2022届云南省凤庆二中高三一诊考试物理试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符

2、合题目要求的。1、一弹簧振子做简谐运动，周期为T，以下描述正确的是A若t=，则在t时刻和（t+t）时刻弹簧长度一定相等B若t=T，则在t时刻和（t+t）时刻振子运动的加速度一定相等C若t和（t+t）时刻振子运动速度大小相等，方向相反，则t一定等于的整数倍D若t和（t+t）时刻振子运动位移大小相等，方向相反，则t一定等于T的整数倍2、如图，一演员表演飞刀绝技，由O点先后抛出完全相同的三把飞刀，分别垂直打在竖直木板上M、N、P三点.假设不考虑飞刀的转动，并可将其看做质点，已知O、M、N、P四点距离水平地面高度分别为h、4h、3h、2h，以下说法正确的是（）A三把刀在击中板时动能相同B三次飞行时间之

3、比为C三次初速度的竖直分量之比为3:2:1D设三次抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为1、2、3，则有1233、如图甲所示，一铝制圆环处于垂直环面的磁场中，圆环半径为r，电阻为R，磁场的磁感应强度B随时间变化关系如图乙所示，时刻磁场方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是（）A在时刻，环中的感应电流沿逆时针方向B在时刻，环中的电功率为C在时刻，环中的感应电动势为零D0t0内，圆环有收缩的趋势4、如图所示，一个劈形物体A，各面均光滑，放在固定的斜面上，上表面呈水平，在水平面上放一个小球B，劈形物体从静止开始释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是( )A沿斜面向下的直线B竖直向下的直线C无规则曲线D抛物

4、线5、 “太极球”运动是一项较流行的健身运动。做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，球拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，保持太极球不掉到地上。现将太极球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让小球在竖直面内始终不脱离平板做匀速圆周运动，则（）A小球的机械能守恒B平板对小球的弹力在处最大，在处最小C在两处，小球可能不受平板的摩擦力D小球在此过程中做匀速圆周运动的速度可以为任意值6、如图，虚线a、b、c为电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个电子仅在电场力作用下的运动轨迹，M、N是轨迹与等势面a，c的交点下列说法中正确的是（ ）A电子一定从M点向N点运动B等势面c的电

5、势最低C电子通过M点时的加速度比通过N点时小D电子通过M点时的机械能比通过N点时大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于热力学的一些现象和规律，以下叙述正确的是（ ）A热量不能自发地从低温物体传到高温物体B液体的表面张力使液面绷紧，所以液滴呈球形C高原地区水的沸点较低，是高原地区温度较低的缘故D一些昆虫可以停在水面上，是由于表面层的水分子比内部的水分子更密集E.一定质量的理想气体在状态改变过程中，既不吸热也不放热，内能也有可能发生变化8、一定质量的理想气体经历如图所

6、示的一系列过程，、和这四段过程在图上都是直线段，其中的延长线通过坐标原点O，垂直于，而平行于，平行于轴。由图可以判断（ ）A过程中气体分子的密集程度不断减小B过程中外界对气体做功C过程中气体内能不断增大D过程中气体从外界吸收热量E.过程的内能减小量等于过程中气体内能增加量9、关于热现象和热力学定律，下列说法正确的是 A一定质量100的水变成100的水蒸气，其分子势能一定增加B布朗运动是指悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动C在一定条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素D气体被压缩时，内能一定增加E.从单一热源吸收热量使之全部变成机械功是可能的10、如图1所示，矩形线圈放在光滑绝缘水平

7、面上，一部分处于竖直向下的匀强磁场中，线圈用绝缘直杆连接在竖直墙上当磁场的磁感应强度B随时间t按如图2所示的规律变化时，则在0-t时间内A杆对线圈的作用力一直是拉力B轩对线圈的作用力先是拉力后是推力C杆对线的作用力大小恒定D杆对线圈的作用力先减小后増大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）欧姆表的内部电路可简化为一个电动势为E的电源、一个电流表和一个阻值为r的电阻串联而成(如图甲所示)。小明同学欲测量某多用电表欧姆挡在“100”挡时的内部电阻和电动势，选用的器材如下：多用电表，电压表(量程03V、内阻为3k)，滑动变阻器 (最大阻值

8、2k)，导线若干。请完善以下步骤：(1)将多用电表的选择开关调到“100”挡，再将红、黑表笔短接，进行_ (机械/欧姆)调零；(2)他按照如图乙所示电路进行测量，将多用电表的红、黑表笔与a、b两端相连接，此时电压表右端应为_接线柱 (正/负)；(3)调节滑动变阻器滑片至某位置时，电压表示数如图丙所示，其读数为_V。(4)改变滑动变阻器阻值，记录不同状态下欧姆表的示数R及相应电压表示数U。根据实验数据画出的图线如图丁所示，由图可得电动势E=_ V，内部电路电阻r=_k。(结果均保留两位小数)12（12分）某同学要将一满偏电流为3mA的毫安表G改装为量程为30mA的电流表。他先测量出毫安表G的电阻

9、，然后对表进行改装，最后再利用一标准毫安表，对改装后的电流表进行检测具体实验步骤如下：按电路原理图a连接线路将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后调节R1的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度的三分之一的位置记下R2的阻值回答下列问题：（1）如果按正确操作步骤测得R2的阻值为90，则毫安表G内阻的测量值Rg=_，与毫安表内阻的真实值相比，Rg_（填“”、“”或“”）（2）若忽略实验的误差，将上述毫安表G改装成量程为30mA的电流表，则需要并联一个阻值R=_的电阻（3）根据图b所示电路对改装后的电表进行检测，当标准毫安表的示数为16

10、.0mA时，改装表的指针位置如图c所示，由此可以推测出改装的电表量程不是预期值，改装电流表的量程是_mA（4）要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为kR的电阻即可，其中k=_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，足够长的金属导轨MNC和PQD平行且间距为L左右两侧导轨平面与水平面夹角分别为=37、=53，导轨左侧空间磁场平行导轨向下，右侧空间磁场垂直导轨平面向下，磁感应强度大小均为B。均匀金属棒ab和ef质量均为m，长度均为L，电阻均为R，运动

11、过程中，两金属棒与导轨保持良好接触，始终垂直于导轨，金属棒ab与导轨间的动摩擦因数为=0.5，金属棒ef光滑。同时由静止释放两金属棒，并对金属棒ef施加外力F，使ef棒保持a=0.2g的加速度沿斜面向下匀加速运动。导轨电阻不计，重力加速度大小为g，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）金属棒ab运动过程中最大加速度的大小；（2）金属棒ab达到最大速度所用的时间；（3）金属棒ab运动过程中，外力F对ef棒的冲量。14（16分）如图所示，竖直平面内有一直角坐标系xOy，x轴沿水平方向。第二、三象限有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，与x轴成37角的绝缘细杆固定在二、三象限；第四象限同时存在

12、着竖直向上的匀强电场和垂直于坐标平面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的带电小球a穿在细杆上沿细杆匀速下滑，在N点脱离细杆恰能沿圆周轨道运动到x轴上的A点，且速度方向垂直于x轴。已知A点到坐标原点O的距离为，小球a与绝缘细杆的动摩擦因数0.5；，重力加速度为g，空气阻力忽略不计。求：(1)带电小球的电性及电场强度的大小E；(2)第二、三象限里的磁场的磁感应强度大小B1与第四象限磁感应强度B之比，=？(3)当带电小球a刚离开A点竖直向上运动时，从y轴正半轴距原点O为4l的P点（图中未画出）以某一初速度水平向右平抛一个不带电的绝缘小球b，a、b两球刚好在第一象限某点相碰，则

13、b球的初速度为多大？15（12分）某精密光学仪器上有一块玻璃砖是由一块长方体的匀质玻璃下部分挖掉一个半径为R的半圆柱形成的，其截面如图所示，CD为半圆柱体的直径，O为圆心，AD长为。一束单色光从AD边的中点E垂直射入玻璃砖，经过折射后从玻璃砖中射出。已知玻璃砖对该单色光的折射率为，光在真空中的传播速度为c。请画出此光束在玻璃砖中的光路图，并求出该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖时的折射角；该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所经历的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A一弹簧振子做简谐运动，周

14、期为T，若t=，则在t时刻和（t+t）时刻振子的位移相反，在t时刻和（t+t）时刻弹簧长度可能不相等，故A项错误；B一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t=T，则在t时刻和（t+t）时刻振子的位移相同，t时刻和（t+t）时刻振子运动的加速度一定相等，故B项正确；C一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t和（t+t）时刻振子运动速度大小相等，方向相反，则t和（t+t）时刻振子的位移有可能相同或相反，所以t有可能不等于的整数倍，故C项错误；D一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t和（t+t）时刻振子运动位移大小相等，方向相反，则t一定不等于T的整数倍，故D项错误。2、D【解析】A.将飞刀的运动逆过来看成是

15、一种平抛运动，三把刀在击中板时的速度大小即为平抛运动的初速度大小，运动时间为，初速度为，由图看出，三把刀飞行的高度不同，运动时间不同，水平位移大小相等，由平抛运动的初速度大小不等，即打在木板上的速度大小不等，故三把刀在击中板时动能不同;故A错误.B.竖直方向上逆过来看做自由落体运动，运动时间为，则得三次飞行时间之比为;故B错误.C.三次初速度的竖直分量等于平抛运动下落的速度竖直分量，由，可得它们得竖直分速度之比为;故C错误.D.设任一飞刀抛出的初速度与水平方向夹角分别为，则，则得123;故D正确.3、B【解析】A由磁场的磁感应强度B随时间变化关系图象可知，磁场反向后，产生的感应电流的方向没有改

16、变，0t0时间内，磁场垂直纸面向里，B减小，所以线圈中的磁通量在减小，根据楞次定律可判断线圈的电流方向为顺时针，所以A错误；BC由图象可得斜率为则由法拉第电磁感应定律可得，线圈产生的感应电动势为线圈的电功率为所以B正确，C错误；D 0t0内，磁感应强度在减小，线圈的磁通量在减小，所以根据楞次定律可知，线圈有扩张趋势，所以D错误。故选B。4、B【解析】楔形物体A释放前，小球受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体A释放后，由于楔形物体A是光滑的，则小球水平方向不受力，根据牛顿第一定律知，小球在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态而竖直方向：楔形物体A对B的支持力将小于小球的重力，小球将沿竖直方向做

17、加速运动，所以小球在碰到斜面前的运动是竖直向下的加速运动，其运动轨迹是竖直向下的直线，故B正确。故选B。5、C【解析】A小球在竖直平面内做匀速圆周运动，动能不变，但重力势能变化，机械能变化，故A错误；B对小球受力分析可知，小球在最高点A处时，其重力和平板对它的压力的合力提供向心力，而在最低点处时，平板对小球的支持力和小球的重力的合力提供向心力，故在A处最小，C处最大，故B错误；C小球在两处时，若平板的支持力与小球的重力的合力恰好提供向心力，小球相对平板没有相对运动趋势，摩擦力为零，故C正确；D小球在最高点，速度有最小值，其最小值满足解得故D错误。故选C。6、C【解析】A电子可以由M到N，也可以

18、由N到M，由图示条件不能具体确定，故A错误；B电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电子带负电，则M点电子受到左下方的电场力，因此电场线指向右上方，根据沿电场线电势降低，可知a等势线的电势最低，c等势线的电势最高，故B错误；C等势线密的地方电场线密，电场场强大，则N点场强大于M点场强。则电子通过N点的加速度比M点的大，故C正确；D从M到N过程中电场力做正功，根据功能关系可知，机械能增加，即电子通过M点时的机械能比通过N点时小，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分

19、。7、ABE【解析】A根据热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，需要外界干预，故A正确；BD液体表面张力是由于表面层的水分子比液体内部的水分子更稀疏，分子间表现出引力，使液面绷紧，液滴呈球形，故B正确，D错误；C高原地区水的沸点较低，这是因为高原地区大气压较低的缘故，故C错误；E根据热力学第一定律，一定质量的理想气体在状态改变过程中，既不吸热也不放热，通过做功内能也有可能发生变化，故E正确。故选ABE。8、BCD【解析】A根据理想气体状态方程可知，则P-T图中过原点的直线为等容变化，所以ab过程中气体体积不变，所以气体分子的密集程度不变，故A错误；B过c点做过原点的直线，则为一

20、条等容线，且斜率比ab斜率大，根据可知，VcVb则由bc过程体积减小，外界对气体做功，故B正确；Ccd过程中气体温度升高，气体内能增加，故C正确；Dda过程，气体温度不变，则气体内能不变；压强减小，根据玻意耳定律可知，体积增大，则气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，气体应吸热，故D正确；Ebc垂直于ab，而cd平行于ab说明，ab的温度变化比cd的温度变化小，且理想气体内能只与温度有关，温度升高，内能增加，可知ab过程的内能减小量小于cd过程中气体内能增加量，故E错误；故选BCD。9、ACE【解析】A一定质量100的水变成100的水蒸气，一定吸收热量，分子平均动能不变，则分子势能一定增加，

21、故A正确；B悬浮颗粒受到液体分子不均匀的撞击从而做无规则运动，即为布朗运动，所以布朗运动是悬浮颗粒的运动，故B错误；C分子永不停息地做无规则热运动，所以在一定条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素，故C正确：D气体被压缩时，同时对外传热，根据热力学第一定律知内能可能不变，故D错误；E由热力学第二定律可知，从单一热源吸取热量，使之全部变成机械功是可能的，但会产生其他影响，故E正确。故选：ACE。10、BD【解析】AB.磁通量先减小后增大，根据楞次定律可知，杆对线圈的作用力先是拉力后是推力， A错误，B正确；CD.由于磁场均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势恒定，感应电流恒定

22、，由于磁感应强度先变小后变大，由F =BIL可知，杆对线圈的作服力先减小后增大，C错误，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、欧姆 正 0.95 (0.940.96) 1.45 (1.411.47) 1.57 (1.52-1.59) 【解析】（1）1选择合适的档位进行欧姆调零，使指针指向欧姆表的零刻度位置；（2）2黑表笔和欧姆档内部的电源正极相连，电压表右端和黑表笔相连，所以电压表右端应为正接线柱；（3）3电压表分度值为，所以电压表读数为：；（4）4根据闭合电路欧姆定律：变形得：根据图像中的斜率：解得：；5根据图像中的纵截距：解得：。12、180 20 )32 【解析】（1）1由于指针指在三分之一的位置，说明R2分得电流为电流计电流的两倍，所以电流计电阻是R2的两倍，为180。闭合S2后，R2与Rg的并联值R并Ig，而此时G的示数为满偏电流的三分之一，所以IR2大于三分之二满偏电流，所以2R2，即Rg；（2）2由并联电路分流特点，得=20（3）3标准毫安表的示数为16.0mA时，改装后的电表显示为刻度盘的中值刻度，故改装电流表的量程为32mA；（4）4把毫安表改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值当量程为32mA时，则有当量程为30mA时，则有联立解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡