2022年山东省青岛市平度一中物理高一第一学期期末质量检测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、静止在地面上的物体随地球自转做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（）A.物体受到的合力总是

2、指向地心B.物体做匀速圆周运动的周期与地球自转周期相等C.物体做匀速圆周运动的加速度等于重力加速度D.物体对地面压力的方向与万有引力的方向总是相同2、如图所示，用水平力F把一个物体紧压在竖直墙壁上，物体保持静止，下列说法中正确的是()A.水平力F与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力B.物体的重力与墙壁对物体的静摩擦力是一对作用力与反作用力C.水平力F与物体对墙壁的压力是一对作用力与反作用力D.物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力3、如图所示，质量分别为2m、m的两物块A、B中间用轻弹簧相连，A、B与水平面间的动摩擦因数均为。在水平推力F作用下，A、B一起向右做加速度大小

3、为a的匀加速直线运动。当突然撤去推力F的瞬间，A、B两物块的加速度大小分别为（ ）A.2a，aB.2a+3g，aC.2（a+g），a+gD.0.5a+1.5g，a4、如图所示，两个同学抬一桶水在水平地面上匀速前进，桶和水的总重力为G若两个同学的手对桶的拉力与竖直方向的夹角均为，则每个同学对桶的拉力大小为A.B.C.D.5、物体在三个共点力的作用下，其中不可能使该物体保持平衡状态的是( )A.3N，4N，6NB.1N，4N，4NC.5N，6N，2ND.2N，4N，7N6、游泳池长50m，某运动员从一侧下水后，游了两个来回，最后回到出发点。则他的位移为（）A.0B.50mC.100mD.200m7

4、、一位同学乘坐直升电梯从一楼上到六楼的过程中，其vt图像如图所示。已知该同学的质量m60kg，g9.8m/s2.下列说法正确的是（）A.29s时间内该同学处于平衡状态B.前2s内该同学处于超重状态C.前2s内该同学对电梯底部的压力大小为540ND.10s内电梯的位移大小为17m8、如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放着物体m，m与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，则下列关于m和M的受力情况分析正确的是（ ）A.m给M向左的摩擦力B.M给m向左的摩擦力C.地面对M的摩擦力向右D.地面对M无摩擦力作用9、如图所示，小孩与雪橇的总质量为m，大人用与水平面成角的恒定拉力F将雪橇沿水

5、平地面向右匀速移动了一段距离L已知雪橇与地面间的动摩擦因数为，则关于各力对雪橇做功的说法正确的是A.拉力对雪橇做功B.滑动摩擦力对雪橇做功为C.支持力对雪橇做功为D.雪橇受到的各力对雪橇做的总功为零10、甲、乙两物体都做自由落体运动，开始时它们距地面的高度比是169，则下列关于它们做自由落体运动的时间比及它们落地时的速度比正确的是（）A.B.C.D.11、如图所示，是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，A点处弹性绳自然伸直，B点是蹦极运动员到达的最低点，运动员从O点到B点的运动过程中忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A.从A点至B点，运动员受弹性

6、绳的弹力一直增加B.从A点至B点，运动员所受的合力一直在增加C.从A点至B点，运动员的速度先增加后减小D.从A点至B点，运动员的加速度先增加后减小12、如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块。t = 0时刻起，给木块施加一水平恒力F。分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合它们运动情况的是（）A.B.C.D.二填空题(每小题6分，共18分)13、在“探究弹力和弹簧伸长的关系并测定弹簧的劲度系数”实验中，实验装置如图甲所示。所悬挂钩码的重力相对于对弹簧提供了向右的恒定拉力。实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐

7、个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度。作出弹簧的长度（L）随钩码个数（n）变化的图象如图乙所示，则：图线与L轴的交点的物理意义是_；图线BC段偏离了直线，其原因是_；该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧竖直悬挂放置相比，优点在于_，缺点在于_。14、在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中.（1）如图（）所示，测出弹簧的原长（自然长度）_.（2）如图（）所示，在弹簧下端挂上1个、2个i个相同质量的钩码，实验测出弹簧静止时的伸长量，并作出的关系图线如图（）.则该弹簧的劲度系数_ ( ，结果保留三位有效数字).（3）作出的图象的末端图象变弯曲的原因是：_15、如图所示在“探究加速度与力、质量的关系

8、”实验中已知打点计时器使用的交流电率为50Hz小车A的质量为M重物B的质量为m重力加速度为g请分析下列问题：（1）实验中摩擦力对实验有较大的影响为了平衡摩擦力应_。A使长木板倾斜一定角度，小车在物体B的作用下拖看纸带沿斜面匀速下滑B取下物体B，使长木板倾斜一定角度，轻推小车，使其拖着纸带沿斜面匀速下滑（2）实验中的某条纸带如图所示，在纸带上选择6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出测出各计数点与“0”间的距离，记录在表格中，则d4=_cm小车通过计数点“2”的瞬时速度v2=_m/s（结果保留2位有效数字）小车运动的加速度a=_m/s2（结果保留2位有效数字）距离测量值/cm1.203.0

9、05.4012.00（3）若已平衡摩擦力挂上重物B将小车从某一位置释放可求出细绳拉小车的拉力T=_（用m、M、g表示）。当小车质量和重物质量满足M_m的关系时可认为细绳的拉力T=mg。三计算题(22分)16、（12分）如图所示，传送带与水平方向的倾角，在电动机的带动下以v=4m/s的速率顺时针方向运行，在传送带的B端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住，在传送带的A端无初速地释放一质量m=1kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数，AB间的长度L=9m，物块与挡板的碰撞能量损失不计，即碰撞后物块的速度大小不变，物块与挡板的碰撞时间极短g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.

10、8，求：（1）物体刚放上传送带时的加速度是多大；（2）从物块与挡板P第一次碰撞后，物块再次上升到最高点（最高点还未达到A点）所需要的时间？17、（10分）如图，质量m=1kg的小球被竖直平面内的轻线和轻弹簧系着而处于静止，轻线和轻弹簧的另一端分别固定在竖直立柱和水平地面上，已知轻弹簧的劲度系数，其轴线与地面夹角，弹簧对小球的拉力F=10N，取重力加速度，求：（1）弹簧的伸长量；（2）轻线拉力T的大小及轻线与水平面的夹角参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或

11、不答的得0分）1、B【解析】以太阳为参考系，地面上的物体随地球自转做匀速圆周运动，万有引力和支持力的合力提供向心力，或者说万有引力的一个分力提供向心力，另一个分力为重力.【详解】A、物体随地球自转做匀速圆周运动，故物体受到的万有引力和支持力的合力提供向心力，指向地轴，不一定指向地心，除非物体在赤道上或两极处，故A错误；B、物体与地球相对静止，故以太阳为参考系时，物体做匀速圆周运动的周期与地球自转周期相等，故B正确；C、以太阳为参考系时，物体随地球自转做匀速圆周运动，万有引力和支持力的合力提供向心力，故向心加速度不等于重力加速度，故C错误；D、静止在地面上的物体随地球自转做匀速圆周运动，万有引力

12、的一个分力提供向心力，另一个分力为重力，物体对地面压力的方向与重力方向相同，与万有引力的方向不一定相同，故D错误；故选B.【点睛】本题要考虑地球自转的影响，是以太阳为参考系，注意区分重力和万有引力，注意重力只是万有引力的一个分力，在忽略地球自转的情况下，可以认为重力等于万有引力.2、D【解析】A.物体在水平方向受到作用力F跟墙壁对物体的压力两个力，它们是一对平衡力，不是一对作用力和反作用力，故A错误.B.物体竖直方向受到重力和墙壁对物体的静摩擦力两个作用，物体处于静止状态，则这两个力是一对平衡力，故B错误.C.作用力F跟物体对墙壁的压力没有直接关系，不构成相互作用力；故C错误.D.物体对墙壁的

13、压力与墙壁对物体的压力是物体与墙壁之间的相互作用力，是一对作用力和反作用力，不是平衡力，故D正确.3、D【解析】考查弹簧弹力，牛顿第二定律。【详解】撤去推力前，对B分析：解得弹簧弹力为：突然撤去推力F瞬间，弹簧弹力不变，则B的受力情况不变，加速度不变，为a；对A分析，受向左的弹簧弹力和向左的摩擦力：解得，D正确，ABC错误。故选D。4、D【解析】水桶受重力和两个拉力，根据平衡条件可得：，解得：，故D正确，ABC错误5、D【解析】A.3N、4N的合力范围为合，6N的力在这个合力范围内，三力可以平衡，故A不符合题意；B.1N、4N的合力范围为合，4N的力在这个合力范围内，三力可以平衡，故B不符合题

14、意；C.5N，6N的合力范围为合，2N的力在这个合力范围内，三力可以平衡，故C不符合题意；D.2N，4N的合力范围为合，7N的力不在这个合力范围内，三力不可能平衡，故D符合题意6、A【解析】位移的大小等于首末位置的距离，故某运动员从一侧下水后，游了两个来回，最后回到出发点，则位移为0，故A正确，BCD错误。故选A。7、ABD【解析】A由图像可知，29s时间内该同学做匀速直线运动，加速度为零，由牛顿第二定律，可得合力F为零，所以该在此时间段处于平衡状态，A正确；B该同学乘坐直升电梯从一楼上到六楼，规定向上为正方向，前2s物体的加速度为正，即加速度向上，此为超重状态，B正确；C前2s加速度向上，大

15、小为，令FN为电梯对人支持力，对人分析，由牛顿第二定律，有FN-mg=ma代入数值计算的FN=648N由牛顿第三定理，可知前2s内该同学对电梯底部的压力大小为648N，C错误；D速度时间图像所围成的面积表示位移，则10s内电梯的位移D正确。故选ABD。8、AD【解析】对m受力分析，根据平衡判断出M对m的摩擦力方向对整体分析，根据平衡判断地面对M的摩擦力方向解：A、对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹力，根据平衡知，M对m的摩擦力向右根据作用力与反作用力的关系，则m对M的摩擦力向左故A正确，B错误C、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体不能平衡，

16、故地面对M无摩擦力作用故C错误，D正确故选AD【点评】解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于09、AD【解析】雪橇所受的各力都是恒力，可根据恒力F做功的计算公式：W=FLcos，为F与S之间的夹角，来分析计算各力做的功；根据动能定理可分析合力的功的大小【详解】对雪橇受力分析，如图：拉力做功为 WF=FLcos，故A正确；雪橇竖直方向受力平衡，有：N+Fsin=mg得：N=mg-Fsin；则摩擦力为：f=N=（mg-Fsin）；摩擦力做功为：Wf=-fl=-（mg-Fsin）L，故B错误；支持力做功为：WN=NLcos90=0，故C错误；由于雪橇做匀速运动，根据动能定理可知，合

17、力的功为零，故D正确故选AD【点睛】本题考查功的计算，要明确恒力F做功的计算公式：W=FLcos，为F与S之间的夹角注意功的公式只适用于恒力做功10、AC【解析】本题考查自由落体运动公式的理解运用，由高度比求出落地速度和时间比。【详解】AB由自由落体的位移时间公式得到所以时间和高度的算术平方根成正比t甲:t乙=:=4:3 故A正确，B错误；CD由自由落体运动的高度与落地速度公式得到所以落地速度和高度的算术平方根成正比，同上，比为,所以C正确，D错误。故选AC。【点睛】自由落体运动的位移时间和位移速度公式。11、AC【解析】A由题意可知运动员从A点到B点的过程中，弹性绳形变越来越大，弹力一直增加

18、，故A正确；BCD从A点到B点的过程中，开始时重力大于弹性绳对运动员的拉力，随着弹力增加合外力减小，运动员做加速度减小的加速运动，当弹力等于重力时速度最大，加速度为零；然后弹性绳对运动员的弹力大于重力，运动员做加速度增加的减速运动，到达B点速度为零；综上分析可知从A点至B点过程中合力和加速度先减小后增加，速度先增加后减小，故C正确，B错误，D错误。故选AC12、AC【解析】A若长木板和木块之间没有相对滑动，A正确；BCD若长木板和木块之间有相对滑动，则a2 a1，BD错误、C正确。故选AC。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .弹簧的原长； .超过了弹性限度； .避免了悬挂放置时弹簧自身所

19、受重力对实验产生的影响； .弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。【解析】1根据胡克定律F=kL知：当弹力为零时，弹簧的形变量为零，此时弹簧的长度等于弹簧的原长，所以图线与L轴的交点的物理意义是弹簧的原长L0；2图线BC段偏离了直线，其原因拉力太大，弹簧的长度超过了弹性限度；3 水平放置的优点：避免了悬挂放置时弹簧自身所受重力对实验产生的影响；4 水平放置的缺点：弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。14、 .（1）9.0 .（2）50.0 .（3）超出弹簧的弹性限度（或弹簧已经损坏或所挂钩码个数过多，答其中一种均可）【解析】由图中读数弹簧的原长；根据图像的斜率求解弹簧的劲度系数；末端图象变弯曲的原因是超出弹簧的弹性限度.【详解】（1）如图所示，测出弹簧的原长（自然长度）l0=9.0cm；（2）该弹簧的劲度系数（3）作出的m-x图象的末端图象变弯曲的原因是：超出弹簧的弹性限度.【点睛】解决本题的关键掌握弹力与弹簧伸长关系的实验原理，清楚实验步骤，根据F=kx求得弹簧的伸长量.15、 .B .8.40 .0.21 .0.60 . .【解析】（1）1平衡摩擦力需要小车自身的重力和滑动摩擦力平衡，因此不需要挂重物，A错误，B正确；故选B。（2