四川省德阳市高中2023学年物理高二上期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、首先发现电流产生磁场的科学家是( )A富兰克林B法拉第C安培D奥斯特2、将电量为的负电荷，放在电场中A点，受到的电场力大小，方向水平向右，则将电量为的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A，方向水平向左B，方向水平向右C，方向水平向左

2、D，方向水平向右3、如图所示，将电压表和电流表用（a）和（b）两种测量电路连接，用来测量电阻Rx的阻值，按照（a）图时，电流表示数为4.00mA，电压表示数为2.40V；按照（b）图时，电流表示数为 5.00mA，电压表示数为2.30V，比较这两次结果，正确的是A电阻的真实值更接近600，且大于600B电阻的真实值更接近600，且小于600C电阻的真实值更接近600，且大于460D电阻的真实值更接近460，且小于4604、如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同当电压U升高时，先烧坏的电阻应是（ ）AR1和R2BR3和R4CR5D不能确定5、下列物理量中，属于矢量的是（ ）A质量B路程C时间D力6

3、、在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰，两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的则碰后B球的速度大小是()ABC或D无法确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、三个阻值都为6的电阻，若它们任意组合连接，则总电阻可能为（）A2B6C8D98、如图所示电路，电源内阻不可忽略开关S闭合后，在变阻器Ro的滑动端向下滑动的过程中( )A电压表与电流表的示数都减小B电压表的示数减小，电流表的示数增大C电阻R1消耗的电功率增大

4、D电源内阻消耗的功率减小9、如图所示，在水平向左的匀强电场中，一小球质量为m，电荷量为-q，用绝缘轻绳（不伸缩）悬于O点，平衡时小球位于A点，此时绳与竖直方向的夹角绳长为L，OD水平，OC竖直。在D点给小球适当的初速度使其绕O点做圆周运动，下列说法正确的是（ ）A匀强电场的场强大小为B小球在C点时的重力势能最小C小球在C点时动能最大D小球从D运动到A的过程中电势能先增大后减小10、两个带等量正电荷的小球（可视为点电荷）固定在图中a、b两点，MN为ab连线的中垂线，交直线ab于O点，A为MN上的一点。取无限远处的电势为零，一带负电的试探电荷q仅在静电力作用下运动，则（）A若q从A点由静止释放，其

5、将以O点为对称中心做往复运动B若q从A点由静止释放，其在由A点向O点运动的过程中加速度先增大后减小Cq由A点向O点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐减小D若在A点给q一个合适的初速度，它可以做匀速圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一待测的电阻器Rx，其阻值约在4050之间，实验室准备用伏安法来测量该电阻值的实验器材有：电压表V（量程010V，内电阻约20k）；电流表A1，（量程0500mA，内电阻约20）；电流表A2，（量程0300mA，内电阻约4）；滑动变阻器R1（最大阻值为10，额定电流为2A）；滑动变阻器R2（最

6、大阻值为250，额定电流为0.1A）；直流电源E（电动势为9V，内电阻约为0.5）；开关及若干导线实验要求电表读数从零开始变化，并能多测出几组电流、电压值，以便画出IU图线（1）电流表应选用 （2）滑动变阻器选用 （选填器材代号）（3）请在如图所示的方框内画出实验电路图12（12分）某同学测量阻值约为25k的电阻Rx，现备有下列器材：A电流表（量程100 A，内阻约为200）；B电流表（量程500 A，内阻约为300）；C电压表（量程15 V，内阻约为100k）；D电压表（量程50 V，内阻约为500k）；E直流电源（20 V，允许最大电流1 A）；F滑动变阻器（最大阻值1 k）；G开关和导线

7、若干（1）电流表应选_，电压表应选_（填字母代号）（2）请在虚线框中画出测量Rx阻值的实验电路图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，足够大的荧光屏垂直坐标面，与x轴夹角为30，当y轴与间有沿方向、场强为E的匀强电场时，一质量为m、电荷量为q的正离子从y轴上的P点，以速度、沿轴方向射入电场，恰好垂直打到荧光屏上的M点（图中未标出）。现撤去电场，在y轴与间加上垂直坐标面向外的匀强磁场，相同的正离子从y轴上的Q点仍以速度、沿轴方向射入磁场，恰好也垂直打到荧光屏上的M点，离子的重力不计。则： (1)求离子

8、在电场中运动的时间；(2)求磁场的磁感应强度B；14（16分）如图所示的坐标平面内，y轴左侧存在方向垂直纸面向外、磁感应强度大小的匀强磁场，在y轴的右侧存在方向垂直纸面向里、宽度的匀强磁场B2，某时刻一质量、电量的带电微粒(重力可忽略不计)，从x轴上坐标为(，0)的P点以速度沿y轴正方向运动试求：(1)微粒在y轴左侧磁场中运动的轨道半径；(2)微粒第一次经过y轴时，速度方向与y轴正方向的夹角；(3)要使微粒不能从右侧磁场边界飞出，B2应满足的条件15（12分）一个重力不计的带电粒子,以大小为v的速度从坐标（0,L）的a点,平行于x轴射入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域,并

9、从x轴上b点射出磁场,射出速度方向与x轴正方向夹角为60,如图。求：（1）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；（2）带电粒子的比荷及粒子从a点运动到b点的时间；（3）其他条件不变,要使该粒子恰从O点射出磁场,求粒子入射速度大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A. 富兰克林最早提出了电流、电荷、静电的概念，故A错误B. 法拉第最早发现了电磁感应现象，故B错误，C. 安培提出了安培定则，最早提出了分子电流假说，故C错误D. 奥斯特首先发现了通电导线能够产生磁场，故D正确2、A【解析】将电量为3106C的负电

10、荷，放在电场中A点，受到的电场力大小为6103N，方向水平向右则将电量为6106C的正电荷放在A点，受到的电场力方向与前者相反，即水平向左，大小为：F= 6106 N=1.2102 N，故A正确，BCD错误；故选A【点睛】电场中某点的电场强度不会随着放置电荷变化而变化，它是电场固有的当放入电荷变化时，则对应的电场力也会跟着变化当不放入电荷时，电场强度依然存在3、B【解析】电流表示数由4.00mA变为5.00mA，变化了5.00-4.004.00100%=25%；电压表示数由2.40V变为2.30V，变化了2.40-2.302.40100%=4%；电流变化明显，说明电压表分流较明显，应采用电流表

11、内接法，即按照（a）图连接。电流表的示数是4.00mA，电压表的示数是2.40V，根据欧姆定律有：2.44.010-3=600此电阻等于待测电阻与电流表内阻之和，待测电阻阻值小于600。故B正确，ACD错误。故选：B4、C【解析】试题分析：等效电路图如图所示设电阻都为R，则与的电压为，和并联之后的电阻为，所以和的电压为，的电压为，所以的电压最大，所以随着电压U升高时，先烧坏的电阻应是考点：考查了串并联电路规律的应用【名师点睛】本题的关键是画出等效电路图，在画等效电路图时，可以依据电势降落法画图，然后根据串并联电路的特点，判断哪个电阻的电压最高，哪个电阻就先烧坏5、D【解析】质量、路程和 时间都

12、是只有大小无方向的物理量，是标量；而加速度既有大小又有方向，是矢量，故选D.6、A【解析】根据碰后A球的动能恰好变为原来的得： 解得： 碰撞过程中AB动量守恒，则有：mv=mv+3mvB解得：vB=v或vB=v；当vB=v时A的速度大于B的速度，不符合实际，故选项A正确，BCD错误，故选A.点睛：本题考查的是动量定律得直接应用，注意动能是标量，速度是矢量；同时要分析结果是否符合实际情况，即不可能发生二次碰撞二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】三个相同电阻可

13、以有四种连接方式：三个电阻串联、三个电阻并联、两个电阻串联后与第三个电阻并联，两个电阻并联后与第三个电阻串联，分析求出阻值。【详解】当三个电阻串联时，获得的总阻值为 R总1=3R=36=18；当三个电阻并联时，获得的总阻值为；当两个电阻串联后与第三个电阻并联，获得的总阻值为；当两个电阻并联后与第三个电阻串联，获得的总阻值为 ，故AD正确，BC错误。【点睛】本题考查串并联电路中电阻的计算，对于电阻的连接方式考虑要全面，不能遗漏。注意串并联电路中电阻的计算方法。8、AC【解析】试题分析：当变阻器Ro的滑动端向下滑动时，R0的阻值变小，故它与R2并联的总电阻变小，再与R1串联的总电阻也会变小，即外电

14、器的电阻变小，所以路端电压的示数变小，即电压表的示数变小，由于电路的总电阻减小，所以电路中的电流会变大，所以R1两端的电压也随之变大，故R0与R2并联的两端电压一定变小，则电流表的示数会变小，选项A正确，B错误；由于电路中的电流增大，故电阻R1消耗的电功率增大，选项C正确；电源内阻消耗的电功率也增大，选项D错误考点：电路的动态分析【名师点晴】通过电路中外电阻的变化，由欧姆定律，串联电路的电压分配规律判断出其他物理量的变化，从而确定电路中电压表与电流表示数的变化，再确定电阻的电功率的变化；动态电路关键要抓住外电阻的变化，从而确定电路中电流的变化，进而确定其他物理量的变化9、AB【解析】A小球在A

15、点平衡时，根据平衡条件得解得：故A正确；BC小球在竖直平面内做圆周运动时，C点为最低点，所以物体在C点的重力势能最小，A点为等效最低点，动能最大，故B正确，C错误；D小球从D到A过程，电场力做正功，电势能减小，故D错误。10、ACD【解析】A若q从A点由静止释放，受到向下的电场力作用，向下加速运动，过O点后受到向上的电场力作用，做减速运动，根据受力情况的对称性可知q将以O点为对称中心做往复运动，故A正确；B电荷在O点时电场力为零，电荷在A点电场力是否最大无法确定，电荷由A点向O点运动的过程中加速度变化情况无法确定，可能一直减小，也可能先增大再减小，故B错误；Cq由A点向O点运动时，电场力做正功

16、，说明动能逐渐增大，电势能逐渐减小，故C正确。Dq受到指向圆心的电场力，在ab连线中垂面内给它一个垂直电场力方向大小合适的速度，电场力提供向心力，电荷可以做匀速圆周运动，故D正确。故选ACD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1 ) (2)(3）电路图如下图所示【解析】由欧姆定律求出电路最大电流，根据该电流选择电流表；根据电路电流及方便实验操作的原则选择滑动变阻器；根据题目要求确定滑动变阻器的接法，根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表采用内接法还是外接法，然后作出实验电路图【详解】（1）电路最大电流约为，因此电流表应选择A2

17、；（2）滑动变阻器R2的额定电流是0.1A0.225A，且滑动变阻器R2的最大阻值较大，实验操作不方便，为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R1；（3）实验要求电表读数从零开始变化，因此滑动变阻器应采用分压接法，Rx阻值约在4050之间，电流表A2内电阻约4，电压表V内阻约20k，电压表内阻远大于待测电阻阻值，因此电流表应采用外接法，实验电路图如图所示【点睛】本题考查了实验器材的选择、设计电路的设计，是实验的常考问题，一定要掌握；实验电路设计是本题的难点，确定滑动变阻器的接法、电流表的接法是正确解题的关键12、 （1）B、C （2）滑动变阻器分压式、电流表内接【解析】（1）电源电压为2

18、0V，故电压表应选择C；通过电流值约为： ，而电流表A量程太小，内阻也大，所以不选A，而B合适（2）因待测电阻约为25K， ，故用电流表内接法：因是小电阻控制大电阻，若用限流式接法，控制的电压变化范围太小，则应用分压式接法原理图如图所示；点睛：实验电路所用器材的要求要熟练掌握，读数的要求，误差来源的分析，变阻器的分压与限流式区别要弄清楚四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2) 【解析】(1)设离子垂直打到荧光屏上的M点时，沿方向的分速度大小为，在电场中运动的加速为，运动时间为，则有由牛顿第二定律得则竖直分速度为联立解得(2)作出离子的运动轨迹如下图所示，可知点为轨迹的圆心，设离子在磁场中做匀速圆周运动的半径为，由几何关系可知因离子在匀强磁场中做匀速圆周运动，则有解得14、（1）r1=0.5m；（2）=