2022-2023学年江西省南昌市莲塘一中化学高三上期中统考试题（含解析）

1、2022-2023高三上化学期中模拟测试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、实验室模拟合成氨和氨催化氧化的实验装置如下图。反应一段时间后向丙中通入O2并伸入红热的铂丝,锥形瓶中有红棕色气体出现。下列说法错误的是()A分离液态空气制取氮气的依据是氮气和氧气的沸点不同B氮气和氢气通过甲装置混合,其主要作用是干燥和控制气体流速C丙中导气管不会发生倒吸的原因可能是反应中氨的产率

2、较少D丙的溶液和棉花中均存在 ,说明直接发生反应NH3+2O2 HNO3+H2O2、以下过程与化学键断裂无关的是A氯化钠熔化B干冰升华C金刚石熔化D金属汞汽化3、制备乙酸丁酯实验装置正确的是 ABCD4、下列设计的实验方案能达到实验目的的是A制备Fe(OH)3胶体:将饱和FeCl3溶液滴加到NaOH溶液中，并煮沸片刻B除去Cu粉中混有的CuO:向混合粉末中加入足量稀硝酸、过滤、洗涤并干烧C检验木炭与浓硫酸加热产生的气体中含有CO2: 将气体通入澄清石灰水，观察现象D提纯含有少量KBr的KCl并回收Br2: 将混合物溶于水并通入足量Cl2， 用CCl4萃取分液，水相进行蒸发结晶收集KCl，有机相

3、进行蒸馏回收Br2和CCl45、如果要除去Na2CO3固体中少量的NaHCO3，则应选择的最佳方法是()A加入适量盐酸B加入NaOH溶液C加热灼烧D配成溶液后通入CO26、下列各组澄清溶液中离子能大量共存，且加入（或通入）X试剂后发生反应的离子方程式书写正确的是选项离子组X试剂离子方程式AK+、Na+、ClO、SO42少量SO2SO2+ClO+H2OSO42+Cl+2H+BNH4+、Fe3+、Br、SO42过量H2S2Fe3+H2S2Fe2+S+2H+CNH4+、Na+、Fe3+、Al(OH)4过量铜粉2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+DK+、Na+、 HCO3、Al(OH)4少量HClH+Al

4、(OH)4Al(OH)3+H2OAABBCCDD7、设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确的是A3.2g铜与足量稀硝酸反应过程中转移的电子数一定为0.1NAB5.6g 铁粉与硝酸反应失去电子数一定为0.3 NAC1L 0.5 mol/L Na2CO3溶液中含有的CO32-数目小于0.5NADNA个一氧化碳分子和0.5mol甲烷的质量比为7：28、化学在生产和日常生活中有着重要的应用。下列说法不正确的是( )A明矾水解形成的Al(OH)3胶体能吸附时水中悬浮物，可用于水的净化B在海轮外壳上镶入锌块，可减缓船体的腐蚀速率CMgO的熔点很高，可用于制作耐高温材料DBaCO3不溶于水，可用作医疗上

5、检査肠胃的钡餐9、本草纲目中对玻璃有如下叙述：“本作颇黎。颇黎，国名也。其莹如水，其坚如玉，故名水玉，与水精（即水晶，主要成分为SiO2）同名。有酒色、紫色、白色，莹澈与水精相似。”下列说法错误的是（ ）A文中所描述的玻璃颜色，来自某些金属氧化物B玻璃质地坚硬，不易破碎C将石灰石、纯碱、石英在高温下熔融，可制得普通玻璃D不能用带有磨口玻璃塞的玻璃试剂瓶盛放NaOH溶液10、下列实验装置应用于铜与浓硫酸反应制取二氧化硫和硫酸铜晶体，能达到实验目的的是A用图甲装置制取并收集二氧化硫B用图乙装置向反应后的混合物中加水稀释C用图丙装置过滤出稀释后混合物中的不溶物D用图丁装置将硫酸铜溶液蒸发结晶11、用

6、下列装置完成相关实验，合理的是()A图：验证H2CO3的酸性强于H2SiO3B图：收集CO2或NH3C图：分离Na2CO3溶液与CH3COOC2H5D图：分离CH3CH2OH与CH3COOC2H512、下列变化一定属于化学变化的是( )金属导电爆炸二氧化氮经加压冷却凝结称无色液体氯气使品红溶液褪色无水硫酸铜由白变蓝工业制氧气十水碳酸钠风化久置浓硝酸变黄和间的相互转化煤的干馏和石油的分馏ABCD13、绝热容器中发生反应：3Z（s）X（g）2Y（g）Ha kJmol1（a0）。下列说法不正确的是A将0.3 mol Z置于容器中充分反应生成气体的物质的量一定小于0.3 molB达到化学平衡状态时，气

7、体平均摩尔质量不变C容器中放入3mol Z，达到化学平衡状态时，反应吸收的总热量为a kJD容器温度不变，反应已经达到平衡14、下列化学反应先后顺序判断正确的是（ ）A向含有等物质的量的Ba（OH）2、KOH的混合溶液中通入CO2，与CO2反应的物质依次是：KOH、 Ba（OH）2、BaCO3B向含有等物质的量的Fe2+、Ag+、Cu2+的混合溶液中加入Zn，与Zn反应的离子依次是：Ag+、Cu2+、Fe2+C向含有等物质的量的AlO2-、OH-、CO32-的混合溶液中滴加盐酸，与盐酸反应的物质依次是 ：AlO2-、Al（OH）3、OH-、CO32-D在含有等物质的量的FeBr2、FeI2的溶

8、液中，缓慢通入氯气，与氯气反应的离子依次是：I-、Br-、Fe2+15、设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是A常温下，2.7g铝片投入足量的浓硫酸中，铝失去的电子数为0.3NAB标准状况下，2.24 L SO3中所含原子数为0.4NAC常温常压下，16g O2和O3的混合气体中所含原子数目为NAD在一定条件下，1mol N2与3mol H2反应生成的NH3分子数为2NA16、前20号元素X、Y、Z、W、R原子序数依次增大。其中X、Z、R最外层电子数相等，且X与Z、R均可形成离子化合物；Y、W同主族,Y最外层电子数是内层电子数的3倍。下列说法正确的是( )A元素原子半径大小顺序为：r(W

9、) r(Z) r(Y)BX分别与Y、Z、W形成的常见化合物都属于电解质CY分别与Z、R形成的化合物中均只含有离子键DY分别与Z、W均可形成具有漂白性的化合物，且漂白原理相同二、非选择题（本题包括5小题）17、下表是元素周期表的一部分，回答下列有关问题：（1）写出下列元素符号：_，_，_，_。（2）在这些元素中，最活泼的金属元素是_，最活泼的非金属元素是_，最不活泼的元素是_。（3）在这些元素的最高价氧化物对应水化物中，酸性最强的是_，碱性最强的是_，呈两性的氢氧化物是_，写出三者之间相互反应的化学方程式_。（4）在这些元素中，原子半径最小的是_，原子半径最大的是_。（5）在与中，化学性质较活泼

10、的是_，怎样用化学实验证明？答：_。在与中，化学性质较活泼的是_，怎样用化学实验证明？答：_。18、G 是某抗炎症药物的中间体，其合成路线如下：已知：（1）B 的结构简式为_。（2）反应的条件为_；的反应类型为_；反应的作用是_。（3）下列对有机物 G 的性质推测正确的是_(填选项字母)。 A具有两性，既能与酸反应也能与碱反应B能发生消去反应、取代反应和氧化反应C能聚合成高分子化合物D1molG 与足量 NaHCO3溶液反应放出 2molCO2（4）D 与足量的 NaOH 溶液反应的化学方程式为_。（5）符合下列条件的 C 的同分异构体有_种。A属于芳香族化合物，且含有两个甲基B能发生银镜反应

11、C与 FeCl3溶液发生显色反应其中核磁共振氢谱有 4 组峰，且峰面积之比为 6221 的是_(写出其中一种结构简式)。（6）已知：苯环上有烷烃基时，新引入的取代基连在苯环的邻或对位；苯环上有羧基时，新引入的取代基连在苯环的间位。根据题中的信息，写出以甲苯为原料合成有机物的流程图(无机试剂任选)。合成路线流程图示例如下：XYZ目标产物_19、铁及其化合物在日常生产生活中用途广泛，利用制备还原铁粉的工业流程如下：实验室中可用(用铁粉和稀硫酸反应制得)和在如图装置模拟上述流程中的“转化”环节(1)装置A的名称是_，装置B中盛放的药品是_，盛放在装置_中(2)实验过程中，欲将生成的溶液和溶液混合，操

12、作方法是_溶液要现用现配制的原因是_(3)操作I的名称是_，干燥过程的主要目的是脱去游离水，该过程中会有少量在空气中被氧化为，取干燥后的样品，与炭混合后焙烧，最终得到还原铁粉，计算样品中杂质的质量_g20、硫代硫酸钠（Na2S2O3）可由亚硫酸钠和硫粉通过化合反应制得。已知：Na2S2O3在酸性溶液中不能稳定存在；硫代硫酸钠与碘反应的离子方程式为：2S2O32-+I2 = S4O62- + 2I- 。（）制备Na2S2O35H2O打开K1，关闭K2，向放有铜片的圆底烧瓶中加入足量浓硫酸，加热。圆底烧瓶中发生反应的化学方程式为_。C中混合液被气流搅动，反应一段时间后，硫粉的量逐渐减少。C中碳酸钠

13、的作用是_。“停止C中的反应”的操作是_。过滤C中的混合液。将滤液加热浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、烘干，得到产品。装置B中盛放的试剂是（填化学式）_溶液，其作用是_。（）用I2的标准溶液测定产品的纯度取5.5g产品，配制成100mL溶液。取10.00mL溶液，以淀粉溶液为指示剂，用浓度为0.050mol/L I2的标准溶液进行滴定，相关数据记录如下表所示：编号123溶液的体积/mL10.0010.0010.00消耗I2标准溶液的体积/mL19.9517.1020.05滴定时，达到滴定终点的现象是_。Na2S2O35H2O在产品中的质量分数是_（用百分数表示，且保留1位小数）。下列操作中可能使测

14、定结果偏低的是_(填字母)。A酸式滴定管未用标准液润洗就直接注入I2的标准液B滴定前盛放Na2S2O3溶液的锥形瓶用蒸馏水洗净后没有干燥C酸式滴定管尖嘴部分在滴定前没有气泡，滴定后有气泡D读取I2标准液时，开始仰视读数，滴定结束时俯视读数21、.汽车尾气中排放的NOx和CO污染环境，在汽车尾气系统中装置催化转化器，可有效降低NOx和CO的排放。已知：2CO(g)O2(g)2CO2(g) H566.0 kJ mol1N2(g)O2(g)2NO(g) H+180.5 k J mol12NO(g)O2(g)2NO2(g) H116.5 k J mol1回答下列问题：（1）CO的燃烧热为_。若1mol

15、N2(g)、1molO2(g)分子中化学键断裂时分别需要吸收946kJ、498kJ的能量，则1molNO(g)分子中化学键断裂时需吸收的能量为_kJ。（2）CO将NO2还原为单质的热化学方程式为_。.一些硼化合物在工业上有许多用途。以铁硼矿为原料可以制得硼酸及其他硼化合物。回答下列问题：（3）核电站中可用硼酸（H3BO3）吸收中子，阻断核辐射，硼酸中B的化合价为_。（4）已知：Ka(H3BO3)5.810-10，Ka(H2CO3)4.410-7，Ka(HCO3-)4.710-11，向饱和硼酸溶液中滴加0.1mo l L-1 Na2CO3溶液，_（填“能”或“不能”）观察到气泡逸出。实验室用硼酸

16、处理NaOH灼伤时，会生成B(OH)4，则硼酸溶于水的电离方程式为_。（5）以硼酸为原料可制备重要还原剂NaBH4，BH的电子式为_。NaBH4与BF3在5070反应生成NaBF4和乙硼烷（B2H6），该反应的化学方程式是_。2022-2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、D【题目详解】A. 氮气和氧气的沸点不同，因此可依据二者沸点不同分离液态空气制取氮气，A正确；B. 浓硫酸具有吸水性，氮气和氢气通过盛有浓硫酸的甲装置混合，一方面可以干燥气体，另一方面可控制气体流速，从而控制反应速率，B正确；C. 由于合成氨反应是可逆的，生成的氨气较少，因此丙

17、中导气管不会发生倒吸，C正确；D. 在催化剂作用下氨气和氧气反应生成NO，NO继续被氧化生成NO2，NO2溶于水生成硝酸，所以丙的溶液和棉花中均存在，D错误；答案选D。2、B【答案解析】A氯化钠的熔化破坏离子键，与化学键断裂有关，故A错误；B干冰属于分子晶体，升华时破坏了分子间作用力，与化学键断裂无关，故B正确，C金刚石属于原子晶体，熔化时破坏了共价键，与化学键断裂有关，故C错误；D金属汞是金属晶体，汽化时破坏了金属键，与化学键断裂有关，故D错误；答案选B。【答案点睛】判断晶体的类型以及粒子间作用力是解题的关键。离子晶体中存在离子键，原子晶体中存在共价键，金属晶体中存在金属键，这些晶体状态变化

18、时，化学键均会断裂，只有分子晶体状态变化时破坏分子间作用力，不破坏化学键。3、C【题目详解】乙酸丁酯的制备采用的是回馏装置，并非边制备边蒸馏，故选C。4、D【答案解析】A、应向沸水中滴加FeCl3饱和溶液制备Fe(OH)3胶体，故A错误；B、除去Cu粉中混有的CuO：向混合粉末中加入足量稀盐酸、过滤、洗涤并干燥，硝酸具有强氧化性，也能溶解铜，故B错误；C、检验木炭与浓硫酸加热产生的气体中含有CO2：应选将混合气体通入酸性高锰酸钾溶液，除去SO2，将余下气体通入澄清石灰水，观察现象，故C错误。D、提纯含有少量KBr的KCl并回收Br2:将混合物溶于水并通入足量Cl2， 用CCl4萃取分液，水相进

19、行蒸发结晶收集KCl，有机相进行蒸馏回收Br2和CCl4，故D正确。故选D。5、C【题目详解】按照易操作、不引入新杂质的原则，加热是最佳方法，不但可除去NaHCO3还可以生成Na2CO3，答案选C。6、B【答案解析】A二氧化硫少量时，反应产物中的氢离子与次氯酸根离子反应生成HClO，正确的离子方程式为：SO2+3ClO-+H2OSO42-+Cl-+2HClO，故A错误；BNH4+、Fe3+、Br-、SO42-之间不反应，加入过量H2S后发生反应：2Fe3+H2S2Fe2+S+2H+，故B正确；CFe3+与Al(OH)4-发生双水解反应，在溶液中不能大量共存，故C错误；DHCO3-与Al(OH)

20、4能够反应生成氢氧化铝沉淀，在溶液中不能大量共存，故D错误；故选B。点睛：本题考查离子共存、离子方程式的判断，注意明确离子不能大量共存的一般情况：能发生复分解反应的离子之间；能发生氧化还原反应的离子之间等。本题的易错点为D，HCO3-、Al(OH)4能够反应，HCO3-电离促进Al(OH)4水解，反应生成氢氧化铝沉淀。7、B【答案解析】A、铜和硝酸反应后的价态为+2价，故3.2g铜即0.1mol铜转移的电子数为0.2NA，故A正确；B、铁和硝酸反应后的价态最终可能为+3价，也可能为+2价，故5.6g铁粉即0.1mol铁失去的电子数不一定为0.3NA，故B错误；C、1L 0.5 mol/L Na

21、2CO3溶液中Na2CO3的物质的量为0.5mol，又CO32-会发生水解，则CO32-小于0.5mol，即数目小于0.5NA，故C正确；D、NA个一氧化碳分子为1mol，质量为28g，0.5mol甲烷质量为8g，故质量比为7：2，故D正确。点睛：阿伏加德罗常数的常见问题和注意事项：物质的状态是否为气体；对于气体注意条件是否为标况；注意同位素原子的差异；注意可逆反应或易水解盐中离子数目的判断；注意物质的结构：Na2O2是由Na+和O22构成，而不是有Na+和O2构成；SiO2是原子晶体，其结构中只有原子没有分子，SiO2是正四面体结构， 1molP4含有的共价键为6NA等。8、D【题目详解】A

22、明矾在水中电离的铝离子能水解生成Al(OH)3胶体，Al(OH)3胶体具有较大的表面积，有吸附性，能吸附水中的悬浮物，可用于水的净化，故A正确；B锌的活泼性比铁强，在海水中与铁形成原电池后锌作负极被氧化，铁作正极被保护，故 B正确；CMgO的熔点在两千摄氏度以上，熔点很高，可用于制作耐高温材料，故C正确；DBaCO3不溶于水，但可溶于盐酸，不能用作医疗上检查肠胃的钡餐，应该用硫酸钡，故D错误；综上所述答案为D。9、B【答案解析】A、玻璃中含有少量金属氧化物，能够使玻璃呈现不同的颜色，故A正确；B、玻璃是一种质地坚硬，容易破碎的玻璃态物质，故B错误；C、制玻璃的原料是：石灰石、纯碱、石英，三者在

23、玻璃熔炉中高温熔融可制得玻璃，故C正确；D、玻璃塞中的二氧化硅能和氢氧化钠反应生成硅酸钠，长时间后，塞子不容易打开，所以氢氧化钠溶液不能用带有磨口玻璃塞的试剂瓶盛装，故D正确；故选B。10、C【分析】A二氧化硫密度比空气大；B类比浓硫酸的稀释；C操作符合过滤中的一贴二低三靠；D溶液蒸发浓缩、冷却结晶得到硫酸铜晶体。【题目详解】A二氧化硫密度比空气大，应用向上排空气法收集，选项A错误；B反应后的混合物中含有浓度较大的硫酸，稀释该混合物时，要将混合液沿烧杯内壁缓慢加入水中，并用玻璃棒不断搅拌，选项B错误；C转移液体时用玻璃棒引流，防止液体飞溅，操作符合过滤中的一贴二低三靠，操作正确，选项C正确；D

24、溶液蒸发浓缩、冷却结晶得到硫酸铜晶体，不能进行蒸发结晶，选项D错误。答案选C。【答案点睛】本题考查较为综合，涉及基础实验操作，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，注意把握实验的方法、步骤和使用的仪器，注重相关基础知识的积累，难度不大。11、B【题目详解】A、生成的二氧化碳中含有氯化氢，氯化氢也能与硅酸钠反应产生硅酸沉淀，干扰二氧化碳与硅酸钠反应，A错误；B氨气的密度比空气密度小，二氧化碳的密度比空气密度大，则导管长进短出收集二氧化碳，短进长出收集氨气，B正确；CNa2CO3溶液与CH3COOC2H5分层，应选分液法分离，C错误；DCH3CH2OH与CH3COOC2H5互溶，不能分

25、液分离，应选蒸馏法，D错误；答案选B。【答案点睛】本题考查化学实验方案的评价，把握物质的性质、酸性比较、气体收集、混合物分离、实验技能为解答本题的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识与实验的结合，选项A是解答的易错点，注意浓盐酸的挥发性。12、A【分析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成；据此分析判断。【题目详解】金属导电是自由电子的定向移动，过程中无新物质生成为物理变化，故错误；爆炸不一定是化学变化，如气球爆炸，故错误；二氧化氮经加压冷却凝结称无色液体发生了化学反应生成了四氧化二氮，故正确；氯气使品红溶

26、液褪色是氯气的氧化性，氧化有色物质生成无色物质，故正确；无水硫酸铜由白变蓝是硫酸铜和水反应生成结晶水合物，为化学变化，故正确；工业制氧气是利用液化空气分离得到，为物理变化，故错误；十水碳酸钠风化是结晶水合物失去结晶水发生了化学反应，故正确；久置浓硝酸变黄是硝酸分解生成的二氧化氮溶解于溶液中形成，为化学变化，故正确；16O和18O间的相互转化是原子核的变化不是化学变化范畴，故错误；煤的干馏是隔绝空气加强热发生化学反应，石油的分馏是控制温度分离混合物为物理变化，故错误；一定是化学变化的是，答案选A。13、C【题目详解】A、可逆反应的反应物不会完全转化为产物，将0.3mol Z置于容器中充分反应生成

27、气体的物质的量一定小于0.3mol，故A正确；B、气体平均摩尔质量等于气体质量和物质的量的比值，反应气体质量和物质的量都变化，达到化学平衡状态时，气体平均摩尔质量不变，故B正确；C、容器中放入3molZ，达到化学平衡状态时，消耗的Z的物质的量小于3mol，反应吸收的总热量小于akJ，故C错误；D、反应伴随吸热，反应过程中会伴随温度的变化，变量不变的状态是平衡状态，容器温度不变，反应已经达到平衡，故D正确；故选C。【答案点睛】反应达到平衡的标志是各物质的量不变、正逆反应速率相等。也可以说当随反应进行改变的物理量不变时反应达到平衡。如B选项，气体平均摩尔质量等于气体质量和物质的量的比值，反应气体质

28、量和物质的量都变化，达到化学平衡状态时，气体平均摩尔质量不变。14、B【分析】【题目详解】A.氢氧化钡先与二氧化碳发生反应，因为碳酸钾与氢氧化钡不能共存，故A错误；B.氧化性顺序：Ag+Cu2+Fe2+，锌粉先与氧化性强的反应，反应顺序为Ag+、Cu2+、Fe2+，故B正确；C.若H+最先与AlO2-反应，生成氢氧化铝，而氢氧化铝与溶液中OH-反应又生成AlO2-，反应顺序为OH-、AlO2-、CO32-，故C错误；D.离子还原性I-Fe2+Br-，氯气先与还原性强的反应，氯气的氧化顺序是I-、Fe2+、Br-，因为2Fe2+Br2=2Fe3+2Br-，故D错误；故选B。【答案点睛】本题考查反

29、应的先后顺序，为高频考点，把握酸性、还原性、氧化性、溶度积等为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，综合性较强。同一反应体系有多种物质参加反应，确定反应先后顺序成为学习中的难点，特别是反应先后顺序与图像结合更困难。判断先后反应总原则是，先反应的产物与其他物质能大量共存，若产物不能与其他物质大量共存，则它一定不能先反应。1、同一氧化剂与多种还原剂反应，还原性较强的还原剂先发生反应。常见还原剂的还原性顺序：S2-I-Fe2+Br-Cl-。2、与同一种还原剂反应，氧化性强的氧化剂优先发生反应。阳离子氧化性顺序与金属活动性顺序相反，其中铁对应的是亚铁离子，而不是铁离子，铁离子的氧化性强于铜离子，但弱于

30、银离子。3、阳离子与OH-反应和阴离子与H+反应，用假设法判断离子反应的先后顺序，若优先反应的产物与其他离子能大量共存，该假设成立，否则，假设不成立。4、对于多种物质组成的混合物，要分清是物质本身发生反应，还是一种物质发生反应后，生成产物继续反应。例如，固体碳酸氢钠与氢氧化钠混合，氢氧化钠与碳酸氢钠反应，过量的碳酸氢钠发生分解等。15、C【题目详解】A. 常温下Al在浓硫酸中发生钝化，A项错误；B. 标准状况下SO3呈固态，无法用22.4L/mol计算SO3物质的量，B项错误；C. O2和O3互为同素异形体，16gO2和O3的混合气体中所含O原子物质的量：n（O）=1mol，C项正确；D. N

31、2与H2化合成NH3的反应为可逆反应，在一定条件下1molN2与3molH2反应生成NH3分子物质的量小于2mol，D项错误；答案选C。【答案点睛】本题考查以阿伏加德罗常数为中心的计算，涉及金属的钝化、气体摩尔体积、物质的组成、可逆反应等知识。注意22.4L/mol适用于标准状况下已知气体体积计算气体分子物质的量。16、B【题目详解】前20号元素X、Y、Z、W、R原子序数依次增大。Y最外层电子数是内层电子数的3倍，由于最外层电子数不超过8，原子只能有2个电子层，Y最外层电子数为6，故为O，而Y、W同主族，则W为S，X、Z、R最外层电子数相等，三者处于同主族，只能处于A族或A族，且X与Z、R均可

32、形成离子化合物，几何原子序数可知X为H、Z为Na、R为K。A. 同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径增大，故原子半径为r(Z) r(W) r(Y)，故A错误；B.X分别与Y、Z、W形成的常见化合物依次为H2O、NaH、HCl，它们都属于电解质，故B正确；C.Y与Z形成化合物有氧化钠、过氧化钠，而过氧化钠中含有离子键、共价键，故C错误；D.Y分别与X、Z、W均可形成具有漂白性的化合物H2O2、Na2O2、SO2，前两者利用其强氧化性，而二氧化硫利用与有机色质化合为不稳定的无色物质，漂白原理不相同，故D错误；答案选B。【答案点睛】正确推断出元素是解决本题的关键。二、非选择题（本题包括

33、5小题）17、N Si S Ca K F Ar HClO4 KOH Al(OH)3 Al(OH)3+3HClO4=Al(ClO4)3+3H2O、Al(OH)3+KOH=KAlO2+2H2O、KOH+HClO4=KClO4+H2O F K Na 与H2O反应：Na与水剧烈反应，Mg与水不反应 Cl 将Cl2通入到NaBr溶液中，溶液由无色变为橙色，说明Cl的化学性质比Br的活泼 【题目详解】（1）根据元素周期表的结构可知：、分别在第二周期VA、第三周期IVA、第三周期VIA和第四周期IIA，则、分别为N、Si、S、Ca；（2）根据元素周期表性质的递变规律，最活泼的金属应在第IA，最活泼的非金属应

34、在第VIIA，惰性气体最不活泼，则在I A元素Na（）和K（）中K最活泼；在VII A族元素F（）、Cl（）和Br（）中，F最活泼；最不活泼的是即Ar；（3）元素的最高价氧化物对应水化物中，酸性最强的必是非金属性增强的，根据同周期、同主族元素非金属性的递变规律可知，元素非金属性最强的是即F，但F无最高正价；因为我们知道，HClO4已知的最高价含氧酸中酸性最强的，即酸性最强的是HClO4；元素的最高价氧化物对应水化物中，碱性最强的必是非金属性增强的，根据同周期、同主族元素金属性的递变规律可知，元素金属性最强的是即K，则碱性最强的必是KOH；在表中所列元素的最高价氧化物对应水化物中，只有Al(OH

35、)3具有两性；三者之间相互反应的化学方程式分别为Al(OH)3+3HClO4=Al(ClO4)3+3H2O、Al(OH)3+KOH=KAlO2+2H2O、KOH+HClO4=KClO4+H2O；（4）同周期元素从左至右原子半径依次减小，同主族元素从上而下原子半径依次增大，故在这些元素中，原子半径最小的是F，原子半径最大的是K；（5）和分别是Na和Mg，根据同主族元素金属性的递变规律可知，金属性NaMg，根据判断金属性强弱的方法，可依据二者单质分别与水反应的剧烈程度来判断其金属性强弱，即与H2O反应：Na与水剧烈反应，Mg与水不反应；和分别是Cl和Br，根据同主族元素非金属性的递变规律可知，非金

36、属性ClBr，根据判断非金属性强弱的方法，可依据二者气态氢化物的稳定性、单质之间的置换反应等来判断其非金属性强弱，即将Cl2通入到NaBr溶液中，溶液由无色变为橙色，说明Cl的化学性质比Br的活泼。【答案点睛】本题综合性较强，涵盖了元素周期表、元素性质的递变规律、元素金属性及非金属性强弱的判断方法等，要求用多方面的知识解决问题，能很好滴训练综合运用知识解决问题的能力，根据元素最高价氧化物对应水化物的递变规律或元素的金属性、非金属性的递变规律思考。18、浓硫酸、浓硝酸、加热取代反应保护酚羟基，以防被氧化AC16【答案解析】C发生氧化反应生成D，由D的结构逆推，可知C为；A与B反应生成C，结合B的

37、分子式、给予的反应信息，可知B为，A为；D发生水解反应、酸化得到E为；由G的结构简式可知，E发生硝化反应生成F，F再发生还原反应得到G。（1）由上述分析可知，B的结构简式为：,故答案为；（2）反应为硝化反应，反应条件为：浓硫酸、浓硝酸、加热，的反应类型为取代反应，反应的作用是保护酚羟基，以防被氧化。故答案为浓硫酸、浓硝酸、加热；取代反应；保护酚羟基，以防被氧化；（3）A、G含有氨基与羧基，具有两性，既能与酸反应也能和碱反应，故A正确；B、G不能发生消去反应，故B错误；C、含有羧基、氨基，能进行缩聚，形成高分子化合物，故C正确；D、羧基能与NaHCO3反应生成CO2，1molG与足量NaHCO3

38、溶液反应放出1molCO2，故D错误。故选AC；（4）D中羧基，水解得到羧酸与酚羟基均与NaOH反应，反应化学方程式为：；（5）C为,符合下列条件的C的同分异构体：a、属于芳香族化合物，且含有两个甲基，说明含有苯环和2个CH3；b、能发生银镜反应，说明含有CHO；c、与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，则苯环上有四个取代基：2个CH3、1个OH、1个CHO。若为苯环上H原子被OH、CHO取代，则当OH在中1号位置，-CHO有3种位置；当-OH在2号位置，CHO有3种、3种位置，故共6种同分异构体；若为苯环上H原子被OH、CHO取代，则当OH在中1号位置，-CHO有2种位置；当-OH在

39、2号位置，-CHO有2种位置；当-OH在3号位置，-CHO有3种位置，共7种同分异构体；若为苯环上H原子被OH、CHO取代，OH有1种位置，而CHO有3种位置。故符合条件的同分异构体共有16种。其中核磁共振氢谱有4组峰,且峰面积之比为6:2:1:1的是或。故答案为16； 或。（6）流程目的：。要将-CH3氧化为-COOH，且要在邻位引入1个-NH2。苯环上-CH3可以在酸性高锰酸钾条件下被氧化为-COOH；据已知信息可知，可以先在甲苯上引入-NO2，即发生硝化反应；然后在Fe/HCl的条件下将-NO2还原为-NH2；而又已知-NH2极易被氧化，所以-CH3的氧化应在-NO2的还原之前。合成流程

40、图为：。19、分液漏斗 铁粉 C (待D处的氢气纯净后)关闭活塞3，打开活塞2 亚铁离子易被氧化 洗涤 0.89 【分析】由图可知，分液漏斗中为稀硫酸，烧杯中为铁粉，反应后（待D处的气体纯净后）关闭活塞3，打开活塞2，C中盛放NH4HCO3，C中发生Fe2+2HCO3-FeCO3+H2O+CO2，过滤分离出硫酸铵，然后将FeCO3洗涤，干燥，最后加碳焙烧生成还原性Fe粉，以此来解答。【题目详解】(1)装置A的名称是分液漏斗，装置B中盛放的试剂是铁粉，NH4HCO3盛放在装置C中；(2)实验过程中，欲将生成的FeSO4溶液和NH4HCO3溶液混合制FeCO3沉淀，操作方法是(待D处的气体纯净后)

41、关闭活塞3，打开活塞2，发生主要反应的离子方程式为 ，FeSO4溶液要现用现配制的原因是亚铁离子易被氧化；(3)过滤后得到固体，需要洗涤，所以操作I的名称是洗涤，干燥过程主要目的是脱去游离水，过程中会有少量FeCO3在空气中被氧化为FeOOH，该反应的化学方程式为 ，取干燥后的FeCO3样品12.49g，与碳混合后焙烧，最终得到还原铁粉6.16g，设样品中FeCO3的物质的量为xmol，FeOOH的物质的量为ymol，则116x+89y=12.49x+y= ，解得x=0.1mol，y=0.01mol，样品中杂质FeOOH的质量为0.89g。20、Cu+2H2SO4（浓） CuSO4 + SO2

42、+ 2H2O 提供碱性环境，作反应物 打开K2，关闭K1 NaOH 在C中的反应停止后，吸收A中产生的多余SO2，防止空气污染 加入最后一滴I2标准溶液后，溶液变蓝，且半分钟内颜色不改变 90.2 CD 【答案解析】（）铜和浓硫酸加热反应生成CuSO4、SO2和H2O；故答案为Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+SO2+2H2O；SO2通入Na2CO3溶液中反应生成Na2SO3，Na2SO3和硫粉反应生成Na2S2O3，故Na2CO3作反应物；又Na2S2O3在酸性溶液中不能稳定存在，Na2CO3又可以提供碱性环境。停止C中的反应只需要打开K2，关闭K1 。故答案为提供碱性环境，作反应物；打开

43、K2，关闭K1；打开K2，关闭K1，C中反应停止，SO2进入B装置，为防止SO2排放到空气中污染环境，装置B利用NaOH溶液吸收。故答案为NaOH；在C中的反应停止后，吸收A中产生的多余SO2，防止空气污染；（）以淀粉溶液为指示剂，用浓度为0.050mol/L I2的标准溶液进行滴定，终点现象为溶液变蓝色且半分钟内不褪色；根据表中数据可知，第二次实验中消耗I2标准溶液的体积偏小，舍去，则实际消耗I2标准溶液的体积的平均值是=l，则根据反应的方程式可知，2S2O32+I2S4O62+2I，所以样品中Na2S2O35H2O的物质的量是0.050mol/L0.0200L210=0.02mol，则Na2S2O35H2O在产品中的质量分数=；故答案为加入最后一滴I2标准溶液后，溶液变蓝，且半分钟