浙江省浙东北联盟 2023学年物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是( )A甲图：点电荷的电场中，与点电荷等距的a、b两点B乙图：等量异种电荷电场中，两电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C丙图

2、：点电荷的电场中，与点电荷成一直线的a、b两点D丁图：匀强电场中的a、b两点2、通过一阻值R=100的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s电阻两端电压的有效值为A12VB4VC15VD8V3、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验步骤中，下列做法中正确的是A同时改变拉力F和小车质量m的大小B先保持小车质量m不变，研究加速度a与拉力F的关系，再保持F不变，研究a与m的关系，最后导出a与m及F的关系C只改变拉力F的大小，小车质量m的大小始终保持不变D只改变小车质量m的大小，拉力F的大小始终保持不变4、在绝缘光滑的水平面上，如图所示有相隔一定距离的两个带同种电荷的小球。让它们从静止开始释放，则两个球

3、的加速度和速度随时间的变化情况是（）A速度、加速度都变大B速度、加速度都变小C速度变小、加速度变大D速度变大、加速度变小5、所谓比值定义法，就是两个物理量的比来定义一个新物理量的方法。以下不是利用比值定义物理量的是：AE=Fq B=EpqCC=s4kd DB=FIL6、拿一个长约1.5m的玻璃筒，一端封闭，另一端有开关，在筒内放有质量不同的一片小羽毛和一块小铜片先把玻璃筒内抽成真空并竖直放置，再把玻璃筒倒立过来，小羽毛、小铜片同时从玻璃筒顶端由静止开始下落，那么（）A哪个先到达筒底端都有可能 B小铜片先到达筒底端C小羽毛先到达筒底端 D小羽毛、小铜片同时到达筒底端二、多项选择题：本题共4小题，

4、每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、由欧姆定律导出和，下列叙述正确的是（ ）A由知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定B导体的电阻由导体本身的物理条件决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流大小无关C对确定的导体，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值D一定的电流流过导体，电阻越大，其电势差越大8、一带电粒子仅在电场力作用下从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，则( ) A该粒子带负电荷BA点的电场强度小于B点的电场强度C从A到B的过程中，粒子加速度逐渐增大D从A到B的过程中，粒子

5、的电势能不断增大9、如图所示，空间存在垂直于纸面向里的磁感应强度为的匀强磁场，场内有一绝缘的足够长的直杆，它与水平面的倾角为，一带电量为-q质量为m的带负电小球套在直杆上，从A点由静止沿杆下滑，小球与杆之间的动摩擦因数为，在小球以后的运动过程中，下列说法正确的是 （ ）A小球下滑的最大速度为vm=mgsinqBB小球下滑的最大加速度为am=gsinC小球的加速度一直在减小D小球的速度先增大后不变10、关于多用电表的使用，下列说法正确的有()A甲图是用多用电表直流电压档测量小灯泡两端的电压，表笔接法正确B乙图是用多用电表直流电流档测量电路中的电流，表笔接法正确C丙图中用的是多用电表电阻档测量二极

6、管的反向电阻D丁图中用多用电表电阻档测量的是二极管的反向电阻三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测绘额定电压为2V的日常用小灯泡的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A电源E（电动势4.0V，内阻可不计）B电压表V1（量程为03.0V，内阻约2k）C电压表V2（015.0V，内阻约6kD电流表A1（00.6A，内阻约1）E.电流表A2（0100mA，内阻约2）F.滑动变阻器R1（最大值10）G.滑动变阻器R2（最大值2k）(1)为减少实验误差，实验中电压表应选择_，电流表应选择_，滑动变阻器应

7、选择_（填各器材的序号）(2)为提高实验精度，请你在如图a中设计实验电路图_(3)根据图a，在图b中把缺少的导线补全，连接成实验的电路_(4)实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的UI图象如图c所示，则该小灯泡电阻的变化特点_12（12分）在描绘一个标有“6.3V0.3A”小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到6.3V，并便于操作。已选用的器材有：学生电源（电动势为9V，内阻约1）；电流表（量程为00.6A，内阻约0.2；量程为03A，内阻约0.04）；电压表（量程为03V，内阻约3；015V，内阻约15）；开关一个、导线若干（1）实验中还需要一个滑动变阻器，现有以下

8、两个滑动变阻器，则应选其中的_（选填选项前的字母）A滑动变阻器（最大阻值10，最大允许电流1A）B滑动变阻器（最大阻值1500，最大允许电流0.3A）（2）实验电路图应选用图中的实验电路图应选用图中的_（选填“甲”或“乙”）。（3）接闭合关，改变滑动变阻器滑动端的位置，并记录对应的电流表示数、电压表示数，图中电流表选择00.6A量程，电压表选择015V量程，电流表、电压表示数如右上图所示，可知该状态下小灯泡电阻的测量值_（计算结果保留两位有效数字）。 （4）根据实验数据，画出的小灯泡IU图线如图所示。由此可知，当小灯泡两端的电压增加时，小灯泡的电阻值将_（选填“变大”或“变小”）。四、计算题：

9、本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，以直角三角形AOC为边界的有界匀强磁场区域，A=61，AO=L，在O点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子(不计重力作用)，粒子的比荷为，发射速度大小都为v1假设发射方向与OC边的夹角为，发现当=61时粒子从A点射出磁场（1）求有界匀强磁场区域的磁感应强度B大小；（2）当=61时，求粒子在磁场中的运动时间；（3）当发射方向不同时，粒子能从有界磁场区域的不同边界射出，求从AC边界射出离A点最远的距离14（16分）如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中

10、心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，O点为荧光屏的中心。已知电子质量m=9.01031kg，电荷量e=1.61019C，加速电场电压U0=2500V，偏转电场电压U=200V，极板的长度L1=6.0cm，板间距离d=2.0cm，极板的末端到荧光屏的距离L2=3.0cm（忽略电子所受重力）。求：(1)电子射入偏转电场时的初速度v0；(2)电子打在荧光屏上的P点到O点的距离h；15（12分）平行正对极板A、B间电压为U0，两极板中心处均开有小孔平行正对极板C、D长均为L，板间距离为d，与A、B垂直放置，B板中心小孔到C、D两极板距离相等现有一质量为m，电荷量为+q的粒子

11、从A板中心小孔处无初速飘入A、B板间，其运动轨迹如图中虚线所示，恰好从D板的边沿飞出该粒子所受重力忽略不计，板间电场视为匀强电场（1）指出A、B、C、D四个极板中带正电的两个极板；（2）求出粒子离开B板中心小孔时的速度大小；（3）求出C、D两极板间的电压参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、甲图中两点电场线方向不同，故电场强度的方向不同；故A错误.B、ab两点方向均向水平向左，且两电荷中垂线为等势面，故电势相等，因两点关于连线对称，故电场强度相等；故B正确.C、a、b两点电场方向相同，a点电势大于b点电

12、势，两点的场强大小不等；故C错误.D、a、b两点不在同一等势面上，故电势不相等；故D错误.故选B.【点睛】本题考查对电场线的认识，由电场线我们应能找出电场的方向、场强的大小及电势的高低.2、B【解析】根据电流的热效应计算电流的有效值：可得流过电阻的电流的有效值：A电阻两端电压的有效值为：V故B正确3、B【解析】试题分析：该实验中变量比较多，因此在进行探究时，采用“控制变量法”即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系在“探究加速度与力、质量”的实验操作中，采用了“控制变量法”，即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系，具体操作是：先不改变小车质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受

13、力，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度、力、质量三者间的关系，故ACD错误，B正确故选B考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系点评：“控制变量法”是研究复杂问题的一种有效方法，注意在高中物理中的应用4、D【解析】由于同种电荷间存在相互作用的排斥力，两球将相互远离，距离增大，根据库仑定律得知，相互作用力减小；由牛顿第二定律得知它们的加速度变小。随着两球间距离增大，电场力做功正功，总动能增加，所以速度增加。故D正确，ABC错误。故选D。5、C【解析】电场强度与放入电场中的电荷无关，所以E=Fq属于比值定义法，故A错误；电势通过电势能与电量的比值来定义=EPq，故B错误；C=S4kd是电容

14、的决定式，故C正确；磁感应强度由磁场本身决定与电流元以及电流元受到的力无关，所以磁感应强度B=FIL是比值定义法，故D错误。所以C正确，ABD错误。6、D【解析】玻璃筒内没有空气时，物体做自由落体运动，因为高度相同，加速度都为g，所以同时到达底端，故D正确，ABC错误；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】AB. 导体的阻值是导体本身所具有的性质，导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与通过导体的电流及导体两端的电压无关，故A错误，B正确；C.

15、由欧姆定律可知，对某一导体来说，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值，故C正确；D. 根据可知，一定的电流流过导体，电阻越大，其电压越大，即电阻两端的电压越大，故D正确。8、AD【解析】A.粒子做曲线运动，受力指向轨迹的内侧，故该粒子受到电场力向左，粒子带负电荷，故A正确；BC.电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知，所以A、B两点比较，粒子的加速度在A点时较大，从A到B的过程中，粒子加速度逐渐减小，故BC错误；D.粒子带负电，从A到B的过程中，电场力做负功，电势能增大，故D正确。9、BD【解析】试题分析：小球从A点由静止沿杆下滑，受到重力、支持力、洛伦兹力、摩擦

16、力，根据牛顿第二定律表示出加速度，进而分析出最大速度和最大加速度及加速度的变化过程小球开始下滑时有mgsin-mgcos-qvB=ma，随v增大，a增大，当v=mgcosqB时，a达最大值gsin，此时洛伦兹力等于mgcos，支持力等于0，此后随着速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，此后下滑过程中有mgsin-qvB-mgcos=ma，随v增大，a减小，当vm=mgsin-cosqB时，a=0，此时达到平衡状态，速度不变所以整个过程中，v先一直增大后不变；a先增大后减小，所以B正确10、BD【解析】使用多用电表测电压或电流时，电流从红表笔流入黑表笔流出，多用电表要与待测电路并联或串联，分析电路

17、图答题；欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，分析电路图，然后答题；【详解】A、甲图是用多用电表直流电压档测量小灯泡两端的电压，表笔的红黑表笔接错，故A错误；B、乙图是用多用电表直流电流档测量电路中的电流，电流从红表笔流入，从黑表笔流出，表笔接法正确，故B正确；C、欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，由图丙所示电路图可知，黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，多用电表测二极管正向电阻，由图丁所示电路图可知，黑表笔接二极管负极，红表笔接二极管正极，多用电表测二极管反向电阻，故C错误、D正确。【点睛】本题考查了多用电表的使用，使用多用代表时要注意电流总是由红表笔流入，黑

18、表笔流出，知道多用电表的结构、分析清楚图示电路图即可解题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B D F 灯泡电阻随电压（温度）的增大而增大 【解析】(1)123.由题意小灯泡额定电压为2V，故电压表应选B；通过灯泡的电流不超过0.5A，可知电流表应选D，；又描绘伏安特性曲线要求电流从零调，故变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器F(2)4.由于小电珠电阻较小，满足，电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：(3)5.根据原理图可明确对应的电路图；(4)6.由图可知，图象的斜率越来越大，故说明灯泡电阻随随电压（温度）

19、的增大而增大；12、A 乙 18 变大 【解析】（1）（2）、实验要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到6.3V，则滑动变阻器应采用分压接法，所以滑动变阻器要选择最大值比较小的A，调节比较方便，故选A；实验电路图应选乙；(3)电流表的量程为0.6A，所以每一小格的读数为0.02A，所以电流表的读数为0.22A；电压表的量程为15V，所以每一小格的读数为0.5V，所以读数为：80.5=4.0V.由欧姆定律得：Rx=U/I=4/0.22=18；(4)在IU图象中，各个点与坐标原点的连线的斜率表示电阻的倒数，由图可知，随电压增大，各点与坐标原点的连线的斜率减小，所以可知待测电阻的电阻值变大。【点睛】（1）（2）根据题目要求确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路；（3）由电压表与电流表的读数的方法读出电流表与电压表的测量值，然后由欧姆定律即可求出电阻值；（4）根据图象，应用欧姆定律及影响灯丝电阻的因素分析答题四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和