0.6m【解析】（1）在复合场中圆的最高点不再是没有电场时的最高点了，要使物体做圆周运动，则物体受到的电场力和重力刚好充当向心力，圆环对物体没有力的作用，即,解得此时重力与电场力的合力方向与竖直方向夹角为37，设滑块应在水平轨道

18、上离N点x处释放，过程中重力，摩擦力做负功，电场力做正功，所以可得，解得x=2.09m，（2）设在P点时的速度为，则，根据牛顿第二定律可得，联立两式解得N=2.4N14、 (1)2(2)，负号表示B对A的冲量方向向右【解析】(1)木板A、B碰后瞬时速度为v1，碰撞过程中动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得mv02mv1.A、B粘为一体后通过摩擦力与C发生作用，最后有共同的速度v2，此过程中动量守恒，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得2mv13mv2.C在A上滑动过程中，由能量守恒定律得mgL3mv2mv.联立以上三式解得v02.(2)根据动量定理可知，B对A的冲量与A对B的冲量等大反向，则I的大小等于B的动量变化量，即Imv2，负号表示B对A的冲量方向向右。1