安徽省蚌埠市淮上区重点达标名校2023年中考三模物理试题含解析

2023年中考物理模似试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．如图甲、乙两容器质量相等、底面积相同，内装质量相等、深度相同的不同液体，两容器底部受到液体的压强分别为p甲和p乙，容器对桌面的压力分别为F甲和F乙，则A．p甲=p乙F甲<F乙B．p甲=p乙F甲>F乙C．p甲<p乙F甲=F乙D．p甲>p乙F甲=F乙2．如图，闭合开关S后，下列说法正确的是A．灯泡L1和L2并联在电路中B．电流表不能测量灯泡L1的电流C．电压表测量灯泡L1两端的电压D．若发现：两电表均有示数，两灯中只有一个亮则一定是L1短路3．关于能源、电磁波、超声波等物理知识，下列说法中正确的是（）A．核电站利用的是核聚变时产生的能量B．化石能源属于可再生能源C．光纤通信是利用电磁波传递信息D．“北斗”卫星导航是利用超声波进行定位和导航的4．如图所示的热现象中，通过液化形成的是A．蜡烛燃烧流出的烛“泪”B．冬天清晨树叶上的“霜”C．冬天河水结“冰”D．厨房蒸笼旁的“白汽”5．如图在探究“不同物质的吸热能力”时，同学们使用的器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、初温和质量都相同的水和食用油。关于实验，下列说法正确的是A．食用油吸热升温快，说明食用油吸热能力强B．两种液体的吸热能力是由温度升高快慢决定的C．加热相同的时间，末温低的液体吸收热量少D．加热到相同的温度时，升温快的液体吸收的热量少6．吹奏笛子时，演奏者抬起压在不同出气孔的手指，是为了改变所发乐器的（）A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅7．如图，轻质杠杆AB可以绕O点转动，在A点用细线悬挂一重物，在B点施加一竖直向下的动力，使杠杆在水平位置保持平衡．若将动力的方向改为沿虚线方向，仍使杠杆在水平位置保持平衡，则A．动力臂增大，动力增大 B．动力臂增大，动力减小C．动力臂减小，动力减小 D．动力臂减小，动力增大8．小强观察了市场上的自动测高仪后，设计了图6四个电路（其中R＇是滑动变阻器，R是定值电阻，电源电压恒定）．其中能实现身高越高，电压表示数越大的电路是（）A． B． C． D．9．三峡升船机是世界上最大的升船机。船只驶入装有水的承船厢后，在拉力F作用下竖直升降。如图所示，重量不同的船舶（G1＞G2＞G3）驶入承船厢，通过排放水使厢内水深h保持不变，则三种情况下，匀速提升所需的拉力A．F1最大 B．F2最大C．F3最大 D．F1、F2、F3一样大10．如图所示的四种现象中，由光的反射形成的是A．透过树丛的光束B．雨后的彩虹C．水中的倒影D．海市蜃楼二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．如图所示，利用R1＝5Ω、R2＝10Ω两段镍铬合金丝“探究电流产生的热量跟哪些因素有关”，两个透明的容器中密闭了等量的空气．对此实验，下列说法正确的是A．实验是通过观察U形管两侧液面高度差来判断电流产生热量的多少B．容器和U形管必须密封性好，装有带色水的U形管是连通器C．若R1、R2两段镍铬合金丝的长度相同，则R1的横截面积比R2小D．本实验可得结论：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多12．如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示．则下列判断正确的是（）A．小灯泡的额定功率为24WB．电源电压为12VC．滑动变阻器的最大阻值为9ΩD．小灯泡的最小功率为1.5W13．如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S1．质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h（水的密度为ρ0）。下列说法正确的是（）A．木球的密度为ρ0B．木球的密度为ρ0C．剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为TD．剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为T三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．上海地区家用电视机正常工作时两端的电圧为_____伏，电视机工作时将_______转化为其他形式的能。远距离输电是通过___________输电线路输送的（选填“高压”或“低压”）。15．小石块A挂在弹簧测力计下稳定时读数为F1，将小石块A缓慢浸没在装有密度为ρ的液体的圆柱形容器中（A与容器底未接触），稳定时读数为F2，则小石块受到液体的浮力大小为_____；排开液体的重力为_____，排开液体的体积为_____。若把该小石块浸没在装有水的容器中，发现弹簧测力计读数F3小于F2，则水的密度ρ0_____ρ（选填“＞”、“＝”或“＜”）。16．光在真空中的传播速度为______m/s；太阳发出的光，要经过大约480s到达地球，太阳到地球的距离约为______m。17．如图所示是同学们小时候玩过的一种“回力”玩具车，在玩耍时要先用手按住它往后拉一下，松手后它就能往前跑．“用手按住它往后拉一下”是存贮了_____能，“松手后它就能往前跑”，此时又转化为_____能．18．如图甲所示，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应滑到_____端（选填“a”或“b”）；闭合开关S，调节滑动变阻器，电流表A的示数如乙图所示，通过灯L的电流为___A．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．如图所示，是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式。该电热水壶有高温、中温、低温三档，中温档的额定功率为500W。求：电热水壶调至中温档正常加热，将2kg温度为30℃的水烧开（标准大气压下）需要20min,水所吸收的热量及电热水壶的效率；电热水壶高温档的额定功率；若某次电热水壶用高温档加热0.1h，耗电0.09KW·h,通过计算判断此时电热水壶是否正常工作？20．某一木块的体积为200cm3，密度为0.8×103kg/m3，将其放入水中（g=10N/kg）．（1）木块最终漂浮在水面上静止，求浸在水中的体积；（2）在木块上放一重物，刚好使木块浸没，求此重物的重力．21．养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热．如图是某款养生壶及其铭牌，求：型号CH﹣M16额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量1.2L（1）养生壶正常工作时的电阻；（2）若正常工作时，养生壶加热效率为91%，将1kg水从20℃加热到85℃需要多长时间；（c水=4.2×103J/（kg•℃））（3）用电高峰期，家中只有液晶电视机和养生壶工作时，养生壶将1kg水从20℃加热到85℃，实际用时363s，通过电能表测得此过程共耗电3.726×105J，此时养生壶两端的电压和通过液晶电视机的电流多大．（设养生壶的电阻和加热效率不变）．五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．小球正从斜面上加速滚下，在图中画出小球所受重力的示意图和小球对斜面的压力的示意图．（_______）23．踢足球是青少年喜爱的一项体育运动．如图所示是向斜上方飞出的足球，不考虑空气阻力，请你画出足球所受力的示意图____．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．小明爱钻研物理，爸爸特意网购了天平（250g，0.2g）和量筒（100mL，2mL）．周末他想鉴别铜钥匙是不是纯铜的，于是他做了如下实验：（计算结果保留一位小数）（1）将天平放在水平台面上，把游码移至零刻度处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向_______（选填“左”或“右”）调．（2）如图用天平测出铜钥匙的质量，在量筒中倒入适量水，再放入钥匙，测得钥匙体积为2cm1，则可算出该铜钥匙的密度为________g/cm1．小明觉得用这种量筒测出的结果很不精确，原因是___________．（1）小明想起可以只用天平和水测量固体密度的特殊方法，于是找来一个玻璃杯装满水，想测出其总质量，结果超出天平量程．于是在厨房找到妈妈做烘焙用的电子秤，面板如右图．测得铜钥匙质量不变；在玻璃杯装满水直到溢出，小心擦干外壁，测出其质量为161.4g；在杯中放入钥匙并擦干溢出的水，测出其质量为175.5g．据此算出该铜钥匙的密度为________g/cm1．为了进一步减小误差，你建议小明可以换用一个杯口更_______（选填“大”或“小”）容器进行实验．（4）聪明的小明仍用原来的玻璃杯改进实验，想到了最巧妙简单的方案．如图所示，他将玻璃杯装适量水放上秤台，按下电子秤的“归零”按钮，再把钥匙用细线悬挂并浸没于水中，此时示数显示为1.6g,则能算出该铜钥匙的密度为_______g/cm1．对比用量筒测量钥匙体积后，这个方案中体积的精确程度大约提高到了原来的______（选填“2”、“20”、“50”或“100”）倍．25．陈明同学设计如图所示的装置，研究水的汽化和液化现象。酒精灯通过石棉网对烧瓶里的水加热，产生的水蒸气通过玻璃管通入烧杯中(烧杯中盛有15℃的冷水)，温度计甲用于测量沸水的温度，温度计乙用于测量烧杯里水的温度。如图如图烧瓶内的水沸腾后，陈明观察到甲温度计的示数如图所示，说明水的沸点为_______℃，此时烧瓶内液面的气压比一个标准大气压______；整个加热过程中，甲温度计的示数变化规律是_________；一段时间后乙温度计的示数如图所示，说明烧杯中水的温度________了，这是因为______________；随着实验的进行，右侧烧杯内水的质量将________(选填“变大”“变小”或“不变”)。26．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景．小华将小卡片(重力可忽略不计)两边的线分别跨过滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向______，并通过调整______来改变拉力的大小．当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，并且保持两根细线平行，松手后小卡片______(选填“能”或“不能”)在此位置平衡．设计此实验步骤的目的是为了探究__________．为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是：_______．在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验．其主要原因是______．A．减少摩擦力对实验结果的影响B．小卡片是比较容易获取的材料C．容易让小卡片在水平方向上保持平衡D．小卡片容易扭转

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、C【解析】

液体的深度相同，两容器底面积相同，由图可知，甲容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，即V甲＞V乙，已知两种液体的质量相同，根据ρ=可知，ρ甲＜ρ乙；甲液体的密度小，而液体的深度相同，由p=ρgh可知，甲液体对容器底的压强小，即p甲＜p乙；甲、乙两容器质量相等，液体的质量相等，根据G=mg可知容器和液体的重力相等，容器对桌面的压力大小等于容器和液体的总重力，所以容器对桌面的压力相等，即F甲=F乙．2、D【解析】

A、由电路图可知，开关S闭合，L1与L2首尾相接，两灯是串联的，S控制所有灯泡，故A错误B、两灯是串联的，电流表可以测量灯泡L1的电流，也可以测量灯泡L2的电流，故B错误；C、电压表并联在灯泡L2两端，测量灯泡L2两端的电压，故C错误；D、由于两灯泡串联，电流表有示数，只有一个灯泡亮，说明电路是通路，由于电压表并联在灯泡L2两端，电压表也有示数，则不可能是L2短路，一定是L1短路，故D正确．3、C【解析】

本题考查核能；电磁波的传播；光纤通信；能源的分类【详解】A．核电站是利用核裂变来释放能量的，不是利用核聚变．故A错误；B．化石能源在地球上的储量是有限的，利用之后无法再生，属于不可再生能源，故B错误；C．光纤通信是利用光波在光导纤维中传输信息的一种通信方式，光就是一种电磁波，故C正确；D．电磁波能在真空中传播，卫星导航是利用电磁波进行定位和导航的，故D错误．4、D【解析】

A．“烛泪”是蜡烛由固态变为液态形成的，是熔化现象，故A不符合题意；B．“霜”是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，故B不符合题意；C．冰的形成属于凝固现象，故C不符合题意；D．“白气”是空气中水蒸气遇冷液化形成的，故D符合题意．5、D【解析】

A、实验中，初温和质量都相同的水和食用油,吸收相同的热量后,食用油吸热升温较快，说明食用油的比热容小，吸热能力较弱，故A错误；B、比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量，与种类和状态有关，所以两种液体的吸热能力是种类和状态决定的，故B错误；C、实验中，加热相同的时间，说明吸收了相同的热量，末温低的物质比热容大，吸热能力强，故C错误；D、由Q＝cm△t可知，质量相同的水和食用油，由于比热容不同，并且初温相等，则当末温相同时，吸收的热量不相同，加热到相同的温度时，升温快的液体吸收的热量少，故D正确。6、A【解析】

悠扬的笛声是由空气柱振动产生的，抬起不同的手指，就会改变空气柱的长度，长度越短，振动越快（频率越大），从而改变声音的音调，故选A．7、D【解析】

力臂是支点到力的作用线的垂线段长度．改为虚线后，动力臂变短，根据杠杆平衡条件,阻力阻力臂都不变化，动力臂变小，则动力增大．8、D【解析】

A图，电压表串联在电路在，不符合作用要求；B图，电压表测量电源电压，身高变化时，示数不变；CD图，电压表与滑动变阻器并联时，即测量滑动变阻器的电压，如图当身高越高时，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据串联电路的电压与电阻成正比可知，滑动变阻器两端的电压变大，即身高越高时，电压表示数越大，而C图相反，身高变大时，电压表示数减小，故D正确，C错误；故选D．9、D【解析】

根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力大小等于它排开液体的重力，厢内水深h保持不变，重量不同的船舶（G1＞G2＞G3）驶入承船厢，重的船舶排出的水也多，且排出水的重力与船舶的重力相等，所以三种情况下，厢，水、船的总重相同，匀速提升，拉力等于总重力大小，则三种情况下，匀速提升所需的拉力F1、F2、F3一样大。10、C【解析】

A.透过树丛的光速是由于光的直线传播形成的，故A不符合题意；B.雨后彩虹是光的折射形成的，故B不符合题意；C.水中倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，故C符合题意；D.海市蜃楼，是空气由于受热等因素变得不再是均匀介质，光在不均匀介质中发生了折射形成的，故D不符合题意。故选C。二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、AD【解析】

A．该实验中通电电阻丝给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，所以是通过观察U形管两侧液面高度差来判断电流产生热量的多少的，故A正确；B．上端开口、底部连通的容器是连通器，而容器和U形管必须密封性好，所以装有带色水的U形管不是连通器，故B错误；C．因R1＜R2，R1、R2两段镍铬合金丝的长度相同、材料相同，则R1的横截面积比R2大，故C错误；D．根据串联电路电流的规律，通过两电阻丝的电流，通电时间也相等，且R1＜R2，由图知右管中液面高度差大，根据转换法，R2电阻丝产生的热量多，所以可得结论：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多，故D正确．12、ABC【解析】试题分析：（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压和额定电压相等也是电源的电压，根据P=UI求出灯泡的电功率即为额定功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小由图可知电表的示数，由P=UI计算灯泡的最小功率；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．解：（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中电流最大，由图象可知，电路中的电流I=2A，U=UL=12V，则灯泡的额定功率：PL=ULI=12V×2A=24W．故AB正确；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知，灯泡两端的电压UL′=3V，电路中的电流I′=1A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：UR=U﹣UL′=12V﹣3V=9V，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R===9Ω．故C正确．此时灯泡的最小功率：P最小=UL′I最小=3V×1A=3W，故D错误；故选ABC．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象读出电表对应的示数．13、AD【解析】解：（1）木球浸没时，其受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力，由于木球处于静止状态，受力平衡，根据力的平衡条件可得：F浮=G+T=mg+T，木球浸没时，V排=V木，则根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得：ρ0gV排=mg+T，由ρ=可得木球的体积：V木=，所以，ρ0g×=mg+T，解得ρ木=ρ0；故A正确，B错误；（1）剪断细线，木块漂浮，F浮′=G=mg，则待木球静止后浮力变化量为：△F浮=F浮﹣F浮′=mg+T﹣mg=T，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得水面下降的高度（容器上部的水面下降）：△h===，则由△p=可得，水对容器底的压力变化量：△F=△pS1=ρ0g△hS1=ρ0g×S1=T，故C错误，D正确。故选：AD。点睛：本题综合考查受力平衡和阿基米德原理的应用，关键是从图象上读出水面的下降高度的判断，注意底部所受压力一定利用F=pS计算，有一定的难度。三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、220电能高压【解析】

我国家庭电路中各用电器的额定电压是220V，所以家用电视机正常工作的电压是220V，电视机工作时，消耗电能，产生其他形式的能，将电能转化为其他形式的能；在输送功率一定时，由P=UI可知电压越高，电流越小；由Q=I2Rt可知输送过程中损失的能量越小，所以远距离输电采用高压输电。15、F1﹣F2F1﹣F2F1-F【解析】

由图可知，石块在液体中所受到的浮力：F浮＝G﹣F示＝F1﹣F2，排开液体重：G排＝F浮＝F1﹣F2，∵F浮＝ρV排g，排开液体的体积：V排＝F浮ρg=若把该小石块浸没在装有水的容器中，发现弹簧测力计读数F3小于F2，∵F浮＝G﹣F示，∴在水中受到的浮力：F浮′＞F浮，∵F浮＝ρ液V排g，排开液体的体积相同，∴ρ0＞ρ。16、【解析】

此题考查了光速和速度变形公式的应用。光在真空中的传播速度最大，为3×108m/s；已知光速与光的传播时间，由速度公式的变形公式可以求出太阳到地球的距离。【详解】光在真空中的传播为3×108m/s；因为，所以太阳到地球的距离：s＝vt＝3×108m/s×480s＝1.44×1011m。17、弹性势动【解析】

“用手按住它往后拉一下”使玩具车内的弹簧发生弹性形变，储存了弹性势能，松手后，发生形变的弹簧恢复原状，弹性势能变小，松手后它就能往前跑，玩具车具有动能，说明弹性势能转化为动能．18、b0.3【解析】

[1][2]闭合开关前滑动变阻器的滑片应滑到接入电路阻值最大处，根据电路图滑动变阻器的滑片P应滑到b端接入电路阻值最大．电流表A的示数如乙图所示，电流表使用量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过灯L的电流为0.3A．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）5.88×105J，98%；（2）1000W；（3）电热水壶非正常工作。【解析】

（1）电热水壶调至中温档正常加热时，P中=500W，仅R1接入电路，U=220V，则，加热时间t=20min=1200s，将m=2kg温度为30℃的水烧开（标准大气压下），Δt=100℃－30℃=70℃,c=4.2×103J/（kg·℃）；水所吸收的热量Q吸=cmΔt=4.2×103J/（kg·℃）×2kg×70℃=5.88×105J，电热水壶放出的热量Q=W=P中t=500W×1200s=6×105J，效率为。（2）当电热水壶处于高温档时，R1与R2并联，则额定功率为。（3）若某次电热水壶用高温档加热t0=0.1h，耗电W0=0.09KW·h,则功率P0=W0/t0=0.09KW·h/0.1h=900W，小于1000W，故电热水壶非正常工作。20、（1）1.6×10-4m3(2)0.4N【解析】

（1）木块的质量m木=ρ木V木=0.8×103kg/m3×200×10-6m3=0.16kg，木块重力G木=m木g=0.16kg×10N/kg=1.6N．木块最终漂浮，其受到的浮力等于其重力，即F浮=G木=1.6N，则木块浸在水中的体积V排===1.6×10-4m3；（2）木块刚浸没时受到的浮力F浮’=ρ水gV排’=ρ水gV木=1×103kg/m3×10N/kg×200×10-6m3=2N．此时该浮力大小等于木块和重物的总重力，则此重物的重力G=F浮’-G木=2N-1.6N=0.4N．21、（1）48.4Ω．（2）300s；（3）200V1A．【解析】

（1）由P=可得，养生壶正常工作时的电阻：

R===48.4Ω．

（2）水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（85℃-20℃）=2.73×105J，

由η=可得，养生壶消耗的电能：

W===3×105J，

由P=可得，养生壶工作时间：

t===300s；

（3）在用电高峰时，养生壶仍然将1kg水从20℃加热到85℃，且加热效率不变，所以养生壶消耗的电能不变，仍然为3×105J，

则养生壶的实际功率：

P实===W≈826W，

养生壶的电阻不变，由P=可得实际电压：U实===200V，

此过程共耗电3.726×105J，则电路的总功率：

P总===1026W，

因为P总=P实+P液晶，

所以液晶电视机的实际功率：

P液晶=P总-P实=1026W-826W=200W，

由P=UI可得，通过液晶电视机的电流：I===1A．五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

小球的重力作用在小球重心，方向竖直向下；对斜面的压力作用在斜面上，且垂直斜面向下。注意标箭头．23、【解析】试题分析：不考虑空气阻力，足球在空中只受竖直向下的重力作用，从足球的重心向下作重力的示意图，就是足球所受力的示意图，如上图所示．【考点定位】力的示意图六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24、左6.8量筒分度值较大，所测体积误差较大9.1小8.520【