四川省自贡市第二十五中学2022年高三物理上学期期末试题含解析

1、四川省自贡市第二十五中学2022年高三物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，正方形区域ABCD内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，三个完全相同的带电粒子a、b、c分别以大小不同的初速度va、vb、vc从A点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a、b、c分别从BC边中点、CD边中点、AD边中点射出若ta、tb、tc分别表示粒子a、b、c在磁场中的运动时间则以下判断正确的是（）AvavbvcBva=vbvcCtatbtcDta=tbtc参考答案：考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题

2、分析：带电粒子在你匀强磁场中做匀速圆周运动，粒子的运动时间t=T，为粒子轨迹所对应的圆心角解答：解：粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，粒子做圆周运动的周期：T=，由于三个粒子完全相同，则它们做圆周运动的周期T相等，如图所示，粒子的轨道半径：rarbrc，vcvbva，故AB错误；粒子在磁场中做圆周运动转过的圆心角间的关系为：abc，粒子运动时间t=T，则粒子在磁场中的运动时间：tatbtc，故C正确，D错误；故选：C点评：本题考查了比较粒子的运动速度、时间关系，根据题意作出粒子的运动轨迹是正确解题的关键，应用牛顿第二定律、t=T即可正

3、确解题2. 如图所示为2012年伦敦奥运会蹦床比赛中的一个场景，若运动员在蹦床上越跳越高，则下列说法中正确的是A.在每次上升的过程中，运动员先失重后超重B.在每次上升的过程中，运动员先超重后失重C.运动员某次离开蹦床时与前一次离开蹦床时相比，机械能不变D.运动员某次离开蹦床时与前一次离开蹦床时相比，机械能增大参考答案：BD3. 如图所示，一放在光滑水平面上的弹簧秤，其外壳质量为m，弹簧及挂钩质量不计，在弹簧秤的挂钩上施一水平向左的力F1，在外壳吊环上施一水平向右的力F2，则产生了沿Fl方向上的加速度，那么此弹簧秤的读数是（ ） AF1 BF2 C D 参考答案：AD4. 神舟八号飞船绕地球做匀

4、速圆周运动时，飞行轨道在地球表面的投影如图所示，图中标明了飞船相继飞临赤道上空所对应的地面的经度。设神舟八号飞船绕地球飞行的轨道半径为r1，地球同步卫星飞行轨道半径为r2.则rr等于A124B1156C1256D1210参考答案：C5. 如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的.两物体，的质量是的2倍，受到向右的恒力B=2N，受到的水平力A=(9-2t)N，(t的单位是s)。从t0开始计时，则A.物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的511倍；B.ts后,物体做匀加速直线运动；C.t4.5s时,物体的速度为零；D.t4.5s后,的加速度方向相反。参考答案：AB二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，

5、共计16分6. （4分）有一束射线进入匀强磁场中，a、b、c分别表示组成射线的三种粒子流在磁场里的轨迹，如图所示已知磁场方向与速度方向垂直并指向纸内，从这些粒子流的偏转情况可知，可能是粒子的轨迹是_；可能是光子的轨迹是_。参考答案：a；b 7. 某校学习兴趣小组在研究“探索小车速度随时间变化的规律”的实验，图是某次实验得出的纸带，所用电源的频率为50HZ，舍去前面比较密集的点，从0点开始，每5个打印的连续点取1个计数点，标以1、2、3。各计数点与0计数点之间的距离依次为d1=3cm，d2=7.5cm,d3=13.5cm，则（1）物体做 的运动，理由是 ；（2）物体通过1计数点的速度v1= m/

6、s；（3）物体运动的加速度为a = m/s2.参考答案：（1）匀加速直线运动；或连续相等的时间内位移之差为常数；（2分）（2）0.375m/s2；（2分）（3）1.5m/s2 8. 一物块静置于水平面上，现用一与水平方向成37角的拉力F使物体开始运动，如图（a）所示其后一段时间内拉力F随时间变化和物体运动速度随时间变化的图象如图（b）所示，已知物块的质量为0.9kg，g=10m/s2根据图象可求得，物体与地面间的动摩擦系数为，01s内拉力的大小为6.6N（sin37=0.6，cos37=0.8）参考答案：考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：由速度

7、时间图象抓住1t1时间内做匀速直线运动，根据共点力平衡求出动摩擦因数，从图象中求出物体运动的加速度，由牛顿第二定律可求得物体受到的拉力的大小解答：解：物体在01s内做匀加速直线运动，在1t1时间内做匀速直线运动，最好做匀减速直线运动对于匀速直线运动阶段，有：Fcos37=f，f=（mgFsin37）解得：在01s内，做匀加速直线运动，加速度a=4m/s2F1cos37（mgF1sin37）=ma解得F1=6.6N故答案为：，6.6点评：解决本题的关键理清物体的运动规律，结合牛顿第二定律进行求解9. 如图所示，质量为m的小球A以速率v0向右运动时跟静止的小球B发生碰撞，碰后A球以的速率反向弹回，

8、而B球以的速率向右运动，则B的质量mB=_；碰撞过程中，B对A做功为 。参考答案：4.5m ； 3mv02/8 10. V表示标准状态下水蒸气的摩尔体积，为标准状态下水蒸气的密度，NA为阿伏加德罗常数，m为每个水分子的质量，则阿伏加德罗常数NA_，标准状态下相邻水蒸气分子间的平均距离d_.参考答案： 11. 在伽利略羊皮纸手稿中发现的斜面实验数据如表所示，人们推测第二、三列数据可能分别表示时间和长度。伽利略时代的1个长度单位相当于现在的mm，假设1个时间单位相当于现在的0.5s。由此可以推测实验时光滑斜面的长度至少为 m，斜面的倾角约为 度。（g取10m/s2） 参考答案：答案：2.04，1.

9、5解析：依题意，第一列数据为时间的平方t2，从数据分析可知第一列数据与第三列数据之比约为1:32（取平均值后比值为1：32.75），即斜面长度与时间的平方成正比，根据当时数据与现在的数据换算关系和匀变速运动公式，可得角度约为1.5。12. 电梯内的水平地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定质量为m的物体。当电梯沿竖直方向匀速运动时，弹簧被压缩了x；当电梯接着做减速运动时，弹簧又被继续压缩了0.1x。重力加速度大小为g。则弹簧的劲度系数k=_；该电梯做匀速运动时的速度方向为_，电梯做减速运动时的加速度大小是_。参考答案：mg/x，向下，0.1g（提示：弹簧继续被压缩，说明弹力大于重力，加速度

10、向上，由于是减速运动，因此速度一定是向下。）13. 某同学用如图所示的装置测定重力加速度，打点计时器使用交流电频率为50Hz，打出的纸带如图所示，由纸带所示数据可算出实验时打下点5时重物的速率为 m/s，加速度为 m/s2.参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （1）小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧力F与伸长量l的关系，由实验绘出F与l的关系图如图乙所示，则该弹簧的劲度系数为125N/m（2）某学生用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端

11、的位置O；卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的方向及两弹簧称相应的读数图丁中B弹簧称的读数为4.38N；该生在坐标纸上画出两弹簧拉力F1、F2的大小的大小和方向，以及由钩码的重量画出钩码对弹簧的拉力F的大小和方向，如图戊所示，请在图戊中作出F1、F2的合力F，观察比较F和F，得出结论参考答案：考点：探究弹力和弹簧伸长的关系专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题分析：（1）根据图线的斜率求出弹簧的劲度系数（2）根据弹簧秤的最小刻度，读出弹簧秤B的读数根据平行四边形定则作出合力的大小，得出实验的结论解答：解：（1）图线的斜率表示劲度系数，则

12、k=（2）弹簧秤的最小分度为0.1N，图中B的弹簧秤示数为4.38N根据平行四边形定则，作出合力的大小和方向如图所示，可知在误差允许的范围内，合力和分力遵循平行四边形定则故答案为：（1）125，（2）4.38，如图所示点评：本题属于对实验原理的直接考查，应准确掌握实验的目的及实验原理分析需要记录的内容，在学习绝不能死记硬背15. 有一内阻为30k的直流电压表V，其刻度盘上所标示的数值模糊不清，但共有30个均匀小格的刻度线是清晰的，并已知量程约为25V35V为了测出电压表的量程，现有下列器材可供选用：标准电压表V1：量程3V，内阻3k；电流表A：量程03A，内阻未知；滑动变阻器R：总阻值1k；电

13、源E：电动势30V，内阻不能忽略；电键、导线若干（1）要求测量多组数据，并有尽可能高的精确度，请选择所需要的器材并画出实验电路图（2）选用记录数据中任一组，写出计算量程的表达式Ug=式中各字母的意义是：U表示标准电压表的读数，N表示待测电压表指针偏转格数（3）测出量程后便可以根据指针所指格数读取电压值了某同学想通过上述电压表V测量一个多用电表中欧姆挡的内部电的电动势，他从多用电表刻度盘上读出电阻刻度中间值为30，将电压表V与选用“1k”挡的多用电表直接相连，读出电压表的读数为U实验过程中一切操作都是正确的则欧姆表电池的电动势表达式为E0=2U参考答案：【考点】： 把电流表改装成电压表【专题】：

14、 实验题；交流电专题【分析】： 本题（1）的关键是根据待测电压表V和电压表的额定电流接近可知，应将两者串联使用，再根据变阻器的全电阻远小于待测电压表内阻，可知变阻器应采用分压式接法；题（2）的关键是设出待测电压表每小格的电流，然后根据欧姆定律和串并联规律即可求解；题（3）的关键是明确选用“1k”档时欧姆表的中值电阻为30k，然后根据闭合电路欧姆定律即可求解： 解：（1）：由I=可求出待测电压表的量程约为0.831.17mA，远小于电流表A的量程，所以不能使用电流表；由于标准电压表的额定电流为，与待测电流表的量程接近，所以应将待测电压表V与标准电压表串联使用；由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电压

15、表内阻，所以变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：（2）：设待测电压表每小格电流为，则其量程为：=30=9设待测电压表读数偏转格数为N时标准电压表读数为U，根据串并联规律应有：联立解得：=，其中U表示标准电压表的读数，N表示待测电压表指针偏转格数；（3）：当选用“1k”当时，欧姆表的中值电阻为：=301k=30k，根据闭合电路欧姆定律，应有：=U+，将=30k代入上式，解得：；故答案为：（1）如图（2），U表示标准电压表的读数，N表示待测电压表指针偏转格数（3）2U【点评】： 应明确：注意电表的反常规接法，即电压表可以串联（当做电流表）使用，电流表也可以并联使用（当做电压表），只要满足电表指

16、针偏转量程以上即可；当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；明确欧姆表的改装原理和方法四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，倾角为的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L。有一个质量分布均匀、长为L条状滑块，下端距A为2L，将它由静止释放，当滑块下端运动到A下面距A为L/2时滑块运动的速度达到最大。(1)求滑块与粗糙斜面的动摩擦因数；(2)求滑块停止时的位置；(3)要使滑块能完全通过B点，由静止释放时滑块下端距A点的距离应满足什么条件？参考答案：解：(1)当滑块所受合外力零时，滑块速度最大，设其质量为m，则 （3分)得 （2分)(2)设滑块停止时

17、下端距A点的距离为x，摩擦力随x变化规律如图甲（1分)根据动能定理 （3分)解得 （1分)即物块的下端停在B端(3)设静止时物块的下端距A的距离为s，只要滑块下端运动到B点下方L/2处，整个滑块就能完全通过B点，设下端通过A点后，距A点的距离为x，摩擦力随x变化规律如图乙所示 （1分) 根据动能定理 （3分)解得： （1分)要让滑块能通过B点，则物块的下端距A的距离应大于 （1分)17. 如甲图所示，质量为M=4kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m=4kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力两物块开始均静止，从t=0时

18、刻起铁块m受到水平向右，大小如下图乙所示的拉力F的作用，F共作用时间为6s，（取g=10m/s2）求：（1）铁块和木板在前2s的加速度大小分别为多少？（2）铁块和木板相对静止前，运动的位移大小各为多少？（3）力F作用的最后2s内，铁块和木板的位移大小分别是多少？参考答案：解：（1）前2s，对铁块m：Fmg=ma1，代入数据解得：a1=3m/s2对M：mg=Ma2，代入数据解得：a2=2m/s2（2）2s内m的位移为M的位移为2s后，对m，Fmg=ma1，代入数据，匀加速；对M，mg=Ma2带入数据解得，匀加速；设在经过t0时间两物体速度相同为V，则V=v1a1t0=v2a2t0解得t0=2s，V=8m/s在t0内铁块m的位移为所以铁块和板相对静止前，铁块运动位移为x铁块=x1+x1=20m木板M的位移所以铁块和板相对静止前，木板运动位移为x木板=x2+x2=16m（3）最后2s铁块和木板相对静止，一起以初速度V=8m/