吉林省长春市九台示范高级中学2023学年物理高二第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、游客乘坐过山车，在圆弧轨道最低点处获得的向心加速度达20 m/s2，g取10 m/s2，那么此位置的座椅对游客的作用力相当于游客重力的()A4倍B3倍C2倍D1倍2、如图所示的电路

2、中，U=120V，滑动变阻器R2的最大值为200，R1=100当滑片P滑至R2的中点时，a、b两端的电压为（ ）A120 VB40 VC60 VD80 V3、两辆汽车在平直公路上匀速行驶。关于它们的惯性大小，下列说法正确的是A速度大的汽车惯性一定大B速度小的汽车惯性一定大C质量大的汽车惯性一定大D质量小的汽车惯性一定大4、如图所示，把电阻R、电感线圈L、电容器C分别串联一个灯泡后并联在电路中。接入交流电源后，三盏灯亮度相同。若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率减小，则下列判断正确的是（）A灯泡L1将变暗B灯泡L2将变暗C灯泡L3将变暗D灯泡亮度都不变5、如图所示，平行板电容器充电后，在其

3、正中P点处有一个带电微粒恰好能保持静止状态。用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增加（ ）AK闭合,将上极板M 接地，下移NBK闭合,将下极板N 接地，左移MCK断开,将下极板N 接地，上移NDK断开,将上极板M 接地，下移M6、将面积为0.50m2的线圈放在磁感应强度为2.0103T的匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，则穿过线圈的磁通量是( )A1.0103WbB0.50103WbC0.25103WbD0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，

4、静止的电子在加速电压U1的作用下从O经P板的小孔射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用偏转一段距离，现使U1加倍，要想使电子的轨迹不发生变化，应该（ ）A使U2加倍B使U2变为原来的4倍C仅使偏转电场板间距离变为原来的0.5倍D使U2变为原来的12倍8、如图所示，平行板电容器的金属板始终与电源两极相连，电源电压为8.0V，两板的间距为2cm，而且极板B接地极板间有C、D两点，C距A 板0.5cm，D距B板0.5cm，则（ ）AC.D两点的电势相等B两板间的场强为400V/mCD点的电势D = 2.0VDC点的电势C = 2.0V9、如图所示，两个相同的平行板电容器C1、C2用

5、导线相连，开始时都不带电现将开关S闭合给两个电容器充电，充电完毕后，电容器C1两板间有一带电微粒恰好处于平衡状态再将开关S断开，把电容器C2两板稍错开一些（两板间距离保持不变），重新平衡后，下列判断正确的是（ ）A电容器C1两板间电压减小B电容器C2两板间电压增大C带电微粒将加速上升D电容器C1所带电荷量增大10、如图所示，R1=2，R2=10，R3=10，A、B两端接在电压恒定的电源上，则（ ）AS断开时，R1与R2的电压之比为5：1BS闭合时，通过R1与R2的电流之比为2：1CS闭合时，R1与R2两端的电压之比为1：5DS断开与闭合两情况下，电阻R1两端的电压之比为7：12三、实验题：本题

6、共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）某同学在用如图甲的装置做“探究感应电流的产生条件”实验，他将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关用导线连接成如甲图所示的实验电路，当他接通、断开开关时，电流表的指针都没有偏转，其原因可能是_A .开关应接在蓄电池所在的回路 B电流表的正、负极接反C线圈B的接头3、4 接反 D蓄电池的正、负极接反之后该同学又用如图乙的装置做“研究感应电流的方向”实验，为判断线圈绕向，他将灵敏电流计G与线圈L连接，若己知线圈由a端开始绕至b端当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转他将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针

7、向左偏转由此可以判断：俯视线圈，线圈其绕向为_方向（填“顺时针”或“逆时针”） （2）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中时，所用小灯泡规格为“” 实验电路如图甲所示，某次实验中电流表和电压表的示数分别如图所示，其读数分别为_A、_V实验结束之后，某同学描绘了如图乙该小灯泡的伏安特性曲线， P为图线上一点，为图线在P点的切线，为横轴U的垂线，为纵轴I的垂线，切线与横轴的夹角为，射线与横轴的夹角为，关于该图象，下列说法正确的是_A对应P点，小灯泡的功率可用图中矩形所围的面积表示B对应P点，小灯泡的功率可用特性曲线与横轴围成的面积表示C对应P点，小灯泡的电阻大小为D对应P点，小灯泡的电阻大小为E.

8、对应P点，小灯泡的电阻大小为F.对应P点，小灯泡的电阻大小为12（12分）某同学设计了一个多量程多用电表，其内部结构原理图如图所示测电流和测电压时各有两个量程，还有两个档位用来测电阻则下列说法正确的是 A当功能选择开关S与1、2触点相接时，测的是电流B当功能选择开关S与3、4触点相接时，测的是电压CA表笔为红表笔，B表笔为黑表笔D当功能选择开关S旋到触点5时的量程比旋到6时的量程大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）带有等量异号电荷，相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场，电场强度E=2104V/m，

9、方向向下，电场中C电距B板3cm，D点距A板2cm.（1）C、D两点哪点电势高？两点的电势UCD差等于多少？（2）如果令B板接地（即电势B=0），则C和D的电势C和D各是多少？如果令A板接地，则电势C和D各是多少？在这两种情况下.UCD相同吗？(3)一个电子从点C移动到点D，静电力做多少功？如果使电子先移动到点P.再移到点D.静电力做的功是否会发生变化.14（16分）如图两平行正对带等量异种电荷金属板距离d，之间的匀强电场电场强度E，电子质量m，由负电金属板表面A点静止释放，由正电金属板B孔飞出时速度v。求电子电荷量（不计电子受重力）。15（12分）如图所示的电路中，定值电阻均为R，电源电动势

10、为E，内阻，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，质量为m的小液滴恰好能静止在两板的正中间。（重力加速度用g表示）求：(1)流过电源的电流大小；(2)两金属板间的电场强度的大小；(3)小液滴带何种电荷，带电量为多少。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据牛顿第二定律得，N-mg=ma，解得N=mg+ma=10m+20m=30m=3mg，故B正确，ACD错误2、B【解析】试题分析：由题，滑片P滑至R2的中点，变阻器下半部分电阻为100，下半部分电阻与R1并联的阻值为R并=R1=50，则a、b两端的电压为

11、Uab=40V，故B正确考点：本题考查等效电阻，串联电路的特点3、C【解析】AB物体的惯性与物体的运动状态无关，只与质量有关，选项AB错误；CD物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，选项C正确，D错误。4、B【解析】若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率减小，对电阻没有影响，而电容器对其阻碍变大，线圈对其阻碍变小。所以灯泡L1将变亮，灯泡L2将变暗，灯泡L3将亮度不变。故B正确ACD错误。故选B。5、C【解析】保持K闭合时电容板间电压保持不变充电后将K断开后电容器的电量保持不变，根据推论，板间场强不变根据公式E=Ud分析板间场强的变化，判断能否使带电微粒运动并判断电势能的变化。

12、【详解】A项：K闭合，保持K闭合时，下移N，板间距离d增大，根据公式E=Ud分析得知，板间场强减小，带电微粒受到的电场力减小，微粒将向下加速运动。不符合题意，故A错误；B项：K闭合，保持K闭合时，左移N，板间距离d不变，电容减小，根据公式E=Ud分析得知，板间场强不变，带电微粒受到的电场力不变，仍处于静止状态。P点的电势不变，微粒的电势能不变。不符合题意，故B错误；C项：K断开，将上极板M，下移N，根据推论E=4kQS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与N的电势差减小，N的电势为零，P点的电势高于N的电势，则知P点的电势降低，微粒带负电，则知微粒的电势增加，故C正

13、确；D项：K断开，将上极板M，下移M，根据推论E=4kQS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与M的电势差减小，M的电势为零，P点的电势低于M的电势，则知P点的电势升高，微粒带负电，则知微粒的电势减小，故D错误。故应选C。【点睛】本题是电容器动态变化分析的问题，根据决定电容的三个因素和电容的定义式相结合进行分析。6、A【解析】根据公式可得，A正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】设平行金属板板间距离为d，板长为l电子在加速电场

14、中运动时，由动能定理得：eU1=12mv02垂直进入平行金属板间的电场做类平抛运动，则有：水平方向：l=v0t，竖直方向：y=12at2，vy=at，又a=eU2md ，tan=vyv0；联立以上四式得：偏转距离y=U2l24dU1 ，偏转角度tan=U2l2dU1，现使U1加倍，要想使电子的运动轨迹不发生变化，偏转距离y和偏转角度tan都不发生变化，则必须使U2加倍；或者仅使偏转电场板间距离d变为原来的0.5倍，故选项AC正确，BD错误；故选AC点睛：本题电子先加速，后偏转，根据动能定理和牛顿运动定律、运动学公式结合得到偏转距离y=U2l24dU1，偏转角度tan=U2l2dU1，采用的是常

15、规思路8、BC【解析】A、由题板间场强方向向下，则C点的电势高于D点的电势;故A错误.B、电容器的板间电压U=8V，则两板间匀强电场的场强;故B正确.C、D、B间的电势差为UDB=EdDB=400510-3V=2V，而极板B接地，电势为零，则D点的电势D=2V;故C正确.D、C、B间的电势差为UCB=EdCB=4001.510-2V=6V，而极板B接地，电势为零，则C点的电势C=6V;故D错误.故选BC.【点睛】求某点电势常用的方法是先求出该点与零电势点之间的电势差，再求出这点的电势9、BCD【解析】当断开开关S时，则电容器两极板间的电量不变若把电容器两板稍错开一些，则导致平行板电容器的电容减

16、小，从而导致电容器两端电压增大，故B正确；断开开关S后，电容器C1两端电压与电容器两端电压相同，则电容器两板间电压也增大，故A错误；电容器两的电容不变，根据可知，其两极板上的电荷量增大，故D正确；由于电容器C1两极板间的间距不变，根据可知，两板间的电场强度增加，所以电场力大于重力，出现液滴向上加速运动，故C正确；故选BCD【点睛】本题关键是电容器两端电压发生变化导致电容器电量和电场强度的变化，从而引起电场力变化10、BD【解析】A、由U=IR，I相等，R1与R2的电压之比等于电阻之比1:5;故A错误；B、I2=I3，R3=R2，则I1=2I2，故B正确C、S闭合时，I1=2I2，则电压之比为I

17、1R1:I2R2=4I2：10I2=2:5；故C错误；D、S断开时，U1:U2=R1：R2=1:5，则；S闭合时，则；电阻R1两端的电压之比为7:12；故D正确；故选BD.【点睛】电路的分析与计算问题的基础是分析电路的结构往往按局部整体局部的顺序进行分析和计算也有时抓住串并联电流、电压与电阻的分配关系求解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 顺时针 0.26 2.10 ADF 【解析】(1)1 由电路图可知，电键接在电流表所在电路，电键连接错误，闭合与断开电键时，通过螺线管A的电流不变，穿过螺线管B的磁通量不变，没有感应电流产生，电流

18、表指针不偏转，故A正确BCD错误2 将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，穿过L的磁场向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，感应电流磁场应该向上，电流表指针向左偏转，电流从电流表左端流入，由安培定则可知，俯视线圈，线圈绕向为顺时针；(2)34电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A；故其读数为0.26A；电压表量程为3V，则最小分度为0.1V，故其读数为2.10V；5AB. 因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率故A正确，B错误CDEF. 对应P点，根据电阻的定义得到，小灯泡的电阻故CE错误，DF正确12、AC【解析】A项：当S

19、旋到位置 1、2时，电流表与电阻并联，并联电阻起分流作用，可用来测量电流则A正确； B项：当转换开关S旋到位置3，4时，内部电源被接通，构成欧姆表，可测量电阻，则B错误；C项：电流由红表笔进，由黑表笔出，则A表笔为红表笔，B表笔为黑表笔，则C正确；D项：S旋到位置5时，串联电阻阻值较小，则分压较大，故旋到触点5时的量程比旋到6时的量程小，则D错误。点晴：本题考查多用电表的内部结构，电压档和电流档的内部结构与前面所学习的电压表电流表的改装原理相同，而欧姆档启用时内部电源被接通。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）D点；-1000V（2）如果令B板接地，则C=600V，D=1600V；如果令A板接地，则C=-14