2021年陕西省榆林市高考物理三模试卷(附答案详解)

4.第4.第#页，共17页第第13页，共17页根据实验步骤应用并联电路特点求出毫安表内阻，根据实验步骤应用并联电路特点与欧姆定律分析实验误差。扩大毫安表量程需要并联分流电阻，根据并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值。根据微安表量程与图c所示表盘确定其分度值，根据指针位置读出其示数，然后求出标准毫安表的示数。本题考查了电流表的改装问题，把毫安表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值，掌握基础知识是解题的前提与关键,根据题意应用基础知识即可解题。【答案】解：(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，设粒子在电场中运动的时间为r,刚进磁场时速度方向与初速度方向的夹角为a,刚进磁场时竖直向上的分速度大小为有水平方向有：V3d=v0t竖直方向有：-=^rt22tana=与粒子刚到达D点时的速度大小U=Vv0+V2联立解得：v=°V3v30a=30°(2)带电粒子在磁场中的运动轨迹与磁场右边界相切时半径最大，B最小，由几何关系知I•••■:t■R+Rcos60°=d11可得E=°d13根据牛顿第二定律，有qvBm.=11LLlLdRi答:(1)带电粒子到达D点时的速度大小为「0,方向与初速度方向的夹角为30°；⑵若带电粒子从MN飞出磁场，磁场的磁感应强度的最小值为3皿0。qd【解析】(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，根据运动学公式可解得；(2)带电粒子在磁场中的运动轨迹与磁场右边界相切时半径最大，根据几何关系结合洛伦兹力提供向心力可解得。本题中质点在组合场运动，分析受力情况，确定质点的运动情况是解题的基础．结合粒子运动的周期性，运用数学几何知识综合求解．【答案】解：(1)因为A.B间的动摩擦因数与木板4底面和车厢间的动摩擦因数相等,所以在4与小车后壁碰撞前4、B相对静止，对4、B,由牛顿第二定律得：+mB)g=(mA+mB)aAB根据位移—时间公式有：XAB=1zaABt2对小车，由牛顿第二定律得口(勺+mB)g=Ma根据位移—时间公式有：X=Vt—丄处202根据几何关系可知：x—xAB=厶——联立解得：“=0.1(2)A与小车碰撞过程动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mAvA+Mq=(mA+M)v24与小车碰撞前的速度=%上=VB小车的速度q=vo—at联立解得u2=2.5m/s最后B与4相对静止，三者组成的系统动量守恒，有(mA+M)v2+叫⑰=(mA+M+mB解得冬=2m/s设B在4上滑动的路程为s,由功能关系有(mA+M)v2+1^bv2=1(mA+M+^b)^2+p.mBgs解得(mA+M)v2+1^bv2A、B—起匀速运动时，B至必左端的距离s=LA—s=3m—0.75m=2.25m答：(1)4、B间的动摩擦因数是0.1；(2)4、B—起匀速运动时，B至必左端的距离是2.25m。【解析】⑴久B间的动摩擦因数与木板4底面和车厢间的动摩擦因数相等，给小车水平向右的初速度后，4、B相对静止，根据牛顿第二定律求出整体和小车各自的加速度，由位移-时间公式得到整体和小车在上=1s时间内的位移，根据位移之差等于厶-厶4,联立求解4、B间的动摩擦因数；(2)根据速度-时间公式求出整体和木板4与小车后壁碰撞前的速度。根据动量守恒定律求出4与小车后壁发生碰撞后的共同速度。之后，B在4上滑动，最终B与4相对静止，根据动量守恒定律和能量守恒定律相结合求4、B—起匀速运动时，B到4左端的距离。此题考查动量守恒定律和牛顿第二定律的综合问题，对于多物体的运动，解题的关键是针对具体过程和特定物体分析，再根据牛顿第二定律、动量守恒定律解答。13.【答案】4CD【解析】解：4、知道氦气的摩尔体积和阿伏加德罗常数，则可以算出氦气分子所占空间体积的大小，但气体分子之间的距离远大于气体分子的大小，所以氦气分子所占空间体积的大小远大于氦气分子体积的大小，所以知道氦气的摩尔体积和阿伏加德罗常数，不能算出氦气分子的体积，故A正确B、根据分子动理论可知温度越高，分子热运动越剧烈，故B错误；C、温度是分子平均动能的标志，相同质量的水和冰在0°C时，分子平均动能一定相等，故C正确；D、当分子间的作用力表现为斥力时，分子间的距离减小时，分子力做负功，分子势能增大，所以分子间的距离越小，分子势能越大，故D正确；E、两个分子间的距离变大的过程中，分子间引力和斥力均减小，弓|力变化总是比斥力变化慢，故E错误；故选：4CD。气体分子之间的距离很大；根据分子动理论：温度越高分子热运动越剧烈；温度是分子平均动能的标志；根据分子力与分子做功的关系判断；分子间同时存在引力和斥力，且斥力比引力变化快。本题考查了热学的有关基础知识，这部分知识比较杂，对于这部分知识主要是加强记忆和平时的积累．【答案】解：(1)气体做等压变化，由盖—吕萨克定律可得：L]S=(厶]厶2)STTi解得：Ti=600K(2)经分析可知，气体初态压强为：卩1=卩0-卩]|其中：pr'=30cmHg末态压强为：P2=P0-P1isind由玻意耳定律可得：P]L]=P2L联立解得：L=11.1cm答:(1)管内气体的热力学温度八为600K；(2)当水银柱稳定后，气柱的长度厶为11.1cm。【解析】(1)根据分析可知。封闭的理想气体变化前后压强不变，根据公式PV=CT计算出气体的温度；(2)分别分析出变化前后气体的压强和体积，根据玻意耳定律计算出气柱的长度。本题主要考查了封闭的理想气体的状态方程，解题的关键点是找到气体在变化前后的状态参量，结合公式PV=CT完成分析。【答案】ACE【解析】解：4、简谐波沿绳向右传播时，若a点的位移达到正向最大时，b点的位移恰好为零，且向下运动，则有：=(n3)久，n=0，1，2,…4得到波长通项为：久=込=9九，该波的波长大于1.2m，则n=0，所以波长为：4n34n3A=1.6m，故A正确；B、由于上=0时，a质点的位移达到正向最大，t=1s时，a质点第一次回到平衡位置，则有1T=1s，解得周期T=4s，则波速v=1=1.6m/s=0.4m/s，故B错误，C正确4T4D、r=0时，b质点的位移恰好为零，且向下运动，t=1s=1T时，b质点在波谷，故4D错误；t=5s=T丄7时，a质点与t=1s时的情况相同，即a质点在平衡位置，故E正确。4故选：ACE.根据a、b两点的状态：a点的位移达到正向最大时，b点的位移恰好为零，且向下运动，第第17页，共17页确定出波长与ab距离的关系，得到波长，根据时间与周期的关系，得到周期，求出波速；根据振动情况确定不同时刻质点a和b的位置。本题主要是考查了波的图象；解答本题关键是要能够根据题意得到波长表达式以及周期的大小，知道波速、波长和频率之间的关系v=/Ao【答案】解：(1)由题意知，当b光与中心轴MN距离s=^m时，发生全反射，2根据几何关系有sinC=空=血，解得兀=V2R2(2)由题意可知，a光从C点射出，其入射角i=30,且兀=沁:sini解得折射角r=45°，在“COF中，ACFE=15°，CO=1m根据正