物理小测- 45分钟(电磁感应运动受力能量)2答题卡

1、1 1 2 11 1 物理小测1 1 2 11 1 （磁应动受 能）21.图 1 所的装置，当接通电后，小针 A 指向如图示，则 )A小磁针 B 的 N 极向纸外转B小磁针 B 的 N 极向纸里转C小磁针 B 不转动D因电流未标出，所以无法判断小磁针 B 如何转2.下列四选项图中，线上方空间存在方垂直纸面向的匀强场。、 中的导线框为 正方形 C、 中的导线框直角扇。各线框均垂直纸面轴 在纸内匀速转动转动 方向如头所示，转周期均 T。线框处图示位置时始计时以在 OP 边上从 点指 向 O 点的方为感应电流 i 的正方向。则如图所的四情景中产生的感应流 i 随时间 t 的变化规如图 所示的是 (

2、)3.图 6 有 A、B 两个导圈。线 B 连接一电 ，要使流过阻 R 的流大小定，且方 向由 c 点流经阻 R 到 点设线圈 A 中电流 i a 流入线的方向为正向，线圈 A 的电流时间变化的象应为中的 )4.一半径 r、质为 m、阻为 R 的金属圆环一根长 L 的缘轻细悬挂于 O 点，杆所 在直线圆环圆心， 点的正方有一径为 Lr 的圆形匀强磁区域其圆心 O 与 点在同竖直线上， 点在形磁场区域界上，图 4 所示。现使缘轻细从水平位置 静止释，下摆过程金属圆所在平面始与磁场直，已知重加速度 g，不计空阻力及其摩擦阻力，下列说正确的是( )A金属圆环最终会静止在 O 点的正下方B金属圆环在整

3、个过程中产生的焦耳热为 mgL1C金属圆环在整个过程中产生的焦耳热为 mgL2r)2. 1 0 0 0 0 0 0 0 0 1. 1 0 0 0 0 0 0 0 0 D金属圆环在整个过程中产生的焦耳热为 mg(r)25 如图 所示，边为 L 的正方形匝线框有一水平放在与水平方夹角为 30的匀磁场中，框的左侧接电阻 R，右接入电为 C 的电容器其余电不计若匀强场的磁 感应强 B 随时间 变化规如图乙示 (规定向下为方向 )，则在 0 时内 ( )A电容器 a 板带正电B电容器所带的电荷量为零C线框中产生的感应电动势大小为B L2tD线框中产生的感应电动势大小为B L4t6.“棒导 ”模型根足够的

4、固定的平金属导位于同一水面内两导轨的距 离为 。导轨上面横着两根导体 和 ，构成矩回路，图所。两根体棒的质量 为 m ，电阻皆为 R，回路中它部分电阻可不计在整个轨平面内都竖直向的匀强磁 场，磁应强度为 B。设两体棒均沿导轨无摩地滑行开始时，棒 静止，棒 ab 有指 向棒 cd 的初速 v 。若两导体棒运动中终不接触，：(1)在运动中产生的焦耳热最多是多少？3(2)当棒 ab 的速度变为初速度的 时，棒 cd 的加速度是多少？47.图所示，MNPQ 是固定在水平桌上，相 l1.0 m 的滑平行属导轨，MP 两点 接有 R0.6 的定值电，导轨阻不计。质均为 m0.1 kg，阻值为 r0.3 的

5、两导 体棒 、b 垂直导轨放，并导轨良接触。开始两棒被束在导轨上于静止相距 x ma 棒用细丝线通过滑滑轮质量为 kg 重物 c 相连重物 c 距面高度 为 x m。个桌面于竖直向下匀强磁中，感应强 1.0 T。 棒解除约束， 在重物 c 的拉动开始运 运动过中丝线终与 棒没有作 )， 棒即将到达 棒位置 前一瞬， b 棒的束被解，此时 a 棒已匀速运，试求：(1)a 棒匀速运动时棒中的电流大小；(2)已知 、b 两棒相碰后即粘合成一根“更粗的棒”，假设导轨足够长，试求该“粗棒”能运动的距离；(3)a 棒解除约束后整个过程中装置产生的总焦耳热。2 0 0 0 00 0 物小电磁+运动受 +能-

6、（案2 0 0 0 00 0 1A解析如题图据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的左端是 S 极，右端是 N 极；根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通 电螺线管的 N 极以判断电流从螺线管的左端流入右端流出以源的左端是正极， 右端是负极。而小磁针 B 在电流产生的磁场中，根据右手螺旋定则可知， 极的指向垂直纸面 向外，故 A 正确，BD 错误。2.C解析根据感应电流在一段时间恒定，变化的面积应该均匀，导线框应为扇形；由右手定则 可判断出产生的感应电流 i 随时间 t 的变化规律如题图所示的是选项 C3.A解析要让线圈 B 中产生感应电流，A 中

7、的电流应发生变化，CD 错误；若 中的电流由a 流入，且越来越小，则根据右手螺旋定则可知穿过 B 的磁通量向左，且越来越小，根据楞次 定律可知 B 中产生的感应电流由 点流经电阻 R 到 c B 误；同理， A 中的电流从 b 点 流入，且电流越来越小，则根据楞次定律， 中产生的感应电流从 点流经电阻 R 到 d 点， 正确。4.CD解解析圆环最终要在如图中 AC 位置间摆动，因为此时圆环中的磁通量不再发生改变，圆环中不再有感应电流产生。由几何关系可知，圆环在 AC 位置时，其L2r圆心与 O 的距离均 Lr环在 A 位置时圆心到 O 的高度为 。 1 2 11由能量守恒可得金属圆环在整个过程

8、中产生的焦耳热为 mg(2r)，C 正确。25.D解析穿过线框的磁通量先向上减小，后向下增大，根据楞次定律可以判断，感应电流为逆1 12B SBsin 30 2 2 B 2时针，b 板带正电，A 错误；根据法拉第电磁感应定律 E ，t t 4tCB L电容器所带的电荷量 QCE ，BC 错误，D 正确。4t0 0 2 2 4 0 4 0 4 4 4 4 2 20 0 2 R 4R4 R2 0 0 a a 0 a 2 0 0 10 1 2 2 1 6.0 0 2 2 4 0 4 0 4 4 4 4 2 20 0 2 R 4R4 R2 0 0 a a 0 a 2 0 0 10 1 2 2 1 1

9、答案 (1) m v24B 2 v (2)4mR解析(1)开始到两棒达到相同速度 的过程中，两棒的总动量守恒，有 mv02mv，根据能量守恒定律，整个过程中产生的焦耳热1 1 1 Q mv2 2v2 m2。03(2)棒 的速度变为 v 时，cd 棒的速度为 v，3则由动量守恒定律可知 mv0 mv0 mv1 3 1 得 v v0 ，此时回路中的电动 E Blv0 01 E Blv B l v Blv ，回路中的电 I ，此时棒 cd 受的安培力 FBIl 。由牛顿第二定律可得棒 cd 的加速度大小为F B2 l2 va ，方向水平向右m 4mR7.答 J解析(1)题意 m gBlI ，可得 I 2 A(2)碰前 a 棒的速度为 v，则Blv 0.60.3I ，R 0.3 0.5 R 总 0.60.3总v1 m/sab 碰撞过程 v2mv ，v 0.5 m/sab 碰撞后的整体运动过程，由动量定理得