甘肃省民乐县市级名校2021-2022学年中考物理模拟试题含解析

1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1如图所示，是关于电磁现象的实验装置图，下列分析中正确的是A图甲装置是研究电磁感应现象B图乙装置是电动机的结构原理图C图丙装置是研究电流周围存在着磁场D图丁装置是研

2、究磁场对电流的作用2蜡烛放在凸透镜左侧如图所示的位置，小红正确画出了图中蜡烛烛焰的一条光路根据该蜡烛烛焰的这一条光路提供的信息，下列说法正确的是（）A该蜡烛经透镜成的是虚像B该蜡烛经透镜成的像是在透镜的右侧C该蜡烛经透镜成的像和蜡烛等大D透镜的焦距小于15cm3下列现象不能用流体压强与流速的关系来解释的是A甲图中，用吸管吸饮料，饮料进入口中B乙图中，在硬币上方沿着与水平桌面平行的方向吹气，硬币跳过木块C丙图中，用力沿着纸条上方向前吹气，纸条向上运动D丁图中，用空心塑料管向两乒乓球中间用力吹气，两球相互靠近4如图所示，两个足够高的薄壁轻质圆柱形容器A、B（底面积SASB）置于水平地面上，容器中分

3、别盛有体积相等的液体甲和乙，它们对各自容器底部的压强相等下列选项中，一定能使甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部压强的操作方法是分别倒入相同深度的液体甲和乙分别倒入相同质量的液体甲和乙分别倒入相同体积的液体甲和乙分别抽出相同体积的液体甲和乙ABCD5下面说法错误的是A人离平面镜远近不同，所成的像大小相同B凸透镜作幻灯机镜头使用时，物距一定要在1倍焦距到2倍焦距之间C从水面上看水中的鱼，看到的是鱼的虚像D小孔成像和平面镜成像均是光沿直线传播而形成的6利用干冰（固态二氧化碳）进行人工降雨的主要过程是：干冰在高空中直接变成气体，高空中的水蒸气遇冷直接变成冰晶，冰晶下落时变成雨以下分析错误的是A

4、干冰直接变成气体是升华过程B干冰直接变成气体是放热过程C水蒸气直接变成冰晶是凝华过程D冰晶下落时变成雨是吸热过程7关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是（）热机在做功冲程中内能转化为机械能物体温度越低，内能越小，所以0的物体没有内能两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式ABCD二、填空题（本大题7小题，共21分）8某医院急诊室的氧气瓶中，氧气的密度为5 kg/m 1，给急救病人供氧用去了氧气质量的一半，则瓶内剩余氧气的密度是 kg/m 1；病人需要冰块进行物理降温，取450g水凝固成冰后使用，其体积增大了 cm1（

5、冰=0.9101kg/m 1）9在斜面上拉一个重4.5 N的物体到高处，沿斜面向上的拉力为1.8 N，斜面长1.2 m、高0.3 m。把重物直接提升h 所做的功作为有用功，这个斜面的机械效率是_；因物体在斜面上受到的摩擦力是一个“不可直接测量”量，但是能通过“可测量”量求出摩擦力f的大小。对于倾斜程度不同的斜面，如图，斜面的长s和斜面的高h均为“可测量”量，在拉力F作用下 （拉力方向沿斜面向上）使重为G的滑块沿斜面匀速移动时，物体受到的摩擦力f的大小可能是_。10水沸腾过程中水的温度_(选填“升高”、“下降”或“不变”)，该过程水_(选填：“吸热”、“放热”或“不吸热也不放热”)标准大气压下，

6、酒精的熔点是117、沸点是78；水银的熔点是39、沸点是357你认为要测沸水的温度应选用_(选填“酒精”或“水银”)温度计11如图所示，完全相同的圆柱形容器中，装有不同的两种液体甲、乙，在两容器中同一高度分别有A、B两点若A、B两点的压强相等，则两种液体对容器底的压强关系是p甲_p乙（两选填“”、“=”或“”）12小明的父亲驾车在高速公路上行驶，坐在后排的小明把车厢两侧的窗玻璃打开后发现，轿车的窗帘没有飘向窗内，反而飘向了窗外这是因为车外空气的流速_、压强_小明的父亲由于某种原因需要在高速路上的右侧临时停车位中停车，小明的父亲提前关闭动力，轿车由于_仍能继续前进一段路程，最后停在了停车位中13

7、著名的_实验证明了大气压强存在且很大大气压强的数值会随着海拔高度的增加而逐渐_，（选填“增大”、“不变”或“减小”）拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的_越大，水对大坝的压强越大14一个由“倒L 形支架和与支架垂直的底板组成的装置,在O 点用棉线悬挂一个小球。现将一个装有水的杯子放在装置底板上如图所示,不断改变底板倾角（一定范围内）,可观察到_这个实验可以说明_三、作图题（共7分）15图为带开关的插座，部分电路已接好请用笔画线代替导线将电路补画完整（_）16如图所示，小块从斜面上A处由静止滑下，经水平木板表面上的B处，最终停在C处画出木块块在B处时水平方向的受力示意图17根据小磁针静止时的指向，

8、请在图中标出电源的正极和螺线管的N极（_）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18小明看到医生在给病人输液时，手指轻弹输液管，有气泡向上运动，但他发现气泡在不同位置上升的决慢是不同的，气泡上升的速度与哪些因素有关呢？为了探究气泡运动速度与倾斜角的关系，小明使用如图甲所示的装置进行实验，测出玻璃管在不同倾斜角下气泡运动的速度，情况如下表：液体：自来水液柱长度：30cm 气泡长度：4.1mm夹角/度857565554535251550运动时时间t/s32.320.015.312.511.611.812.514.519.525平均速度v（cm/s）0.931.501.962.402.592.542

9、.402.071.54根据上述数据请回答下列问题：（1）当角为0度时，气泡运动的平均速度是_m/s（2）请根据记录的数据在如图乙中先描点，再用平滑的曲线画出速度随倾斜角的图象_（3）随角的减小气泡运动速度是_19实验探究探究声音的产生与特性过程结论如图，用音叉和乒乓球进行如下实验：轻敲256Hz的音叉，用悬吊着的乒乓球接触发声的叉股，发现丘乓球也弹开，说明声音是由物体_产生的；重敲同一音叉，听到更大的声音，同时发现乒乓球被弹开得更远，说明声音的响度与发声体的_有关；换用512Hz的音叉重复实验，听到声音的音调更高，说明音调与发声体的_有关。20小明同学捡到一块金属块，他想通过测量金属块的密度判

10、断这个金属块的材料是什么，小明可用的实验仪器有托盘天平和弹簧测力计小明将天平放在水平实验台上后，接下来将游码的左侧跟标尺的_对齐，再调节平衡螺母，使天平平衡用调节好的天平测量金属块质量，正确操作后天平再次达到平衡，如题162图甲所示，此时读出该金属块的质量为_g，重力为_N（g=10N/kg）在实验过程中，小明将金属块挂与弹簧测力计上，然后放在水中直至完全浸没，此时弹簧测力计读数如题图乙所示为_N小明通过查阅密度表得知如下几种金属的密度（见下表），通过科学的计算，可以求出金属的密度，则该金属块的材料是_金属铅铜钢铁铝密度（kg/m3）11.31038.91037.91032.710321用如图

11、甲所示实验电路测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率所用器材有：电压恒定为3V的稳压电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、已调零的电流表和电压表、开关和导线若干请按要求完成下列实验内容（1）连接电路时，要断开开关，在闭合开关之前，变阻器的滑片P应置于最_端（选填“左”或“右”）（2）闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡始终不亮，电流表示数几乎为零，电压表的示数始终如图乙所示，则电路发生的故障可能是_（3）排除故障后，通过移动滑动变阻器滑片P，将电压表示数调至2.5V，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是_W22盛夏，小田家里的电灯经常忽明忽

12、暗。小田从学校借来额定电压为2.5V的小灯泡等实验器材，想通过实验来研究产生这种现象的原因。（1）如图甲是小田同学已连接的部分电路，请你用笔画线代替导线将电路连接完整，使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大。（_）（2）小田将滑动变阻器的滑片向左边滑动，小灯泡慢慢变亮，电压表示数逐渐变大；接着又向右移动滑片，小灯泡又逐渐变暗，电压表示数也逐渐变小。小田分析：“电灯忽明忽暗是电灯两端的_不稳定造成的”。（3）小田在将小灯泡两端的电压调至2.5V时。 电流表的示数如图乙所示，由此可以知道小灯泡的额定功率是_。（4）小田结合学过的电学知识进一步分析：家里的电灯有时虽然暗些，但是电灯的实际功率

13、变小了，消耗的电能也少了。由此他想到此时家里使用电热水壶烧水倒是可以省电了。他的想法对吗？请简要说明理由_。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23近年来，咸宁对城乡学校进行大改造，一些农村学校也用上了热水器，如图甲所示是咸安区某中学新安的电热水器的简易示意图，通过开关S的断开或闭合可使热水器处于保温或加热状态已知热水器水箱装水50kg，R1、R2均为发热电阻丝，R150，R2750，电源电压200V恒定图乙是电热水器工作时电路中电流随时间变化的规律问（1）水箱中的水从20加热到70需要吸收多少焦耳的热量？c水4.2103J/（kg）（2）电热水器处于加热和保温状态时的电功率分别是多大？（3

14、）该热水器按图乙规律工作一天（24小时）需要消耗多少电能？24如图所示为小排量汽车，在lh的时间内，在水平路面上匀速行驶了72 km，消耗汽油6 kg若已知该汽车发动机的功率(即牵引力的功率)为23 kW，汽车(包括车上的人和物品)质量为1.5t，汽油的热值为16107 Jkg则关于上述lh的行驶过程，试求：若汽车单轮与地面的接触面积为0.05m2，汽车对地面的压强该汽车的牵引力该汽车发动机的效率六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25暑期持续的“桑拿天”，居民家里的空调、电扇都闲不住，导致电路火灾时有发生调查发现，起火原因都是电路超负荷使电线内的金属导线发热引燃了外面的绝缘皮请回答：“

15、超负荷”是指电路中的_ 过大（电流、电阻）；火灾发生的理论依据是_ （选填物理规律）；请你提出一条预防这种火灾发生应采取的措施：_ 26北京时间4月23日7点52分（美国东部时间4月22日19点52分），美国研制的人类首架太空战斗机北京时间4月23日7点52分（美国东部时间4月22日19点52分），美国研制的人类首架太空战斗机X37B成功发射升空，“阿特拉斯5号”火箭执行了此次发射任务成功发射升空，“阿特拉斯5号”火箭执行了此次发射任务请你结合物理知识解释下列问题：火箭中的燃料和氧化剂是_（填“液”或“气”）态的，它是通过既_又加压的方法使气体液化的火箭点燃后，尾部的火焰如果直接喷到发射台上，

16、发射架要熔化为了保护发射架，在发射台底建一个大水池，让火焰喷到水池中，这是利用了水汽化时要_，使周围环境温度不致太高，我们看见火箭刚点燃时周围大量的“白气”是由于水先_后_形成的请你也举出一个生产技术或生活中利用物态变化来调整环境温度的例子：_太空战斗机返回进入大气层时，由于和空气高速摩擦而使船体表面温度很高，为了防止烧坏，科学家在太空战斗机表面涂上一层特殊物质（又叫“烧蚀层”），这层物质在高温下_从而保证X37B温度不至于升得太高27小明的爸爸在“淘宝”上购买了一款新型电烤箱又名“空气炸锅”（如图甲所示），其原理是利用热空气流加热食物。工作电路图如图乙，工作时，当电烤箱内温度高于预设温度时，

17、温控开 关自动断开，电热管停止加热，当电烤箱内温度低于预设温度时，温控开关自动闭合，电热管 重新开始加热，循环工作保障箱内温度为预设温度已知电风扇的功率为 50W，电热管的电阻R为 40求：电烤箱在加热工作时电风扇和电热管是_联。温控开关控制_（填“电 风扇”、“R”或“电风扇和 R”）正常工作时电热管的功率是多少_？用这个电烤箱在一次焙烤鸡翅的过程中，定时开关设定为 15 分钟，电热管正常循环工 作时，P-t 图象如图丙所示，本次烤鸡翅共消耗多少电能 _？小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里的其他用电器都关闭，他观察到电烤箱（总电阻约为 40）工作时，家里标有“600r/kWh”字样的电

18、能表转盘在 3min 内转了 30 转，则 他家电路的实际电压约是多少_ ？参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解析】A、是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场选项错误；B、图中无电池，是发动机原理图，选项错误；C、图中没有电池，是电磁感应现象实验，选项错误；D、图中有电源，这是磁场对电流的作用实验，结论是通电导体在磁场中受力，选项正确故选D2、A【解析】由图知道，蜡烛烛焰发出的平行主光轴的光经凸透镜会聚在主光轴上一点，此点应是是凸透镜的焦点，由图知道，此透镜的焦距是f20cm，故D错误；又因为蜡烛距离凸透镜的距离，即物距是：u15cmf，由凸透镜的成像规律知道，

19、此时蜡烛通过凸透镜成正立、放大的虚像，且虚像在蜡烛的左侧，故A正确、BC错误。3、A【解析】A、用吸管吸饮料是利用大气压的作用，不是利用流体压强与流速的关系；故A符合题意；B、在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹气，因为硬币上方的空气流速大，压强小，硬币下方的空气流速小；压强大，硬币受到一个竖直向上的压力差，所以硬币跳过木块。能用流体压强与流速的关系来解释，故B不符合题意；C、吹气时纸条上方空气流速大，压强变小。下方的空气流速不变，压强不变。纸条在压强差的作用下飘起来。能用流体压强与流速的关系来解释，故C不符合题意；D、用空心塑料管向两乒乓球中间用力吹气，乒乓球中间的空气流动速度大，压强小，外

20、表面的空气流动速度小，压强大。在这个压强差造成的压力差的作用下，两只乒乓球向中间移动，即靠近。能用流体压强与流速的关系来解释，故D不符合题意。4、A【解析】由于液体对容器底部的压强相等，且A容器内液体甲的高度大于B容器内液体乙的高度，由p=gh知道，甲乙；又因为容器中原来分别盛有液体甲和乙的体积相等，即V甲 =V乙，所以，由V=Sh和p液 =液 gh液 知道，由于它们对各自容器底部的压强相等，所以，；分别倒入相同深度的液体甲和乙，则甲液体对容器底部的压强p甲=p甲 +甲gh；乙液体对容器底部压强p乙=p乙 +乙 gh，由于p甲 =p乙，甲 乙，则p甲p乙，故符合题意；分别倒入相同质量的液体甲和

21、乙，由于柱状容器中液体对底部的压力等于液体的重力，则甲液体对容器底部的压强p甲=p甲+；乙液体对容器底部压强p乙=p乙 +，由于p甲=p乙，SA SB ，则p甲p乙，故不符合题意；分别倒入相同体积的液体甲和乙时，则甲液体对容器底部的压强p甲=p甲 +；乙液体对容器底部压强p乙=p乙 +，由于p甲 =p乙 ，；则p甲=p乙，故不符合题意分别抽出相同体积的液体甲和乙，则甲液体对容器底部的压强p甲 = p甲 +；乙液体对容器底部压强p乙= p乙 +，由p甲 =p乙 ，；则p甲=p乙；综上所述，能使甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部压强的操作方法是5、D【解析】试题分析：A.平面镜成等大的虚像

22、，与物距的大小无关，故A正确；B.幻灯机成倒立放大的实像，物距一定要在1倍焦距到2倍焦距之间，正确；C.从水面上看水中的鱼，看到的是鱼的像是折射光线的反射延长线相交形成的虚像，故C正确；D.小孔成像均是光直线传播形成的、平面镜成像是光的反射形成的，故D错误；故选D考点：平面镜成像；凸透镜成像；折射成像；小孔成像点评：本题考查了生活中常见的光现象，光现象中光的直线传播、光的反射、光的折射与生活联系非常多，现象多，要能利用所学知识进行分析解释6、B【解析】升华是指物质从固态直接变为气态的过程，它需要吸热；凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，是放热过程；物质由固态变为液态叫熔化，需要吸热干冰是一种

23、非常容易升华的物质；当它升华时，会从周围空气吸收大量的热，选项A正确，选项B错误；干冰升华过程中吸收热量，导致空气温度急剧下降，使周围水蒸气放热凝华形成固态的小冰晶，C正确；冰晶在下落过程中吸收热量，由固态熔化成水，同时吸收热量，D正确，故选B7、C【解析】涉及的知识点有：（1）内燃机的四个冲程中，压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能；（2）内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；（3）热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；（4）做功与热传递在改变

24、物体的内能的效果上是等效的【详解】热机在做功冲程中内能转化为机械能，该项说法正确；只有温度高低不能判断物体内能的多少,因为内能跟质量,温度,状态同时有关，任何物体在任何温度时都有内能，故该项说法错误；热量总是从高温物体转移到低温物体，内能小的物体温度不一定低，故该项说法错误；改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，该项说法正确故正确的是，故选C二、填空题（本大题7小题，共21分）8、2.5 ； 50【解析】氧气瓶中，氧气的密度为5 kg/m1，给急救病人供氧用去了氧气质量的一半，但剩余氧气仍要占满氧气瓶，氧气的体积不变，则瓶内剩余氧气的密度是原密度的一半，为2.5kg/m1

25、；450g水的体积：V水=，冰=0.9101kg/m 1=0.9g/cm1，450g冰的体积：V冰=，450g水凝固成冰后使用，其体积增大：V= V冰- V水=500cm1-450cm1=50cm19、62.5% 物体沿斜面向上匀速运动时，f=或物体沿斜面向下匀速运动时，f= 【解析】根据题中“这个斜面的机械效率是_”可知，本题考查斜面的机械效率的计算；根据题中“但是能通过“可测量”量求出摩擦力f的大小，物体受到的摩擦力f的大小可能是_”可知，本题求斜面上物体受到的摩擦力；利用公式求机械效率。根据功的关系FL=Gh+fL求出摩擦力的大小。【详解】由题，斜面的机械效率。当滑块沿斜面匀速向上运动时

26、，由功的关系FL=Gh+fL可得，；当滑块沿斜面匀速向下运动时，由功的关系Gh=FL+fL可得，；10、不变； 吸热； 水银。 【解析】（1）水沸腾时温度的特点是：虽然继续吸热，但温度保持不变（2）在1标准大气压下，水的沸点是100，要测沸水的温度，就要选沸点高于100的，即水银温度计11、【解析】由图可知：A点上方液面到A的深度小于B点上方液面到B的深度；即h甲h乙，若A、B两点的压强相等，根据p=gh可知：甲乙A、B下方对容器底的深度相同，根据p=gh可知pA下pB下，因为液体对容器底的压强pA底=pA+pA下，pB底=pB+pB下，所以液体对容器底的压强：pA底pB底12、大 小 惯性

27、【解析】由于汽车行驶时，车外的空气流速大、压强小；车内的空气流速小、压强大，车内的气压大于车外的气压，所以，压强差就把窗帘压向车外；小明的父亲提前关闭动力，是因为汽车具有惯性，要保持原来的运动状态，所以仍能前进一段路程，然后到达停车位置13、马德堡半球 减小 深度 【解析】马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在；大气压与高度的变化规律是：大气压随海拔高度的增加而减小；由于液体内部压强随着深度的增大而增大，所以拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的越往深处的压强越大的缘故14、烧杯内液面水平，小球仍然竖直向下 重力的方向总是竖直向下的 【解析】不断改变斜面倾角，观察到水面总是水平的，悬挂的小球始终

28、与水面垂直，这个实验可以说明重力的方向总是竖直向下的。三、作图题（共7分）15、略【解析】开关控制着三孔插座，因此和三孔插座是串联，火线下来进开关，开关出来进三孔插座的右孔，从三孔插座的左孔进零线 16、【解析】木块在水平面上越来越慢，最后停下来，是因为只受到一个摩擦力的作用，摩擦力的方向与物体运动的方向相反向左，如下图所示：17、【解析】小磁针N极向左，则小磁针所在处的磁感线方向向左，因电磁铁的外部磁感线由N极指向S极，故说明螺线管右侧为N极，左侧为S极；由右手螺旋定则可知电流由左侧流入，则电源左侧为正极如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、0.012 先变大再变小 【解析】

29、（1）当角为0度时，气泡运动的平均速度为；（2）根据表格中的数据在坐标系中描出不同角度对应的速度的点，然后用平滑曲线连接；如图所示：（3）根据表格中数据可以看出，当夹角为45度时，气泡运动的速度最大，所以结合图象可知：随角的减小气泡运动速度先变大后变小故答案为（1）0.012；（2）如图所示；（3）先变大后变小【点睛】本题考查探究物体的运动速度与倾角的关系，会根据速度公式计算速度的大小，同时会根据题中所给信息分析问题解决问题19、振动 振幅 频率 【解析】（1）声音是由物体振动产生的；（2）音叉发出响度更大的声音时，音叉振动的幅度越大，乒乓球弹起的幅度越大，据此得出响度与振幅的关系；（3）音调

30、的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。【详解】发声的音叉在振动，当与乒乓球接触时，会把乒乓球弹起；当敲击音叉的力增大时，音叉发出响度更大的声音，重做上面的实验时，观察到乒乓球弹起的幅度越大；通过实验可以判断物体振幅是不同的，说明了响度与声源的振幅有关，而且是振幅越大，响度越大；振动越快，音调就越高；故换用512Hz的音叉重复实验，音叉振动的更快，故听到声音的音调更高，这说明声音的音调与发声体振动的频率有关。【点睛】（1）声音是物体的振动产生的；（2）音叉发出响度更大的声音时，音叉振动的幅度越大，乒乓球弹起的幅度越大，据此得出响度与振幅的关系（3）物理学中对于一些看不见摸不着的现

31、象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫做转换法20、零刻度线2702.71.7铝【解析】用天平测量前，应将天平放在水平工作台上；将游码移至标尺零刻度线处，调节平衡螺母使指针对准分度盘中央刻度线；将金属块放在天平的左盘，在右盘中用镊子夹取砝码，通过增减砝码并移动游码的方法，使天平再次平衡；砝码的质量为200g+50g+20g=270g，则金属块的质量是270g；其重力G=mg=0.27kg10N/kg=2.7N，由图可知，此时弹簧测力计读数F=1.7N，金属块浸没在水中受到的浮力：F浮=G物-F=2.7N-1.7N=1N；因金属块

32、浸没在水中，所以，由阿基米德原理F浮=液gV排可得，金属块的体积：V金=V排=110-4m3，金属的密度=2.7103kg/m3，查表可知，该金属块的材料是铝21、左小灯泡断路1【解析】（1）为了保护电路，闭合开关前需要将滑动变阻器的滑片放在阻值最大处，即最左端；（2）闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数且等于电源电压，说明在电压表两接线柱之间的电路是开路，小灯泡处开路；（3）从图丙可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，故小灯泡的额定功率：PUI2.5V0.4A1W22、 电压 0.75W 不对，因为烧开一壶水

33、，水吸收的热量是一定的，即消耗的电能一定，根据WPt可知，若实际功率变小，则通电时间变长，并不能省电 【解析】（1）滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，故滑片以左电阻丝连入电路中与灯串联，灯的额定电压为2.5V，电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左滑动，连入的电阻变小，使电路中的电流变大；由UIR可知，则加在灯两端的电压变大，即电压表示数逐渐变大，小灯泡亮度逐渐变亮；再向右移动滑片时，连入的电阻变大，使电路中的电流变小，由UIR可知，加在灯两端的电压变小，电压表示数逐渐变小，小灯泡又逐渐变暗；显然灯泡两端电压忽大忽小引起了小灯泡的忽明忽暗现象，

34、故电灯忽明忽暗可能是由于灯泡两端的电压不稳定造成的。（3）电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知，灯泡的电流为0.3A；灯泡的额定功率为PUI2.5V0.3A0.75W。（4）小田的想法不对。使用电热壶烧开一壶水消耗的电能（或水吸收的热量）是一定的，根据WPt可知，当电热水壶的实际功率变小时，需要的加热时间变大，所以并不能省电。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）1.05107J；（2）800W、50W；（3）1.512107J【解析】（1）水箱中的水从20加热到70，水吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/（kg）50kg（7020）1.05107J；（2

35、）由图知，当开关闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1，此时电路中电阻最小，由PU2R可知电路消耗的功率最大，处于加热状态；已知R150，U200V，则加热功率：P加热=U2R1=(200V)250=800W ；当开关断开时，两个电阻串联，处于保温状态，保温功率为：P保温=U2R1+R2=(200V)250+750=50W；（3）由图乙可知，电热水器每小时加热10min、保温50min，加热10min消耗的电能：W加热P加热t1800W600s4.8105J，保温50min消耗的电能：W保温P保温t250W5060s1.5105J，每小时消耗的电能：WW加热+W保温4.8105J+1.5105J6.3105J，一天工作24小时消耗的电能：W天6.310