2023年浙江省学军中学高二物理第二学期期中质量检测试题含解析

2023年浙江省学军中学高二物理第二学期期中质量检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A．电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变大B．均匀变化的电场一定产生均匀变化的磁场C．雷达是用电磁波来测定物体位置的设备D．声波和电磁波都可在真空中传播2、一轻质弹簧上端系于天花板上，一端挂一质量为m的小球，弹簧的劲度系数为k，将小球从弹簧为自由长度时的竖直位置放手后，小球做简谐运动，则下列说法不正确的是（）A．小球做简谐运动的恢复力大小为mgB．小球从放手运动到最低点，下降的高度为2mg/kC．小球运动到最低点时的加速度大小为2gD．小球运动到平衡位置动能大小为3、一个密闭容器由固定导热板分隔为体积相同的两部分，分别装有质量不等的同种气体．当两部分气体稳定后，它们的（）A．密度相同 B．分子数相同C．分子平均速率相同 D．分子间平均距离相同4、如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环，小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力（）A．一直不做功 B．一直做正功C．始终指向大圆环圆心 D．始终背离大圆环圆心5、在演示光电效应的实验中，原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连.用弧光灯照射锌板时，验电器的指针就张开一个角度，如图所示，这时（）A．锌板带正电，指针带负电B．锌板带正电，指针带正电C．锌板带负电，指针带正电D．锌板带负电，指针带负电6、闭合线圈与匀强磁场垂直，现将线圈拉出磁场，第一次拉出速度为，第二次拉出速度为，且，则（）A．两次拉力做的功一样多B．两次所需拉力一样大C．两次拉力的功率一样大D．两次通过线圈的电荷量一样多二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的理想变压器电路中，变压器原、副线圈匝数比为，在a、b端输入正弦式交流电压有效值为U，甲、乙、丙三个灯泡均能正常发光，且三个灯泡的额定功率相等，则下列说法正确的是（）A．乙灯的额定电流最大B．甲灯的额定电压为C．丙灯的电阻最小D．甲灯的额定电压最小8、汽车的点火装置原理如图甲所示，它能将十几伏的直流低电压变成数万伏的高电压，使DD′间的空气击穿而发生强烈的火花放电，其主体部分是一个在条形铁芯上套有两个线圈的变压器，两层线圈间良好绝缘。初始弹簧片P与触点Z接触，闭合开关S后，铁芯被磁化，吸引弹簧片P切断电路，铁芯失去磁性，弹簧片P与Z接通，如此反复。工作过程中初级线圈电流随时间的变化如图乙所示，下列说法正确的是A．DD′间的火花放电通常出现在电路刚接通时B．初级线圈应选用较粗的导线绕制C．次级线圈匝数应比初级线圈匝数多D．条形铁芯用许多薄硅钢片叠合而成可减小涡流9、太阳大约在几十亿年后，会逐渐进入红巨星时期，核心温度逐渐升高，当升至某一温度时，太阳内部的氦元素开始转变为碳，即氦闪。三个生成一个(称为3α反应)，核反应方程为3→，瞬间释放大量的核能。如果太阳发生氦闪，对太阳系内的生命都是毁灭性的，电影《流浪地球》讲述的就是发生在这样的背景之下的故事。下列说法正确的是(已知的质量是mc=12.0000u，He的质量是mHe=4.0026u，1u的质量对应的能量是931.5MeV)()A．氦闪发生的是核裂变反应B．一次3α反应释放的核能为7.2657MeVC．一次3α反应亏损的质量为△m=0.0078uD．的比结合能比的比结合能大，更稳定10、.如图所示，交流电流表A1、A2、A3分别与电容器C，线圈L和电阻R串联后接在同一个交流电源上，供电电压的瞬时值表达式为u1=Umsinω1t，三个电流表各有不同的读数。现换另一个电源供电，供电电压的瞬时值表达式为u2=Umsinω2t，ω2=2ω1。改接电源后，关于三个电表的读数变化的说法中正确的是（）A．电流表的示数都不变B．电流表A1的示数变大C．电流表A2的示数变小D．电流表A3的示数增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示为实验室中《验证动量守恒定律》的实验装置示意图。（1）实验中必须要求的条件是______。A．斜槽轨道尽量光滑以减少误差B．斜槽轨道末端的切线必须水平C．入射球和被碰球的质量必须相等，且大小相同D．入射球每次必须从轨道的同一位置由静止释放（2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP，然后把被碰小球静置于水平轨道的末端，再将入射球从斜轨上S位置静止释放，与小球相碰，并重复多次。本实验还需要完成的必要步骤是________（填选项前的符号）。A．用天平测量两个小球的质量、B．测量抛出点距地面的高度HC．分别找到、相碰后平均落地点的位置M、ND．测量平抛射程OM、ON（3）为了验证碰撞前后动量守恒，该同学只需验证表达式：________________________成立，即表示碰撞中动量守恒。12．（12分）研究电磁感应现象的实验电路如甲图所示，所用的器材有：电流计（若电流从左接线柱流入电流计，则电流计的指针向左偏），直流电源，带铁心的线圈A，线圈B，电键，滑动变阻器（用来控制电流以改变磁场强弱），导线若干．将线圈A插入线圈B中后，闭合开关，线圈A中的电流方向如乙图中的箭头所示，经过多次实验发现，当线圈B中磁通量增加时，电流计指针向左偏，线圈B中感应电流的磁场方向总与线圈A的磁场方向_____（选填“相同”“相反”）；当线圈B中磁通量减少时，电流计指针向右偏，线圈B中感应电流的磁场方向总与线圈A的磁场方向______选填“相同”“相反”）．可见感应电流的磁场总要______（选填“阻碍”“阻止”）引起感应电流的磁通量的变化．若甲图中滑动变阻器滑片向左滑动，电流计指针将__________（选填“向左偏”“向右偏”“不偏”）．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）解答以下两个小题：(1)质量为3kg的物体，速度有3m/s增大为9m/s，它的动量和动能各增大为原来的几倍？动量变化量为多少？(2)A物体质量是3kg，速度是3m/s，方向向东；B物体质量是4kg，速度是4m/s，方向向西。它们的动量的矢量和是多少？它们的动能之和是多少？14．（16分）如图线圈的面积S=1×102cm2，共n=100匝．处在B=0.5T的匀强磁场中，以角速度ω=20rad/s匀速转动(摩擦与空气阻力不计)，已知线圈电阻为r=1.0Ω，外接电阻为R=9.0Ω，求：(1)K闭合后电压表的读数(2)K闭合后电阻R上消耗的功率(3)外力做功的功率(4)线圈从中性面开始转过90°角的过程中，通过线圈导线截面的电量15．（12分）如图所示，无限长平行金属导轨EF、PQ固定在倾角θ=37°的光滑绝缘斜面上，轨道间距L=1m，底部接入一阻值R=0.06Ω的定值电阻，上端开口，垂直斜面向上的匀强磁场的磁感应强度B=2T。一质量m=2kg的金属棒ab与导轨接触良好，ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，ab连入导轨间的电阻r=0.04Ω，电路中其余电阻不计。现用一质量M=6kg的物体通过一不可伸长的轻质细绳绕过光滑的定滑轮与ab相连.由静止释放物体，当物体下落高度h=2.0m时，ab开始匀速运动，运动中ab始终垂直导轨并与导轨接触良好。不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2。(1)求ab棒沿斜面向上运动的最大速度；(2)在ab棒从开始运动到开始匀速运动的这段时间内，求通过杆的电量q；(3)在ab棒从开始运动到开始匀速运动的这段时间内，求电阻R上产生的焦耳热。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

正确解答本题需要掌握：电磁波的频率、波动与介质的关系；正确理解电磁波理论内容；声波和电磁波的区别；雷达测定物体位置的原理．【详解】A、电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变小，故A错误；B、均匀变化的电场一定产生恒定的磁场，故B错误；C、雷达的工作原理是：发射电磁波对目标进行照射并接收其回波，由此获得目标至电磁波发射点的距离、距离变化率（径向速度）、方位、高度等信息，故C正确；D、声波属于机械波，它的传播离不开介质，故D错误.故选C.2、C【解析】

A.小球放手后，弹簧处于自由长度，小球只受重力，所以恢复力大小为mg，A正确B.小球在平衡位置，弹簧伸长量设为x，根据胡可定律可知kx=mg，解得：，所以小球的振幅，根据简谐运动的对称性，最低点在平衡位置下方x处，故下降最大高度为h=2x，B正确C.小球到最低点的受到的弹力F=2kx，根据牛顿第二定律：F-mg=ma，代入数据得，a=g，C错误D.小球从初始释放到经过平衡位置时根据机械能守恒：，解得：，D正确3、C【解析】

两部分气体为同种气体，但是质量不同，则摩尔数不同，分子数不同，选项B错误；两部分气体的体积相同，故密度不同，每个分子运动占据的体积不同，分子平均距离不同，选项AD错误；因中间为导热隔板，则最终两边温度相同，分子平均速率相同，选项C正确；故选C.4、A【解析】

AB．大圆环是光滑的，则小环和大环之间没有摩擦力；大环对小环的支持力总是垂直于小环的速度方向，所以大环对小环没有做功，故A正确，B错误；

CD．小环在刚刚开始运动时，在大环的接近顶部运动时，大环对小环的支持力背离大环圆心，小环运动到大环的下半部分时，支持力指向大环的圆心，故CD错误。故选A。5、B【解析】锌板在弧光灯照射下，发生光电效应，有光电子逸出，锌板失去电子带正电，验电器与锌板相连，导致指针带正电．故B正确，ACD错误．故选B．6、D【解析】

B．设线圈的电阻为R，由，，，线圈匀速被拉出，则，和正比，B错误；A．两次拉出过程中，位移相同，和正比，运动时间，由，得做功不同，A错误；C．功率，、不同，功率不同，C错误；D．，所以电荷量一样多，D正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A．由电路分析可知甲的额定电流大于乙的额定电流，A错误；BCD．由于乙与原线圈并联，因此由于乙、丙功率相等，因此由于匝数之比等于电流比的倒数，因此因此可知由于甲、乙功率相等，根据可知而因此，可得由于三个灯的功率相等，根据甲的电流最大，因此甲的电阻最小，额定电压最小因此，BD正确，C错误。故选BD。8、BCD【解析】

DD′间的火花放电通常出现在电路刚断开瞬间，故A错误。根据图象可知，电火花是在次级线圈中D、D′间产生的，次级线圈的匝数多，该变压器为升压变压器；根据可知，次级线圈的匝数多，初级线圈的匝数少，则初级线圈的电流大、次级线圈的电流小，所以初级线圈应选用较粗的导线绕制，故BC正确；条形铁芯用许多薄硅钢片叠合而成可减小涡流，故D正确；9、BCD【解析】

A．核聚变，即轻原子核（例如氘和氚）结合成较重原子核（例如氦）时放出巨大能量，故A错误。BC．由核反应方程3→可知亏损的质量释放的能量为故BC正确。D．通过核聚变生成释放巨大能量，说明比结合能更大，故D正确。故选BCD。10、BC【解析】

角速度增大则频率增大，可知线圈的感抗变大，电容器的容抗变小，对电阻没影响，所以A1示数将增大，A2数将减小，A3示数不变，故BC正确，AD错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BDACD【解析】

（1）[1]．A、只要小球离开轨道时的水平速度相等即可，不需要要求轨道光滑，故A错误；

B、小球离开时必须做平抛运动，因此小球末端必须水平；故B正确；

C、入射球与被碰球大小要相等，但是入射球质量要大于被碰球的质量，以防止碰后入射球反弹，故C错误；

D.入射球每次必须从轨道的同一位置由静止释放，以保证到达底端时速度相同，选项D正确；故选BD。

（2）[2]．如果碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得m1v0t=m1v1t+m2v2t得m1OP=m1OM+m2ON因此实验需要过程为：测量两球的质量、确定落点从而确定小球的水平位移；

故选ACD。

（3）[3]．由（2）可知，实验需要验证m1OP=m1OM+m2ON12、相反相同阻碍向右偏【解析】

解：闭合开关，线圈A中的电流方向如乙图中的箭头所示，根据右手安培定则可知线圈A的磁场方向向下；当线圈B中磁通量增加时，电流计指针向左偏，说明线圈B中的感应电流从左接线柱流入电流计，根据右手安培定则可知线圈B中感应电流的磁场方向向上，所以当线圈B中磁通量增加时，线圈B中感应电流的磁场方向总与线圈A的磁场方向相反；当线圈B中磁通量减少时，电流计指针向右偏，说明线圈B中的感应电流从右接线柱流入电流计，根据右手安培定则可知线圈B中感应电流的磁场方向向下，所以当线圈B中磁通量减小时，电线圈B中感应电流的磁场方向总与线圈A的磁场方向相同；由此可见感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化；若甲图中滑动变阻器滑片向左滑动，线圈A中电流减小，产生的磁场减小，穿过副线圈线圈B的磁通量减小，电流计指针将向右偏．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)3倍；9倍；18kg∙m/s；(2)7kg∙m/s，方向向西；45.5J.【解析】

(1)物体动量p=mv，故速度由3m/s增大为9m/s，动量增大为原来的3倍；动量变化量为物体动能，故当速度由3m/s增大为9m/s时，动能增大为原来的9倍；(2)设向西为正方向，则它们动量的矢量和方向向西；它们的动能之和14、(1)9V；(2)9W；(3)10W；(4)0.05C【解析】

（1）电动势的最大值Em