山东省泰安市岱岳区中考物理二模试卷

第28页山东省泰安市岱岳区2023年中考物理二模试卷〔解析版〕一、选择题〔此题共15题，共30分．以下每题各只有一个正确答案，选对得2分；多项选择错选均不得分：把正确答案的序号用铅笔涂在答题卡的规定位置〕1．〔2.00分〕以下估测的数据中，符合实际情况的是〔〕A．教室内的灯正常工作时电流约为200mAB．汽油机的热机效率大约是80%C．岱岳区运动会上百米赛跑的记录是8sD．一只母鸡大约重2N【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、教室内的灯的电功率约40W；故正常工作时电流约0.2A，即200mA；故A正确；B、汽油机的热机效率大约在30%左右；故B错误；C、岱岳区运动会上百米赛跑的记录在11s左右；故C错误；D、一只母鸡的质量在3kg左右，故重力大约为30N；故D错误；应选：A。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2．〔2.00分〕以下有关声现象的说法中正确的选项是〔〕A．在?爸爸去哪儿?节目中，孩子们很容易区分出爸爸发出的声音，是因为爸爸的音调不同B．文明城市要求植树种草，树木和花草既能美化城市也具有吸收、减弱噪声的作用C．一切发声物体都在振动，振动停止，声音立即消失D．声音在不同介质中的传播速度相同【分析】〔1〕音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；〔2〕减弱噪声的措施有：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；〔3〕声音是由物体的振动产生的；〔4〕声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，在不同的介质中传播速度不同。【解答】解：A、因为每个人的声带结构不同，所以发出声音的音色就会不同；孩子们很容易区分出爸爸发出的声音，是通过音色来分辨的，故A错误；B、树木和花草具有吸收、减弱噪声的作用，属于在传播过程中减弱噪声，故B正确；C、一切正在发声的物体都在振动，振动停止，发声也就停止，但声音可以继续向外传播，故C错误；D、一般情况下声音在固体中传播的速度较大，在液体中次之，在气体中较小，故D错误。应选：B。【点评】此题综合考查了听到声音的条件、音产生的原因、声音传播需要介质，在不同的介质中传播速度不同等知识点，具有较强的综合性，要求学生全面掌握声音的相关知识。3．〔2.00分〕以下对生活中的一些实例和对应解释，正确的选项是〔〕A．针孔照相机﹣﹣凸透镜成像B．平静的水面上有桥和树的倒影﹣﹣光的直线传播C．远视眼镜的镜片﹣﹣凹透镜D．雨后彩虹﹣﹣光的色散【分析】〔1〕光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都说明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；〔2〕当光照射到物体界面上时，有一局部光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；〔3〕当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解：A、针孔照相机是根据光的直线传播原理制作的；故A错误。B、平静的水面上有桥和树的倒影是平面镜成像现象，是光的反射现象，故B错误；C、远视眼需戴凸透镜矫正。故远视眼镜的镜片是凸透镜，故C错误；D、当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象，故D正确。应选：D。【点评】此题考查了光的直线传播，光的反射、光的色散、远视眼的矫正，是一道根底题。4．〔2.00分〕对以下四幅图中物理现象的解释，正确的选项是〔〕A．屋檐下的冰凌是凝华现象，放热B．草叶上的露珠是液化现象，吸热C．湖面的“白气〞是汽化现象，吸热D．冰冻的衣服慢慢变干是升华现象，吸热【分析】〔1〕物态变化有六种类型：物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；〔2〕吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华。【解答】解：A、屋檐下的冰凌是水遇冷凝固为固体，凝固放热，故A错误；B、草叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化放热；故B错误；C、湖面的“白气〞是水蒸气遇冷液化吸成的小水珠，液化放热，故C错误；D、冰冻的衣服慢慢变干是固态的冰直接变成气态的水蒸气，是升华现象，升华吸热，故D正确。应选：D。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物质变化前后所处的状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。5．〔2.00分〕生活中热现象随处可见，以下现象解释正确的选项是〔〕A．用热水袋暖手，手吸热，热传递使手的热量增加了B．夏天向地面洒水降温是利用水的比热容比拟大的特点C．焦炭的热值大于干木柴，所以燃烧相同质量的焦炭和干木柴，焦炭放热比拟多D．端午粽子飘香，说明分子在做永不停息的无规那么运动【分析】〔1〕改变物体内能有两种方法，做功和热传递；〔2〕水蒸发时会吸收热量；〔3〕1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，煤的热值比木柴的热值大，说明相同质量的煤和木柴完全燃烧，煤放出的热量多。〔4〕分子在做永不停息的无规那么运动。【解答】解：A、冬天用热水袋暖手，该过程是用热传递的方式改变内能的，改变的不是热量，故A错误；B、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，故B错误；C、煤的热值比木柴的热值大，说明完全燃烧相同质量的煤和木柴，煤放出的热量多，故C错误；D、端午粽子飘香，说明粽子的香味分子在做永不停息的无规那么运动，故D正确。应选：D。【点评】此题主要考查学生对：改变内能的方法、热值、物态变化、分子的运动的了解和掌握，是一道综合性题目。6．〔2.00分〕以下关于参照物的判断正确的选项是〔〕A．歼20在空中穿云破雾，飞行员相对于白云是静止的B．山东号航母在大海破浪前行，航母上的船员相对大海是静止的C．复兴号高速行驶时，驾驶员相对乘客是静止的D．游客攀登泰山时，泰山相对游客是静止的【分析】判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，假设位置有变化，那么物体相对于参照物是运动的；假设位置没有变化，那么物体相对于参照物是静止的；分析解答各个选项。【解答】解：A、歼20在空中穿云破雾，飞行员相对于白云有位置的变化，故飞行员相对于白云是运动的，故A错误；B、山东号航母在大海破浪前行，航母上的船员相对大海有位置的变化，航母上的船员相对大海是运动的，故B错误；C、复兴号高速行驶时，驾驶员相对乘客没有位置的变化，故驾驶员相对乘客是静止的，故C正确；D、游客攀登泰山时，泰山相对游客有位置的变化，泰山相对游客是运动的，故D错误；应选：C。【点评】此题主要考查参照物的知识，是一道常见题目。7．〔2.00分〕以下的四幅图都是初中课本上给出的小实验，小红和学习小组的同学们做了这四个实验，以下实验结论中正确的选项是〔〕A．将内能转化为机械能B．瓶塞喷出时的原理和热机的做功冲程相同C．测力计示数大于玻璃板重力的原因是分子间只有引力D．水烧开了纸锅也不会烧坏是因为酒精灯火焰的温度低于纸的着火点【分析】〔1〕对物体做功，物体内能变大；〔2〕物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能；〔3〕分子间存在相互作用的引力和斥力；〔4〕做功可以改变物体的内能。【解答】解：A、压缩空气，对空气做功，空气的内能变大，机械能转化为内能，故A错误；B、在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，与做功冲程的原理是相同的，故B正确；C、缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，在玻璃板离开水面前，弹簧测力计示数变大，说明分子水分子和玻璃分子间存在引力，引力和斥力是同时存在的，故C错误；D、在一标准大气压下，水的沸点是100℃，当水的温度到达100℃时，吸热温度不再升高；纸锅受水的影响，纸锅的温度不会超过100℃，没有到达纸的着火点，所以纸锅不会燃烧；故D错误。应选：B。【点评】此题考查了对分子动理论和做功改变物体内能的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。8．〔2.00分〕以下关于电磁铁作图正确的选项是〔〕A． B． C． D．【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的作用判断通电螺线管的磁极，利用安培定那么判断电流方向。【解答】解：A、小磁针右端为N极，那么根据磁极间的作用可以判断通电螺线管的左端是S极，由线管的绕线，根据安培定那么可以判断电流从螺线管的左端进入，从右端流出，故A错误。B、小磁针右端为N极，那么根据磁极间的作用可以判断通电螺线管的右端是S极，由线管的绕线，根据安培定那么可以判断电流从螺线管的左端进入，从右端流出，故B正确。C、小磁针右端为N极，那么根据磁极间的作用可以判断通电螺线管的右端是S极，由线管的绕线，根据安培定那么可以判断电流从螺线管的右端进入，从左端流出，故C错误。D、小磁针右端为N极，左端为S极，根据磁极间的作用可以判断通电螺线管的右端是N极，左端是S极，由线管的绕线，根据安培定那么可以判断电流从螺线管的左端进入，从右端流出，故D错误。应选：B。【点评】对于通电螺线管的题，知道电流方向、螺线管的磁极、小磁针的磁极中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定那么判断另外两者。9．〔2.00分〕用如图一所示的滑轮组来提升重物，不计绳重和摩擦，在绳子不会断裂的情况下，滑轮组机械效率随物重变化图象如图二所示，以下说法错误的选项是〔〕A．当物重30N时，拉力也为30N B．滑轮组动滑轮重30NC．滑轮组机械效率最大为90% D．绳子最多承受拉力100N【分析】〔1〕由图二可知，当物重G=30N时，滑轮组的机械效率η=50%；由图一知n=3，那么拉力端移动距离s=3h，滑轮组的机械效率η====，据此求拉力；〔2〕不计绳重和摩擦，拉力F=〔G+G轮〕，据此求动滑轮重力；〔3〕不计绳重和摩擦，最大提升物重时，额外功不变、有用功增大，有用功占总功的比例变大，机械效率变大，知道最大物重，不计绳重和摩擦，最大拉力F最大=〔G最大+G轮〕，最大机械效率η最大==。【解答】解：A、由图二可知，当物重G=30N时，滑轮组的机械效率η=50%；由图一可知n=3，那么拉力端移动距离s=3h，滑轮组的机械效率：η====，那么此时的拉力：F===20N，故A错；B、不计绳重和摩擦，拉力F=〔G+G轮〕，那么动滑轮重力：G轮=3F﹣G=3×20N﹣30N=30N，故B正确；CD、由图二可知，最大物重G最大=270N，不计绳重和摩擦，最大拉力：F最大=〔G最大+G轮〕=〔270N+30N〕=100N，滑轮组的最大机械效率：η最大===×100%=90%，故CD正确。应选：A。【点评】此题考查了使用滑轮组时拉力、动滑轮重力、机械效率的计算，利用好推导公式：η====。10．〔2.00分〕如以下图所示，定值电阻R0=5Ω，当开关S闭合，S1断开时，电压表示数为10V，电流表示数为1A，当开关S、S1都闭合的时候，电流表示数为1.2A，那么定值电阻R1的阻值是〔〕A．10Ω B．15Ω C．20Ω D．30Ω【分析】由图知，开关S闭合，S1断开时，R0与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，根据串联电路特点和欧姆定律可计算出R2的阻值和电源电压；开关S、S1都闭合的时，R1与R2并联后再与R0串联，电压表测并联局部两端电压，电流表测干路中电流，根据串联电路特点和欧姆定律先计算R0两端电压，从而得到并联局部两端电压，再根据并联电路特点和欧姆定律计算R1的阻值。【解答】解：由电路图可知，当开关S闭合，S1断开时，R0与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，所以I2=I0=IA=1A，由欧姆定律可得，R2的阻值：R2===10Ω，电源电压：U=IA〔R0+R2〕=1A×〔5Ω+10Ω〕=15V；当开关S、S1都闭合时，R1与R2并联后再与R0串联，电压表测并联局部两端电压，电流表测干路中电流，所以I0′=I并=IA′=1.2A，由欧姆定律可得，R0两端电压：U0′=I0′R0=1.2A×5Ω=6V，所以U1=U2′=U﹣U0′=15V﹣6V=9V，此时通过R2的电流：I2′===0.9A，那么通过R1的电流：I1=IA′﹣I2′=1.2A﹣0.9A=0.3A，那么R1的阻值：R1===30Ω。应选：D。【点评】此题考查了串联和并联电路特点以及欧姆定律公式的应用，正确分析开关在不同状态下电路的连接情况是关键。11．〔2.00分〕在“探究凸透镜成像的规律〞实验中，小明将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，如下图，此时光屏上出现了清晰的像。以下说法正确的选项是〔〕①照相机成像特点与图中所成像的特点相同②如果将蜡烛向右移动，要想在光屏上得到清晰的像，需要在凸透镜前放一个适宜的近视镜③保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动凸透镜，可以在光屏上再次出现清晰的倒立放大的像④这个凸透镜的焦距可能是15cmA．只有②③④是正确的 B．只有①③④是正确的C．只有①②是正确的 D．只有①③是正确的【分析】〔1〕根据凸透镜成像规律进行分析解答：u＞2f，成倒立、缩小的实像；u=2f，成倒立、等大的实像；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；u＜f，成正立、放大的虚像，凸透镜成实像时，物近像远，像变大；〔2〕凸透镜对光线具有会聚作用；〔3〕根据光路可逆解答；〔4〕实像的像距要大于一倍焦距。【解答】解：①由图可知，物距大于像距，成缩小的实像，故与照相机成像特点相同，故①正确；②未调节光屏的位置，那么需在凸透镜前加一个凸透镜，使光线提前会聚，才能在光屏上得到清晰倒立的像；近视镜是凹透镜，故②错误；③保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动凸透镜，根据光路可逆，像距物距对换，像物大小对换，故可以在光屏上再次出现清晰的倒立放大的像，故③正确；④u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像；u=2f，v=2f，成倒立、等大的实像；2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；此时光屏上出现了清晰的像，由图知此时像距小于15cm，成实像时，像距不能小于焦距，故这个凸透镜的焦距不可能是15cm，故④错误。故①③正确，②④错误。应选：D。【点评】此题考查凸透镜成像的几种情况，凸透镜的作用，以及光路可逆，是一道综合题。12．〔2.00分〕甲乙两个物体材料相同，甲的体积大于乙的体积，分两次在水平地面上用力推动它们，使它们一起做匀速直线运动，第一次如图一所示，第二次如图二所示，以下说法正确的选项是〔〕①图一中甲所受摩擦力大于图二中甲所受摩擦力②F1大于F2③F1小于F2④图一中乙所受地面摩擦力大于图二中乙所受摩擦力A．只有②④是正确的 B．只有①④是正确的C．只有①②④是正确的 D．只有①③是正确的【分析】滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与受力面积等因素无关，据此判断。物体做匀速直线运动时，推力与摩擦力是一对平衡力。【解答】解：②③由题意可知，两个物体的材料相同，因此，乙与地面、甲乙与地面的接触面粗糙程度相同；同时，两物体以不同方式放置时，其对地面的总压力不变，所以，把它们看做一个整体，整体所受摩擦力不变；由于“整体〞都做匀速直线运动时，所以摩擦力与推力是一对平衡力，那么两次的推力F1等于F2，故②③错误；①由题知，两次它们都做匀速直线运动；那么图一中甲所受的摩擦力等于推力F1，而图二中推力F2等于甲乙所受的摩擦力之和，所以，图一中甲所受摩擦力较大，故①正确；④图一中，把甲乙看做一个整体，其受到右的推力F1和地面向左的摩擦力，故乙所受地面摩擦力等于F1；图二中，推力F2等于甲乙所受的摩擦力之和，所以，图一中乙所受地面摩擦力大于图二中乙所受摩擦力，故④正确。综上所述，只有①④是正确的。应选：B。【点评】此题主要考查了对摩擦力影响因素的理解，以及对物体进行受力分析，需要我们细心分析解答。13．〔2.00分〕运发动正在参加铅球比赛，铅球离手后，在空中飞行过程中轨迹如下图。假设不计空气阻力，那么以下关于铅球离手后状态判断中正确的选项是〔〕①动能先减小后增大，在最高点B动能为0②A到B的过程中，人对铅球做了功③A到C的过程中，地球对铅球做了功④落地前铅球运动状态始终是变化的A．只有①②是正确的 B．只有③④是正确的C．只有②③是正确的 D．只有①④是正确的【分析】〔1〕动能大小的影响因素：质量和速度。质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大。〔2〕做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离〔即力和距离的方向要一致〕；二者缺一不可。〔3〕运动状态改变包括运动快慢的改变和运动方向的改变。【解答】解：①铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零。从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大。整个过程动能先减小再增大，故①错误；②铅球离手后，由于惯性通过了距离，但不再受到推力的作用，所运发动不再做功，故②错误；③铅球受到重力方向垂直向下，从B到C的过程中球在重力作用下向下运动了一段距离，那么B到C过程中，地球对铅球做了功，所以A到C过程中地球对球做了功，故③正确；④在A到C的过程中，铅球的运动方向和运动快慢都发生了改变，所以运动状态是在不断变化的，故④正确。应选：B。【点评】该题考查了是否做功的判断、动能大小影响因素和运动状态改变的理解，是一道综合题，关键是要掌握好这些根底知识。14．〔2.00分〕如图甲所示，容器内装有适量的液体，用细线将一实心铝块缓缓放入液体中，如图乙所示，容器对水平桌面的压强增加了1800Pa，将细线剪断使实心铝块沉到容器底，如图丙所示，此时容器对桌面的压强又增加了900Pa．铝的密度为2700kg/m3〔〕①该液体的密度为900kg/m3②该液体的密度为1800kg/m3③图乙液面比图甲升高了0.1m④假设容器的底面积为100cm2，那么图乙中绳子拉力为9NA．只有①③④是正确的 B．只有②③④是正确的C．只有②③是正确的 D．只有②④是正确的【分析】〔1〕甲图和乙图比拟，求出增加的压强值，知道受力面积，利用压强公式求对桌面增加的压力，而对桌面增加的压力等于排开液体的重力；甲图和丙图比拟，求出增加的压强值，知道受力面积，利用压强公式求对桌面增加的压力，而对桌面增加的压力等于铝块重；据此列出等式求解液体密度；〔2〕图甲和图乙可知，物体排开液体的体积等于物体的体积，据此列出等式求解液面升高的高度；〔3〕根据F浮=G物﹣F拉求出解绳子的拉力。【解答】解：〔1〕由甲图和乙图可得，△p1=1800Pa，根据p=可得：桌面增加的压力：△F1=△p1S，因为对桌面增加的压力：G排=△F1=△p1S，实心铝块的受到的浮力：F浮液=G排=ρ液gV=△p1S…①；由甲图和丙图可得：△p2=18000Pa+900Pa=2700Pa，根据p=可得：桌面增加的压力：△F2=△p2S，因为对桌面增加的压力：G物=△F2=△p2S=ρ铝gV…②，得：=，解得：ρ液=1800kg/m3，故①错误，②正确；〔2〕排开液体的体积V排=Sh=V，由①式可得：V=，所以Sh=，液面升高的高度h===0.1m，故③正确；〔3〕图乙中绳子拉力：F拉=G物﹣F浮液=△p2S﹣△p1S=〔△p2﹣△p1〕S=〔2700Pa﹣1800Pa〕×100×10﹣4m2=9N，故④正确。应选：B。【点评】此题考查了学生对重力公式、压强公式、阿基米德原理的掌握和运用，此题关键：①由甲和丙可知增加的压力等于金属块的重力；②由甲和乙知道增加的压力等于金属块排开水重。15．〔2.00分〕如下图，电源电压为20V，电流表量程为“0～0.6A〞，电压表量程为“0～15V〞，R为热敏电阻，阻值随温度变化图象如图乙，小灯泡L标有“15V，7.5W〞〔不考虑温度对灯丝电阻的影响〕。在保证不会损坏电路元件的情况下，以下说法中正确的选项是〔〕①可以将电压表改装成为温度计，电压越小说明温度越高，电压最小到5V②可以将电流表改装成为温度计，电流越大说明温度越高，电流最大到0.6A③假设将电流表改装成为温度计，可以用来测量10﹣50℃的温度④在不损坏电路元件的前提下，电路的总功率最大为10WA．只有①②④是正确的 B．只有②③④是正确的C．只有①④是正确的 D．只有①②③是正确的【分析】由电路图知，L与R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流。由图乙知，温度越高时R阻值越小〔1〕先计算出灯泡正常工作的电流和灯泡电阻。假设电压表改装成温度计，温度越为，R阻值越小，R分得电压越小，由此分析解答电压表的最小值；〔2〕假设将电流表改装成为温度计，温度越高，R阻值越小，由欧姆定律知电路中电流变大，根据串联电路电流特点结合电流表以及灯光规格判断电路中最大电流；由计算电路中电流最大和最小时R的阻值，从图象中读出温度变化范围；〔3〕知道电路中最大电流，由P=UI计算电路的总功率最大值。【解答】解：由电路图知，L与R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流。〔1〕由P=UI可得，灯泡正常工作电流：IL===0.5A，灯泡电阻：RL===30Ω，假设电压表改装成温度计，由图乙知，温度越高时R阻值越小，电路的总电阻越小，电流越大，由串联电路分压原理可知R分得电压越小，即电压表示数越小，串联电路中电流处处相等，由电流表量程、灯泡正常工作电流可得电路中最大电流为0.5A，此时电路中电阻最小，R连入阻值最小，此时灯泡两端电压：UL=U额=15V，R两端电压〔电压表〕最小为：UV=U﹣U额=20V﹣15V=5V，故①正确；〔2〕假设将电流表改装成为温度计，温度越高，R阻值越小，电路的总电阻越小，电流越大，但电路中最大电流为0.5A，故②错误；此时电路的总电阻R最大===100Ω，此时R连入电路的阻值：R=R最大﹣RL=100Ω﹣30Ω=70Ω，由图象知，此时温度20Ω，当电压表示数到达15V时，R连入阻值最大，温度最低，此时电路中电流：I=IL'===A，R连入电路的阻值：R===90Ω，由图象知，此时温度为10℃，所以可以用来测量10﹣20℃的温度，故③错误；〔3〕电路中的最大电流I最大=0.5A，所以电路的总功率最大值：P最大=UI最大=20V×0.5A=10W，故④正确。应选：C。【点评】此题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，要能通过图象知道热敏电阻随温度变化特点，并能从图象中获取有用信息，关键是正确判断热敏电阻何时有最大和最小值。二.填空题16．〔1.00分〕湖边比拟容易出现大雾的天气，雾的形成是液化〔填写物态变化名称〕。【分析】物质由气态变为液态是液化。【解答】解：“雾〞的形成：当地面附近的温度较低时，空气中的水蒸气会遇冷液化成小水滴，从而形成了雾。故答案为：液化。【点评】此题考查了雾的形成，对生活中的物态变化要会分析，运用物理知识来解释一些简单的日常现象，从而为解题积累经验。17．〔1.00分〕在“探究影响电阻大小的因素〞实验中，除了控制变量以外，还用小灯泡的亮暗来间接的反响电阻阻值的大小，这种科学研究方法叫做转换法。〔“理想实验法〞、“等效替代法〞、“转换法〞〕【分析】物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。【解答】解：电阻是导体对电流的阻碍作用，电阻越大电流越小，但电阻大小不能直接观察。“探究影响电阻大小的因素〞实验中，通过小灯泡的亮暗间接得知接入电阻丝的阻值大小，应用了转换法。故答案为：转换法。【点评】转换法和控制变量法是物理探究最常用的研究方法。在解决实际问题时要正确选择，科学运用。18．〔1.00分〕用大小恒为10N的水平拉力恰好能拉着一个重40N的物体在水平地面上做匀速直线运动，速度v=2m/s，10s后撤掉水平拉力，由于惯性物体又向前滑行了2m才停了下来，那么全过程中物体克服摩擦力做功220J。【分析】全过程中物体克服摩擦力做功等于全过程中物体克服摩擦力做功与10s后物体克服摩擦力做功之和。首先根据速度公式求出物体做匀速直线运动时通过的路程，然后利用二力平衡条件得出摩擦力大小，然后按照功的计算公式计算10s内克服摩擦力做功；再根据摩擦力大小的影响因素得出撤掉水平拉力后物体受到的摩擦力大小，按照功的计算公式计算10s后物体克服摩擦力做功。【解答】解：根据v=可得，物体做匀速直线运动时通过的路程：s1=vt=2m/s×10s=20m，物体在水平地面上做匀速直线运动，处于平衡状态，那么物体受到的拉力和摩擦力为一对平衡力，即摩擦力f=F=10N，那么10s内克服摩擦力做功：W1=fs1=10N×20m=200J；当10s后撤掉水平拉力，由于压力和接触面的粗糙程度不变，因此物体受到的摩擦力不变，仍为10N，所以10s后物体克服摩擦力做功：W2=fs2=10N×2m=20J；那么全过程中物体克服摩擦力做功：W=W1+W2=200J+20J=220J。故答案为：220。【点评】此题考查功的计算，同时涉及到速度公式及其应用、二力平衡条件及其应用和摩擦力大小的影响因素，根据摩擦力大小的影响因素得出撤掉水平拉力后物体受到的摩擦力大小是此题关键。19．〔1.00分〕在标准大气压下，完全燃烧21g的酒精可以使3kg初温40℃的水升高50℃．〔酒精热值为3.0×107J/kg，不考虑热损失〕【分析】根据Q=mq求出酒精完全燃烧放出的热量；不考虑热损失，根据Q吸=Q放可知水吸收的热量，再根据Q=cm△t求出水升高的温度。【解答】解：酒精完全燃烧放出的热量：Q放=mq=21×10﹣3kg×3.0×107J/kg=6.3×105J；不考虑热损失，那么水吸收的热量：Q吸=Q放=6.3×105J，由Q=cm△t，可得，水升高的温度：△t===50℃，故答案为：50。【点评】此题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=mq、Q吸=cm△t的掌握和运用，计算时注意温度升高了〔△t〕、升高〔△t〕与升高到〔末温〕的区别。三.作图题20．〔2.00分〕如下图，湖边路灯L发出的一束光反射后照射到点A，折射后照射到点B，请根据路灯在水中的像L1画出入射光线、反射光线和折射光线，保存作图痕迹。【分析】根据平面镜成像的特点可知，像与物关于镜面对称，由此可作出路灯的位置，反射光线的延长线一定过像点，由此连接AL1可得到反射光线和反射点，再画出入射和折射光线即可。【解答】解：由题知，L1是路灯在水中的像，根据像与物关于镜面对称，作出L1关于水面的对称点即路灯L；因为反射光线的延长线一定过像点，所以连接AL1与水面交于O点，O为反射点〔入射点〕，那么OA为反射光线，连接LO为入射光线；由题知，光折射后照射到点B，所以连接OB为折射光线，如下图：【点评】此题考查了平面镜成像特点、光的反射和折射的作用，关键知道反射光线的延长线一定过像点，从而确定入射点。21．〔2.00分〕请将图中的灯泡和控制灯泡的开关正确地连入家庭电路中。【分析】家庭电路中，为了平安，要将灯泡的顶端和开关接在火线上，灯泡的螺旋套接在零线上。【解答】解：火线先进入开关，然后开关接灯泡顶端的金属点，最后将灯泡的螺旋套接在零线上；故答图如下：【点评】家庭电路的连接类题目，要求首先要认真审题，同时再根据家庭电路的连接要求进行连接。四、实验题〔第22题8分，第23题8分，共16分〕22．〔8.00分〕在进行探究滑轮组机械效率与哪些因素有关的实验时，李鹏和他的学习小组共设计了如以下图甲乙丙三种滑轮组，并用来提升重2N的物体A和重4N的物体B。〔1〕实验时用弹簧测力计拉动绳子自由端，必须使物体竖直向上匀速上升。〔2〕记录员马小虎同学在记录第二次和第三次实验数据时均有遗漏，第四次实验时弹簣测力计的示数如上图丁所示，请将实验表格补充完整试验次数所选滑轮组物重G/N物体提升高度h/cm弹簧测力计示数F/N绳子自由端移动距离s/cm机械效率η1甲251.51066.7%2甲①2101.520②66.7%3③丙2511566.7%4甲45④2.510⑤80%5丙2512050%〔3〕分析第1、2次实验数据，可以得出在滑轮组和物重相同时，滑轮组的机械效率与物体提升高度无关〔4〕李鹏通过分析实验数据得到滑轮组的机械效率与提升的物重和动滑轮的个数有关，与物体上升高度和滑轮组的绕法无关，王红那么认为李鹏只根据这五组数据得出结论是不标准的，因为每一个结论的得出只有两组数据支撑，必须要做更多的实验才能得到实验结论，需要设计重复实验的原因与以下哪个实验是一致的CA．测量小车的平均速度B．测量小石块的密度C．探究滑动摩擦力与哪些因素有关D．测量小灯泡的额定电功率【分析】〔1〕由二力平衡的条件可知，只有物体做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数和绳子的拉力相等；〔2〕要掌握绳端移动距离与物体上升高度之间的关系：s=nh，根据绳端移动距离与物体上升的高度判断出承当物重的绳子段数，同时也要注意被提升的物重；利用机械效率的计算公式：nF=G动+G滑轮和η=×100%=×100%；〔3〕根据物体被提升的高度与效率之间的关系得出结论，滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关；〔4〕该实验屡次测量是为了寻找普遍规律，探究摩擦力的大小与哪些因素有关也是采用同样的方法。【解答】解：〔1〕实验中研究的是绳子自由端的拉力，只有弹簧测力匀速拉动时，弹簧测力计的示数才等于绳子的拉力；〔2〕第一和第二次受同一滑轮组，由第一次实验数据可知，弹簧测力计示数为1.5N时，物重①为2N，②η=×100%=×100%=≈66.7%；66.7%第三次试验，绳子自由端移动距离为15m时，物体提升高度为5m，故由3股绳子承当，所以③是丙图；根据nF=G动+G滑轮；由实验一的数据：G滑轮=2×1.5N﹣2N=1N；所以第四次实验：④F=〔G动+G滑轮〕=〔4N+1N〕=2.5N；⑤η=×100%=×100%==80%〔3〕第1、2次实验只是改变了物体被提升的高度，机械效率没变，所以可得滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关；〔4〕〕“探究通过导体的电流与电阻的关系〞和“探究摩擦力的大小与哪些因素有关〞实验，屡次测量的目的均为从不同情况中寻找普遍规律；A．测量小车的平均速度以及B．测量小石块的密度屡次测量的目的是求平均值减小误差；D．测量小灯泡的额定电功率，屡次测量灯泡两端电压和通过灯泡的电流，是为了得出灯泡的亮度和实际功率的关系和规律；应选C故答案为：〔1〕竖直向上匀速；〔2〕①2；②66.7%；③丙；④2.5；⑤80%；〔3〕1、2；〔4〕C【点评】此题需要注意以下两点：〔1〕熟练掌握机械效率的计算公式：η=×100%=×100%；〔2〕影响滑轮组机械效率的因素：物体的重力、动滑轮的重力、绳子和滑轮之间的摩擦力。〔3〕被提升的物体越重、动滑轮的重力越小，滑轮组的机械效率越高。而滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关。23．〔8.00分〕想要测量一个额定电压36V，额定功率看不清的灯泡的额定电功率〔该灯泡的额定功率在20W到30W之间且灯丝电阻会随温度变化〕，实验室提供了以下实验器材恒压电源电压恒为40V．开关两个，导线假设干，量程0﹣0.6A的电流表，量程0﹣15V的电压表，20Ω1A的滑动变阻器R1，100Ω1A的滑动变阻器R2〔1〕图1方框内是小明设计了一半的电路图，为保证能准确测量出额定功率并且不会损坏电路元件，所有滑动变阻器阻值不能小于最大阻值的五分之一，请将电路图补充完整并标注出所选滑动变阻器的名称。〔2〕设计实验步骤如下①只闭合开关S1，移动变阻器R1的滑片，使电压表示数为4V②只闭合开关S2，保持R1滑片位置不变，移动变阻器R2使电压表示数不变③只闭合开关S2，将滑动变阻器R1移到阻值最大处，此时电表示数刚好是量程的三分之二。〔3〕根据以上实验步骤，小明测出了该灯泡的额定功率为21.6W〔4〕当灯泡实际电压不是额定电压时，灯泡实际功率也会随之变化，小红把灯泡与一个30Ω的定值电阻R0串联后仍接到原来的恒压电源上，如图2，电压表恰好为15V，那么此时灯泡的实际功率是10.4W：突然间电压表示数变为0，以下猜想中可能的是C。A．开关断路了B．定值电阻断路了C．定值电阻短路了D．灯泡短路了【分析】〔1〕灯的额定电压36V＞15V，电压表不能直接并联在灯的两端；灯泡的额定功率在20W到30W之间且灯丝电阻会随温度变化，根据P=UI求出灯的额定电流取值范围，根据电流表量程为0﹣0.6A确定电流表不能使用；假设将R1变阻器与灯并联，R2变阻器与并联局部串联，根据串联电路电压的规律可求出灯正常发光时R2变阻器的电压，由分压原理，可得出并联局部的电阻与R2变阻器连入电阻的大小关系；因要求滑动变阻器阻值不能小于最大阻值的五分之一，根据电阻的并联，结合滑动变阻器R2至少连入电阻为20Ω，分析这种情况的可能性，确定两个变阻器的连接；根据灯正常发光时的电压和串联电路电压的规律及灯的量程确定电压表的连接；〔2〕根据P=，求出灯正常发光时的电阻是关键：①灯在额定电压下正常发光，将灯与变阻器R1连入电路中，根据串联电路电压的规律，得出灯正常发光时电压表示数；②将变阻器R2与变阻器R1连入电路中，保持R1滑片位置不变，移动变阻器R2使电压表示数不变，根据等效替代法，变阻器R2连入电路的电阻大小等于灯的额定发光时的电阻；〔3〕根据③可得出电压表示数，R1连入电路中的电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律可得出R2变阻器电压，由分压原理求出变阻器R2连入电路的电阻大小即灯的额定发光时的电阻，故可求出该灯泡的额定功率；〔4〕根据串联电路电压的规律得出灯的实际电压，根据P=求灯的实际功率；逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。【解答】解：〔1〕灯的额定电压36V＞15V，电压表不能直接并联在灯的两端；灯泡的额定功率在20W到30W之间且灯丝电阻会随温度变化，根据P=UI可知，I=，灯的额定电流约为0.56A﹣0.83A；因电流表量程为0﹣0.6A，故电流表不能使用；假设将R1变阻器与灯并联，根据串联电路电压的规律，灯正常发光时并联局部电压的电压为36V，R2变阻器的电压为40V﹣36V=4V，由分压原理，并联局部的电阻是R2变阻器连入电阻的=9倍；因要求滑动变阻器阻值不能小于最大阻值的五分之一，即使滑动变阻器R1的电阻全部连入电阻，根据电阻的并联，并联局部的总电阻小于20Ω，而滑动变阻器R2的至少连入电阻为20Ω，这是不可能的，故灯只能与灯R2并联，且电压表只能与变阻器R1并联，如下所示：〔2〕设计实验步骤如下①只闭合开关S1，移动变阻器R1的滑片，使电压表示数为4V；②只闭合开关S2，保持R1滑片位置不变，移动变阻器R2使电压表示数不变；③只闭合开关S2，将滑动变阻器R1移到阻值最大处，此时电表示数刚好是量程的三分之二。〔3〕在②中，根据等效法，变阻器R2连入电路的电阻大小等于灯的额定发光时的电阻；在③中，电压表示数为×15V=10V，R1连入电路中的电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律，此时R2变阻器电压为40V﹣10V=30V，R2变阻器电压为R1电压的3倍，由分压原理，故为由分压原理，变阻器R2连入电路的电阻大小即灯的额定发光时的电阻：R灯=3×20Ω=60Ω，小明测出了该灯泡的额定功率为：P额===21.6W；〔4〕小红把灯泡与一个30Ω的定值电阻R0串联后仍接到原来的恒压电源上，如图2，电压表恰好为15V，即定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律，灯的实际电压为U实=U﹣U1=40V﹣15V=25V，灯的实际功率P实==≈10.4W；。图2中，电压表测R0的电压：A．假设开关断路了，电压表与电源连接，测电源电压，有示数，不符合题意；B．假设定值电阻断路了，电压表与电源连接，测电源电压，有示数，不符合题意；C．假设定值电阻短路了，电压表示数为0，符合题意；D．假设灯泡短路了，电压表测R0的电压，即电源电压，有示数，不符合题意；应选C。【点评】此题考查在特殊情况下设计实验方案测灯的额定功率的能力，同时也考查了故障分析和电功率的计算，第1问难度大，综合性强。五.计算题〔第24题6分，第25题10分，共16分〕解答时应写出必要的文字说明.公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分．24．〔6.00分〕以下图是中国在南海造岛的神器“天鲸“号自航绞吸式挖泥船，天鲸号是亚洲最大的挖沙船，是中国严禁对外出口的战略装备，其总长127.5m，型宽22m，吃水6m，排水量为1万吨，设计航速12节，总装机功率为19200kW，最大挖深﹣30m，最大排泥距离6000m，挖掘效率4500m3/h。裝备了当前国际上最先进的挖泥设备及挖泥自动控制系统，其绞刀功率高达4200kW，可挖中等硬度岩石，适用于各种海况的大型疏浚工程。不仅可以疏浚粘土、密实沙、碎石，还可以开挖耐压为40兆帕的岩石。〔1〕天鲸号满载时所受浮力的是多少，船底所受水的压强是多少？〔2〕当天鲸号以1.5m/s的速度逆流而上，缓速经过长4859m，宽15m南京市长江大桥，需要多少时间？〔3〕当天鲸号挖开耐压40兆帕的岩石时，假设绞刀与岩石的接触面积为2023cm2，那么绞刀对岩石的压力至少是多少？【分析】〔1〕知道“天鲸“号满载排水量〔排开水的质量〕，利用阿基米德原理求该船满载时所受浮力；吃水深度和水的密度，利用p=ρ液gh计算满载时船底所受水的压强；〔2〕知道长江大桥的宽度，轮船过桥通过的总路程为桥宽加轮船长度，利用t=求出轮船过桥需要的时间；〔3〕根据公式p=求出压力。【解答】解：〔1〕排水量：m排=1万吨=1×104t=1×107kg，由阿基米德原理可得，天鲸号满载时所受浮力：F浮=G排=m排g=1×107kg×10N/kg=1×108N；天鲸号船底所受水的压强：p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×6m=6×104pa；〔2〕轮船过桥通过的总路程：s=L桥宽+L车=15m+127.5m=142.5m，根据v=可得，轮船过桥需要的时间：t===95s；〔3〕根据p=得，绞刀对岩石的压力至少为：F=pS=40×106Pa×2023×10﹣4m2=8×106N。答：〔1〕天鲸号满载时所受浮力的是1×108N；满载时，船底所受水的压强是6×104pa；〔2〕当天鲸号以1.5m/s的速度逆流而上，缓速经过长4859m，宽15m南京市长江大桥，需要95s；〔3〕当天鲸号挖开耐压40兆帕的岩石时，假设绞刀与岩石的接触面积为2023c