2021-2022学年天津西翟庄中学高三化学上学期期末试卷含解析

1、2021-2022学年天津西翟庄中学高三化学上学期期末试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1. 据媒体报道，上海世博会前外环以内有8家自来水厂将采用次氯酸钠代替液氯水处理应用技术，减少液氯进入中心市区带来潜在风险。下列说法中正确的是A.次氯酸钠是纯净物，液氯是混合物B.等物质的量的次氯酸钠和氯气相比，前者消毒效率高C.向次氯酸钠溶液中通入二氧化硫能生成亚硫酸钠和次氯酸D.工业上可通过电解食盐水得到次氯酸钠参考答案：D略2. 下列说法正确的是 ( ) A.将25 g 溶于1 L水中,可配制成0.1 溶液 B.用盐析法除

2、去氢氧化铁胶体中混有的氯离子 C.用向下排空气法收集并用湿润的蓝色石蕊试纸检验是否已集满 D.制乙炔时,用饱和食盐水代替水是为了减缓电石与水的反应速率 参考答案：D 略3. 下列溶液中有关微粒的物质的量浓度关系正确的是（ ）ANaHSO3和NaHCO3的中性混合溶液中（S和C均用R表示）：c(Na)c(HRO3)2c(RO32) B常温下将醋酸钠、盐酸两溶液混合后，溶液呈中性，则混合后溶液中：c(Na)c(Cl)c(CH3COOH)C常温下物质的量浓度相等的(NH4)2CO3、(NH4)2SO4、(NH4)2Fe(SO4)2三种溶液中c(NH4)：D等体积等物质的量浓度的NaClO(aq)与N

3、aCl(aq)中离子总数多少：N前XmRD元素W、R的最高价氧化物的水化物都是强酸 参考答案：C略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16. （本题共12分）硼镁泥是一种工业废料，主要成份是MgO（占40%），还有CaO、MnO、Fe2O3、FeO、Al2O3、SiO2等杂质，以此为原料制取的硫酸镁，可用于印染、造纸、医药等工业。从硼镁泥中提取MgSO47H2O的流程如下：根据题意回答：1实验中需用0.8mol/L的硫酸800 mL，若用98%的浓硫酸（= 1.84 g/mL）来配制，量取浓硫酸时，需使用的量筒的规格为 A10 mL B20 mL C50 mL D100 mL2加入的NaC

4、lO可与Mn2+反应：Mn2+ + ClO- + H2O MnO2 + 2H+ + Cl-，还有一种离子也会被NaClO氧化，该反应的离子方程式为 。3滤渣的主要成份除含有Fe(OH)3、Al(OH)3外，还有 。4在“除钙”前，需检验滤液中Fe3+是否被除尽，简述检验方法 。5已知MgSO4、CaSO4的溶解度如下表：温度（）40506070MgSO430.933.435.636.9CaSO40.2100.2070.2010.193“除钙”是将MgSO4和CaSO4混合溶液中的CaSO4除去，根据上表数据，简要说明操作步骤 。“操作I”是将滤液继续蒸发浓缩，冷却结晶， ，便得到了MgSO47

5、H2O。6实验中提供的硼镁泥共100 g，得到的MgSO47H2O为172.2 g，则MgSO47H2O的产率为 。参考答案：（共12分）1C（2分）略三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17. 化学与技术 (15分)我国有丰富的天然气资源。以天然气为原料合成尿素的主要步骤如下图所示（图中某些转化步骤及生成物未列出）：请填写下列空白： （1）已知0.5 mol甲烷和0.5 mol水蒸气在t ，p k Pa时，完全反应生成一氧化碳和氢气（合成气），吸收了a kJ热量。该反应的热化学方程式是： _。 （2）上述流程中，工业上分离H2 、CO2合理的方法是_。A.混合气先通入氢氧化钠溶液，再在溶

6、液中加盐酸 B.混合气加压冷却，使CO2液化C.混合气用氨水洗涤D.混合气先通入到石灰浆，然后高温煅烧固体， （3）为了保证氨气顺利合成，在空气进入合成塔之前必须对空气进行_,目的是_；在合成氨的实际生产过程中，常采取将生成的氨从混合气体中分离出来，分离出氨的方法： 。 （4）合理地利用资源不仅可以提高经济效益，而且也是对社会、对全人类负责的表现，请用线段和箭头画出图中的两处合理利用资源情况。 （4）请解释金属铜能导电的原因 ， Cu2+的核外电子排布式为_。 （5）在硫酸铜溶液中通入过量的氨气，小心蒸发，最终得到深蓝色的Cu（NH3）4SO4晶体,晶体中含有的化学键除普通共价键外，还有 和

7、。参考答案：略18. 甲、乙、丙、丁四种单质在点燃条件下反应，可分别生成X、Y、Z、W四种化合物，其转化关系如图所示已知：甲、乙、丙为短周期元素的单质，通常状况下为气体；丁是生活中常见金属通常状况下，X是无色液体，Y是黑色晶体丙在乙中燃烧发出苍白色火焰（1）丁与X反应的化学方程式为；红热的丁和乙反应的现象为（2）常温下，若Z、W两溶液的pH均等于5，则由水电离出的H+的物质的量浓度前者与后者的比值为（3）将少量W的饱和溶液滴入沸腾的X中，得到红褐色液体，反应的离子方程式为，此液体具有的性质是（填字母）a光束通过该液体时形成光亮的“通路”b插入电极通过直流电后，有一极附近液体颜色加深c向该液体中

8、加入硝酸银溶液，无沉淀产生d将该液体加热、蒸干、灼烧后，有氧化物生成参考答案：1. 3 Fe+4 H2O（g） Fe3O4+4 H2；铁在氯气中燃烧，生成棕黄色烟2.10 3. Fe3+3H2O Fe（OH）3（胶体）+3H+；a、b、d考点：无机物的推断 分析：根据甲、乙、丙、丁四种单质在点燃条件下两两化合生成X、Y、Z、W四种化合物，甲、乙、丙均为前三周期元素的单质，常温下均为气态，甲和丙反应产生X，X是无色液体，因此X是水，是氢气和氧气反应产生的水；丁是日常生活中的一种常见金属常温下，丁和甲反应产生Y，Y是黑色固体，因此是铁和氧气反应产生四氧化三铁，则丁是四氧化三铁；由此可知甲是氧气，丙

9、是氢气，丁是铁；丙在乙中燃烧发出苍白色的火焰，丁在乙中燃烧生成棕黄色的烟，W的水溶液呈黄色，可知乙是氯气，W为氯化铁，Z为氯化氢，据此分析完成相关的问题解答：解：甲、乙、丙、丁四种单质在点燃条件下两两化合生成X、Y、Z、W四种化合物，甲、乙、丙均为前三周期元素的单质，常温下均为气态，甲和丙反应产生X，X是无色液体，因此X是水，是氢气和氧气反应产生的水；丁是日常生活中的一种常见金属常温下，丁和甲反应产生Y，Y是黑色固体，因此是铁和氧气反应产生四氧化三铁，则丁是四氧化三铁；由此可知甲是氧气，丙是氢气，丁是铁；丙在乙中燃烧发出苍白色的火焰，丁在乙中燃烧生成棕黄色的烟，W的水溶液呈黄色，可知乙是氯气，

10、W为氯化铁，Z为氯化氢，带入验证符合转化关系，因此：（1）丁是铁，X是水，乙是氯气，丁与X反应的化学方程式为 3 Fe+4 H2O（g） Fe3O4+4 H2，红热的丁和乙反应的现象为铁在氯气中燃烧，生成棕黄色烟，故答案为：3 Fe+4 H2O（g） Fe3O4+4 H2；铁在氯气中燃烧，生成棕黄色烟；（2）W为氯化铁，Z为氯化氢，氯化铁溶液中若pH等于5，则由水电离出的H+的物质的量浓度为105mol/L，氯化氢溶液中若pH等于5，则由水电离出的H+的物质的量浓度为109mol/L，所以Z、W两溶液的则由水电离出的H+的物质的量浓度前者与后者的比值为109mol/L：105mol/L=104

11、，故答案为：104；（3）将少量氯化铁的饱和溶液滴入沸腾的水中，得到红褐色液体，反应的离子方程式为Fe3+3H2O Fe（OH）3（胶体）+3H+，此液体为胶体，所以有a光束通过该液体时形成光亮的“通路”，是胶体的丁达尔现象，故正确；b插入电极通过直流电后，有一极附近液体颜色加深，是胶体的电泳，现象，故正确；c向该液体中加入硝酸银溶液，溶液中有氯离子，有沉淀产生，故错误；d将该液体加热、蒸干、灼烧后，铁离子充分水解，氯化氢挥发，有氧化铁生成，故正确，故答案为：Fe3+3H2O Fe（OH）3（胶体）+3H+；a、b、d点评：本题考查无机物的推断，为高考常见框图推断，综合考查元素化合物知识，侧重氯及其化合物、铁及其化合物及化学反应原理的考查，利用信息及转化推出各物质为解答的关键，注意颜色和状态为解答的突破口，题目难度中等19. A、B、C、D、E、F六种物质的转化关系如图所示(反应条件和部分产物未标出) （1）若A为短周期金属单质，D为短周期非金属单质，且所含元素的原子序数A是D的2倍，所含元素的原子最外层电子数D是A的2倍，F的浓溶