2022年陕西省西安高中物理高二上期末质量跟踪监视模拟试题含解析-

2023-2023学年高二上物理期末模拟试卷留意事项：答题前，考生先将自己的姓名、准考证号壊写清楚，将条形码精确     粘贴在考生信息条形码粘贴区.选择题必需使用2B钳笔填涂；非选择題必需使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。请依据题号挨次在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀,一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、 当气体温度上升时，气体（）每个分子的动能增大 B.每个分子的动能减小C・分子平均动能増大 D.分子平均动能减小2、 下图为质谱仪的工作原理示意图，一束带电粒子以肯定的速度进入速度选择器，速度选择器内是相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁感应强度和电场强度的大小分别为8和粒子通过速度选择器的狭缝P后，进入磁感应强度为用的偏转磁场，最终打在底片上A、4两处，测得PA=2PA，不计粒子重力・由此可知粒子带负电，磁感应强度8垂直纸面对外 B.打在片、4两处的粒子的比荷之比为1：2C.打在4、4两处的粒子的速度之比为1：2D.打在A、A两处的粒子在磁场中的运动时间之比为1：13、如图所示，在半径为R圆形区域有垂直于纸面对里、磁痞应强度为B的匀强磁场，从A点沿着AO方向垂直磁场射入大量带正电、电荷量为q、质量为m、速率不同的粒子，不计粒子间的相互作用力和重力，关于这些粒子在磁场中的运动以下说法正确的是（）这些粒子出射方向的反向延长线不肯定过O点速率越大的粒子在礎场中通过的弧长越长，时间也越长这些粒子在磁场中的运动时间相同若粒子速率满足v=qBR/m,则粒子出射方向与入射方向垂直

4、如图的电路中.抱负变压器匝数比，小“2=1:2,R是规格为“220V、1100W”的用电器,电表均为抱负电表.当用A110V\10A电器正常工作时，电压表和电流表的示数分别为（ ）A110V\10AA.C点的电势q>c=5VA.C点的电势q>c=5VC点的电势＜pc＞5VC.C点的电势<p<<5VD.负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能C.440V\2.5A440V.10A5、如图所示是某电场中的三条电场线，C点是A、B连线的中点.已知A点的电势是＜p、=30V,B点的电势少=一20V,则下列说法正确的是（）6、如图所示的皮带传动装置中，甲、乙、丙三轮的轴均为水平轴，其中甲.乙.丙三轮的半径之比3:2:4.A、B、C三点分别是甲、乙、丙三轮的边缘点，若传动中皮带不打滑，则（）A・3两点的线速度大小之比为2:3A,C两点的角速度大小之比为1:3A,C两点的向心加速度大小之比为1:3A,8两点向心加速度大小之比为3:1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、一斜面固定在水平面上，在斜面顶端有一长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为〃，木板上固定一轻质弹黃测力计，弹簧測力计下面固定一个光清的小球，如图所示，木板固定时，弹簣測力计示数为由静止释放后木板沿斜面下滑，稳定时弹簧测力计的示数为F、斜面的高为力，底边长为&则下列说法正确的是（）

A.稳定后弹簧肯定处于压缩状态稳定后弹簧仍处于拉伸状态Eh8、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形合四、D,构成，其间留有空隙，下列说法正确的是离子由加速器的中心四周进入加速器离子由加速器的边缘进入加速器离子从磁场中获得能量离子从电场中获得能量9、如图a所示在光滑水平面上用恒力F拉质量m的单匝均匀正方形铜线框，边长为。，在1位置以速度W进入磁感应强度为3的匀强磁场并开头计时f=0,若磁场的宽度为在M时刻线框到达2位置速度又为V。并开头高开匀强磁场.此过程中卩■，图象如图b所示，则（）心=0时，线框右侧边的两端电压为B.在6•时刻线框的速度为％-皂mc.线框完全离开磁场的瞬间位置3速度肯定比騙时刻线框的速度大D.线框从1位置进入磁场到完全离开磁场位置3过程中，线框中产生的电热为2Fb10、小型发电机线圏共N匝，每匝可简化为矩形线圈abed.磁极间的磁场可视为匀强磁场，方向垂直于线圏中心轴g，线圈从图示位置以角速度3绕OO'匀速转动，如图所示.矩形线圈沥边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e。，不计线圈电阻，下列说法正确的是（）若从中性面开头计时，则发电机的感应电动势的瞬时值表达式为c=2A9osln/£从中性面开头计时，则发电机的感应电动势的瞬时值表达式为e=2Ne^os54Ne发电机线圏从垂直中性面位置转动90。的过程中，产生的感应电动势的平均值是一JX4Ne发电机线圈从垂直中性面位置转动180。的过程中，产生的感应电动势的平均值是^三、试验题：本題共2小題，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。（6分）在电场中的某点P放一电荷量为q的电荷，所受静电力为F,则P点的电场强度的大小为—.若把此电荷q移走厕P点的电场强度的大小为—（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的试验中，可供选择的器材有：小灯泡：规格“3.8V、0.3A”电流表：量程。〜0.6A,内阻约为0.5。电流表：量程。〜3A,内阻约为0.1。电压表：量程0〜5V,内阻约为5g电压表：量程0〜15V,内阻约为50k£2滑动变阻器：阻值范围。〜100,额定电流2AG滑动变阻器：阻值范围。〜100。，额定电流50mA电池组：电动势6V,内阻约为1Q开关一只，导线若干（1）为了使测量尽可能地精确     ，电流表应选^电压表应 ，滑动变阻器应 .（填器材代号）需要使小灯泡两端电压从0渐渐増大到3.8V且能便利地进行调整，滑动变阻器应接受 的连接方式 （2）请在虚线框内设计一个电路图

四、计算题：本题共3小题，共38分.把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。（10分）电路如图（甲）所示,定值电阻夫=30,电源的路端电压随电流，的变化图线如图（乙）所示，闭合电键S,求：（D电源的电动势E和内电阻，；（2） 电源的路端电压U：（3） 电源的输出功率P・甲 乙（16分）如图，在矩形区域ABCD内存在竖直向上的匀强电场，在8C右侧I、H两区域存在匀强磁场，幻、以、丄是磁场的边界3C与丄】重合），宽度相同，方向如图所示，区域I的磁感应强度大小为Bi.一电荷量为公质量为m（重力不计）的带正电粒子从m边中点以初速度所沿水平向右方向进入电场，点电荷恰好从8点进入磁场，经区域I后又恰好从与B点同一水平高度处进入区域II.已知AB长度是BC长度的V?倍。<0求带电粒子到达B点时的速度大小；（2） 求磁场的寛度如（3） 要使点电荷在整个磁场中运动的时间最长，求区域II的磁感应强度跖的取值・（12分）如图所示，在竖直面内有一质量为血的带电小球，用长为丄的绝缘细线悬挂于。点，处在水平向右的匀强电场中，小球静止在B点，且细线与竖直方向夹角为公突然在竖直面内给小球一垂直细绳斜向下的初速度，测得小球在A点（A.B两点关于。点对称）时绳子的拉力大小等于当（g为重力加速度〉.求：cosa（1）该匀强电场的电场强度的大小，(2)小球在4点的速度大小。参考答案一、单项选择題：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.KC【解析】温度是分子平均动能的标志，当气体温度上升时，气体分子平均动能増大，但并非每个分子的动能都増加或者减小；每个分子的动能增大，与结论不相符，选项A错误；每个分子的动能减小，与结论不相符，选项B错误；分子平均动能增大，与结论相符，选项C正确，分子平均动能减小，与结论不相符，选项D错误；故选C.2、B【解析】A.在偏转磁场中，由粒子偏转方向知，粒子带正电，故A错误；打在A、4两处的粒子半径&=2与，由rV"qvB.=m—*R知q_vmB、R比荷之比为1：2,故B正确；通过速度选择器，速度相同，故C错误；运动时间'=矛，则运动时间之比为2：1,故D错误。

故选B.3.D【解析】粒子从A点进，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动.从圆周上面的B点出，设圆周运动圆心为半径为，•，则AB为公共弦长，弦的垂直平分线过圆心，既过O点又过0L依据几何关系AAO'O三可得O'B丄OB,1广 111V,依据洛伦兹力供应向心力即g=*卻=矛所以粒子出磁场的速度沿圆形磁场的半径方向，出射方向的反向延长线肯定过o点，选项A1广 111V,依据洛伦兹力供应向心力即g=*卻=矛2。2mWin速度越大的粒子，半径越大，那么馭的圆心角越小，运动时叶券、訶=伊’越短，选项BC错.若粒子速率满足FR/m,则圆周运动半径，•嗚5球=尸，0=45',转过圆心角2。=9。，所以速度偏向角等于2。=90,即出射方向与入射方向垂直，选项D对考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【解析】用电器正常工作时，副线圈两端的电压/=220V,输出功率/<=H00W,依据电压与匝数成正比，有代入数据得4=丄2202解得—=110V依据输入功率等于输出功率，有:

P]=6=1100WP\%=110P\%=11010A故A正确，BCD借误。故选丄5、C【解析】电场线的疏密表示电场的强弱.由图看出，AC段电场线比CB段电场线密，AC段场强较大，依据公式。=玖定性分析A、C间与B、C间电势差的大小，再求解中点C的电势耿.【详解】由图看出，AC段电场线比BC段电场线密，则AC段场强最大，依据公式11=巳（1可知，AC间电势差U*大于BC冋电势差Ucb,所以Uac>：Um=25卩，即9、呷（>25V,又<p、=30V,可知q>c<5V.故C正确，AB错误.而负电荷在电势低处，电势能较大，故D错误；故选C6、C【解析】A.由于甲、乙两轮是皮带传动，皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同，所以AB两点的线速度大小之比为1:1,故A错误；由于乙、丙两轮共轴，故BC两点角速度相同，由公式卩=山可得V0=—r所以所以AC两点的角速度大小之比为23,故B错误;由向心加速度公式“=廿,•得故C故C正确;V"由向心加速度公式。=—得r么=么=2酢rA3故D错误

故选Co二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选借的得。分.7、BC【解析】AB.平街时，对小球分析Fm響就…①木板运动后稳定时，对整体分析有：ggsiuggcos。…②则«<gsin0,依据牛顿其次定律得知，弹簣对小球的弹力应沿斜面对上，弹簧处于拉伸状态.选项A错误，B正确;CD.对小球有〃，gsinO・F2=/m/…③而tan^=4-④联立计算可得〃=岸选项C正确，D错误.8.AD【解析】据回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心四周进入加速器,且在电场中加速，通过磁场回旋,所以从电场中获得能量，故选AD【点睛】回旋加速器的工作原理是利用电场加速，磁场偏转.且二者的周期联立计算可得〃=岸选项C正确，D错误.8.AD【解析】据回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心四周进入加速器,且在电场中加速，通过磁场回旋,所以从电场中获得能量，故选AD【点睛】回旋加速器的工作原理是利用电场加速，磁场偏转.且二者的周期相同.被加速离子由加速器的中心四周进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功,即可加速正电荷也可加速负电荷9、BD【解析】AJ=0时，MN边切割磁感线相当于电源，线框右侧边的两端电压为外电压，感应电动势:E=Bavo外电压U=—E=—Bavo94 4故A项不合题意.B.依据图象可知在，。〜巩时间内，线框做匀加速直线运动，合力等于F,则在，。时刻线框的速度为v=Vo-a*2/o=Vo-2FI。故B项符合题意.C.由于1=。时刻和时刻线框的速度相等，进入磁场和穿出磁场的过程中受力状况相同，故线框完全离开磁场时的速度与九时刻的速度相等，故C项不合題意.D.由于，=()时刻和时刻线框的速度相等，进入磁场和穿出磁场的过程中受力状况相同，故线框完全离开磁场时的速度与，。时刻的速度相等，进入磁场克服安培力做的功和离开磁场克服安培力做的功一样多.线框在位置1和位置2时的速度相等，从位置1到位置2过程中外力做的功等于克服安培力做的功，即有Fb=Q,所以线框穿过磁场的整个过程中，产生的电热为2凡，故D项符合题意.10、ACD【解析】结合中性面的特点可知从中性面开头计时，则发电机的應应电动势的瞬时值表达式；由法拉第电磁感应定律求出平均电动势.【详解】A、B、矩形线圈沥边和cd边产生的感应电动势的最大值都为琮，所以N匝矩形銭圏产生的感应电动势的最大值是2腿线圈位于中性面时，穿过线圏的磁通量最大，而感应电动势等于。，所以从中性面开头计时，则发电机的感应电动势的瞬时值表达式为e=EmSin(M=2Nsing故A正确，B错误.2eC、 在线圏从垂直中性面位置转动90°过程中，单匝线圈上的磁通量的变化量= 产生的感应电动势的业=些平均值是 T万；故c正确.4D、 发电机线圈从垂直中性面位置转动180,的过程中，磁通量的变化JkM=2BS=W,感应电动势的平均值是(0樱*TI；故D正确•2故选ACD.【点睛】本题考査了沟通电产生的原理和最大值、平均值的关系，知道整个矩形线圏产生的感应电动势是湖边和M边产生的感应电动势之和・三、试验题：本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程.TOC\o"1-5"\h\z八F F11、 ①.一 @.~q q【解析】电量为q的电荷是摸索电荷，在P点所受的电静电力为F,依据电场强度的定义式E=-也可以确定P点电q场强度的大小，电场强度由电场本身打算，与试採电荷无关.若将点电荷q从P点取走，P点的电场强度大小不变；【详解】将电量为q的点电荷放在P点，P点的电场强度的大小为E上,电场强度由电场本身打算，与摸索电荷无q「F关.若将点电荷q从P点取走，P点的电场强度大小不变，仍为E=FF答案为：一；一q(112、 ①.B (2).D ③.E ④•分压式 ⑤.

【解析】(1)El][2][3][4].小灯泡的额定电压为3.8V,则电压表应选择D；灯泡的额定电流为0.3A,为了减小测量的误差，使得測髭更精确，电流表量程选择。〜0.6A的B.需要使小灯泡两端电压从0渐渐増大到3.8V且能便利地进行调整，滑动变阻器要釆用分压电路，故选用阻值较小的E；(2)[5][6].小灯泡电阻约为13d则有故灯泡电阻属于小电阻，电流表釆用外接法.电压和电流需从0开头测起.所以滑动变阻器需釆用分压式接法.电路点睛：本题考査灯泡伏安特性曲线的试验；解决本题的关键把握器材选取的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区分，知道什么状况下选用电流表外接法，什么状况下选择电流