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文档简介
高考数学真题分类.余弦定理
一、选择题(本大题共9小题,共45.0分)
1.在ZMBC中,cosC=AC=4,BC=3,则tanB=()
A.V5B.2V5C.4V5D.8V5
2.在△力BC中,cosC=二,AC=4,BC=3,则=(
3)
11c19
A-9ByC-2吟
3.已知椭圆C的焦点为尸式一1,0),尸2(1,0),过尸2的直线与C交于A,8两点.若MF2]=2吗8],
\AB\=\BFr\,则C的方程为()
A.立+y2=iB.H+g=1C.兰+乃=1D.兰+g=1
27324354
4.△4BC的内角A,B,C的对边分别为已知asim4—bsinB=4csinC,cosA=—%则g=()
A.6B.5C.4D.3
5.已知三棱锥P-ABC的四个顶点在球。的球面上,PA=PB=PC,△力BC是边长为2的正三角
形,E,F分别是PA,A8的中点,ACEF=90°,则球。的体积为()
A.8y/6nB.4-7671C.2而兀D,遥兀
6.设Fi,尸2是双曲线C:,一,=l(a>0/>0)的左,右焦点,。是坐标原点.过户2作C的一条
渐近线的垂线,垂足为P.若|Pa|=①|02|,则C的离心率为()
A.V5B.2C.V3D.VI
7.在△ABC中,C-OK-渔,BC=1,AC=5,则4B=()
25
A.4V2B.V30C.V29D.2汽
8.在如图所示的平面图形中,已知。M=1,ON=2,4MON=120°,BM=2~MA,CN=2斤了,
则比•西的值为()
A.—15B.—9C.—6D.0
9.41BC的内角4B,C的对边分别为a,b,c,若ZL4BC的面积为老忙口,则。=()
4
二、填空题(本大题共8小题,共40.0分)
10.如图,在三棱锥P-ABC的平面展开图中,AC=1,AB=AD=>AB±AC,AB±AD,NCAE=
30,则(x*NFCB=.
11.△ABC的内角A,8,C的对边分别为a,b,c.若b=6,a=2c,8=泉则△ABC的面积为.
12.已知椭圆式+g=1的左焦点为F,点尸在椭圆上且在x轴的上方,若线段尸尸的中点在以原点
95
O为圆心,|0川为半径的圆上,则直线尸产的斜率是.
13.在AABC中,AC=3,3sinA=2sinB,且cosC=;,贝ijAB=____.
4
14.若AABC的面积为9(a2+c2-b2),且NC为钝角,则NB=;:的取值范围是.
222
15.△ABC的内角A,B,C的对边分别为chb,c.已知加讥C+csinB=4asinBsinCfb+c—a=8,
则4ABC的面积为.
16.在△/8C中,角48,C所对的边分别为mb,c.若a==2,A=60。,则sinB=,
c=.
17.在△ABC中,已知48=2,AC=3,则cosC的取值范围是.
三、解答题(本大题共21小题,共252.0分)
18.(10分)在①QC=臼,@csinA=3,③c=这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,
若问题中的三角形存在,求c的值;若问题中的三角形不存在,说明理由.
问题:是否存在△4BC,它的内角A,B,C的对边分别为mb,c,且sinA=gs讥B,(
第2页,共34页
注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.
19.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知a=2近,6=5,c=V13.
(I)求角C的大小;
(H)求sinA的值;
(也)求5也(24+》的值.
20.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、0已知&=3,c=夜,B=45°.
(1)求sinC的值;
BDC
(2)在边3c上取一点。,使得COSNADC求tan/ZMC的值
21.回4BC中,sin2/l-sin2B—sin2C=sinBsinC.
⑴求A;
(2)若BC=3,求回ABC周长的最大值.
22.ElABC的内角4,B,C的对边分别为a,b,c,已知B=150".
(1)若a=Wc,b=2小,求团ABC的面积;
(2)若sinA+gsinC=当,求C.
23.在①ac=g,②csin4=3,③c=百匕这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,若问题
中的三角形存在,求c的值;若问题中的三角形不存在,说明理由.
7r
问题:是否存在△ABC,它的内角A,B,C的对边分别为〃,b,c,且sinA=V^sinB,,
一6'
第4页,共34页
注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.
24.在极坐标系中,已知两点力(3,)8(夜,小直线/的方程为psin(0+$=3.
(1)求A,8两点间的距离;
(2)求点8到直线/的距离.
25.图1是由矩形和菱形BRJC组成的一个平面图形,其中SB=1,BE=BF=2,
LFBC=60°,将其沿AB,8c折起使得BE与B尸重合,连结DG,如图2.
(1)证明:图2中的A,C,G,。四点共面,且平面4BC_L平面BCGE;
(2)求图2中的四边形ACGD的面积.
26.在△ABC中,内角4,B,C所对的边分别为mb,c.已知b+c=2a,3csinB=AasinC.
(I)求。。$2的值;
(□)求$也(28+$的值.
27.△4BC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.设(sinB—sinC)2=siMa—sinBsinC.
⑴求4;
(2)若2a+b=2c,求sinC.
28.在△ABC中,a=3,b-c=2,cosB=-i.
(1)求"c的值;
(口)求$也(8-0的值.
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29.在△ABC中,a=3,b—c=2,cosB=—
(1)求6,c的值;
(2)求sin(B+C)的值.
30.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c.
(1)若a=3c,b=V2,cosB=求c的值;
⑵若誓=鬻,求sin(B+》的值.
•ill空'=AilM.
△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,已知
9
⑴求B
(2)若△ABC为锐角三角形,且c=l,求△ABC面积的取值范围.
32.如图,在正三棱锥产一ABC中,PA=PB=PC=2,AB=BC=AC=V3.
(1)若PB的中点为M,8c的中点为N,求AC与MN的夹角;
(2)求P-ABC的体积.
33.在AABC中,内角4,B,C所对的边分别为“,b,c,且万2=+02-ac.
(I)求48的大小:
(II)若a=c=2,求△ABC的面积;
(HI)求sinA+sinC的取值范围.
34.在4ABC中,角4、B、C对应边a、b、c,外接圆半径为1,已知2(sin2/l—sin2C)=(a—b)sinB.
(1)证明a?+b2—c2=ab:
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(2)求角C和边c.
35.△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知及.
(I)求角B的大小;
(II)设a=2,c=3,求b和疝i(2A—B)的值.
36.如图,已知多面体ABC-4/16,A遇,为8,GC均垂直于平面ABC,/.ABC=120°,ArA=4,
GC=1,AB=BC=B[B=2.
⑴证明:4。J_平面AiBQ;
(2)求直线AC】与平面ABB1所成的角的正弦值.
37.在△ABC中,内角A,B,C的对边分别是a,h,c,若a=7,b=8,cosB=-^
⑴求4
(2)求AC边上的高.
38.在平面四边形ABC。中,乙4DC=90。,乙4=45。,AB=2,BD=5.
(1)求cos乙40B;
(2)若。。=2企,求BC.
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-------答案与解析——
1.答案:C
解析:
本题考查解三角形,余弦定理的应用,注意三角形的形状即可.
解:根据题意:COSC="2+BC2-4B2=16+9-4/=马解得:=
2ACBC2X4X33
则cosB=矍;:=孑sinB=芈(负值舍去)
475
故tan8=-f-=4>/5.
9
故选c
2.答案:A
解析:
本题考查余弦定理,考查运算求解能力,难度一般.
先由已知条件应用余弦定理求出AB,再利用余弦定理即可求出cosb
心+娟-加16+9-心2
解:由余弦定理可得cosC一,
2-x.AC-x.BC2X4X33
解得48=3.
在△力BC中,AC=4,BC=3,AB=3,
由余弦定理可得
AB2+BC2-AC29+9-161
cosB=------------------------=---------------=—
2xABxBC2x3x39.
故选A.
3.答案:B
解析:
本题考查了椭圆的定义以及方程,余弦定理,属于中档题.
根据椭圆的定义以及余弦定理列方程可解得。=遮,b=&,可得椭圆的方程.
解:=
\AB\=3\BF2\,
又|AB|=\BF1\,
•••|BFi|=3|BF2|,
又|8F/+|BF2|=2a,•••|BF2l=],
3
-\AF2\=a,=-a,
则6|=\AFr\=a,
所以A为椭圆短轴端点,
在Rt△4尸2。中,cos乙4尸2。=
在48a尸2中,由余弦定理可得C0S4BF2F1=4+?:渣产=段!,
根据cos乙4尸2。+cosZ^RFi=0,可得工+4~2a-=0,
a2a
解得。2=3,
:.a=V3»h2=a2—c2=3—1=2,
22
所以椭圆c的方程为:乙+匕=1,
32
故选正
4.答案:A
解析:
本题考查了正弦定理、余弦定理,考查了计算能力,属于中档题.
利用正弦定理和余弦定理列出方程组,能求出结果.
解:・♦•△ABC的内角4,B,C的对边分别为小b,c,设该三角形外接圆的半径为七
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根据正弦定理有:shiA=sinB=^.sinC-加.
又asinA—bsinB=4csinC,
.•"埸-啜=4c•亲即a?=4c2+b2,又<3l=-:
a2—b2=4c2
Z?2+c2-a21,
COSA=---------=——
2bc4
解得g=6,
故选A.
5.答案:D
解析:
本题考查球的体积的求法,是中档题.
设NPAC=0,PA=PB=PC=2x,EC=y,根据余弦定理以及勾股定理证明三条侧棱两两互相垂
直,即可求出球。的体积.
EC=y,
因为E,F分别是PA,AB的中点,所以EF=3PB=x,AE=x,
4X2+4-4X21
在△PAC中,cos。=
2X2XX22x
x2+4-y2
在△E4C中,cos。=
2X2%
整理得/—y2=—2,①
因为△力BC是边长为2的正三角形,所以。尸=四,
又上CEF=90°,则/+y2=3,②,
由①②得X=当
所以P力=PB=PC=&,
所以。炉+PS?=4=AB?,即PAJ.PB,
同理可得PA1PC,PBLPC,则PA、PB、PC两两垂直,
则球。是以PA为棱的正方体的外接球,则外接球的直径为,2+2+2=乃,
所以球0的体积为=-7TR1--IT-.
33\2)
故选
6.答案:C
解析:
本题考查了双曲线的简单性质,点到直线的距离公式,余弦定理,离心率,属于中档题.
先根据点到直线的距离求出IP&I=上再求出|OP|=a,在AFiP。中,由余弦定理可得
cwZPOFi=.+」-(/)2=_cosNPOF,=,代值化简整理可得3a2=c?,问题得以解决.
2ac〜c
解:不妨设双曲线C:盘一3=1(0>0,6>0)的一条渐近线方程为3/=",
则尸到的距离
2y=ad=vaz+bz=b,
在RtZkF2P。中,|「2。|=。,所以|PO|=Q,
所以仍尸1|=逐£1,又|&0|=C,
所以在AaPO与RtAF2Po中,根据余弦定理得
滔+4-(vW
cosZPOFj
=—cosZPOf^=—
即3a2+C?-(na)2=0)得3a2=c2.
所以e=£=遮.
a
故选c.
7.答案:A
解析:
本题考查余弦定理的应用,考查三角形的解法以及计算能力.
利用二倍角公式求出C的余弦函数值,利用余弦定理转化求解即可.
解:在44BC中,»cuts(7=2x—1=——>
25'55
VBC=1,AC=5,
第14页,共34页
则AB=>1BC2+AC2-2BC-ACcosC
=Jl+25+2xlx5x|=V32=4V2.
故选:A.
8.答案:C
解析:
本题考查了平面向量数量积,余弦定理的应用,是中档题.
由题意判断BC〃MN,且BC=3MN,再利用余弦定理求出和4OMN的余弦值,再计算比•前即
可.
解:连接MN,由题意,前=2初,CN=2AM.
—=2,:.BC//MN,且BC=3MN,
MANA11
又MN2=OM2+ON2-20M-ON-cosl20°=l+4-2xlx2x(-1)=7,
MN=V7;•••BC=3用,
()M2+MN2-ON2_1+7-4_2
・•・cosZ-OMN=2OMMN-2xlxV7-V7,
■■■'BC-OM=\BC\x|丽|cos(兀-4OMN)=3V7X1X(-^)=-6.
故选:C.
9.答案:C
解析:
本题考查三角形内角的求法,考查余弦定理、三角形面积公式等基础知识,考查学生运算能力,是
基础题.
由SMBC=^absinC-~~c得sinC=J=cosC,由此能求出结果・
解:•・•△4BC的内角A,B,C的对边分别为a,h,c,AABC的面积为立匕Q,
4
._1ur—a2+^2-c2
,•ScfBc=3absme--,
“2+匕2_。2
・•・sinC=-----;——=cosC,
2ab
V0<C<7T,:、C=y.
4
故选c.
10.答案:-24
解析:
本题考查利用正余弦定理解三角形,属于中档题.
解:由已知得8。=近AB=逐,
•••D,E、F重合于一点,
AE=AD=V3>BF=BD=V6>
•••△ACE中,由余弦定理得
CE2=AC2+AE2-2ACAEaiaLCAE
=12+(\/3)2-2x1xs/Beus30。=1,
•••CE=CF=1,BC2=AC2+AB2,BC=2,
.•.在ABCF中,由余弦定理得
BC^+CF2-BP212+22(场2
cosZ.FCB=
2BC-OF2x1x2
故答案为一1.
11.答案:6>/3
解析:
本题考查了余弦定理和三角形的面积公式,属基础题.
利用余弦定理得到。2,然后根据面积公式公击3求出结果即可.
第16页,共34页
解:由余弦定理有1/=(P+M?(?.•<,
vb=6,a=2c,B=p
,36=(2c)2+c2-4c2cos
-c2=12,
/.=JwxhiB=crtinB=6\/5.
故答案为6遍.
12.答案:V15
解析:
本题主要考查椭圆的定义和方程、性质,注意运用三角形的中位线定理、余弦定理,考查方程思想
和运算能力,属于中档题.
求得椭圆的a,b,c,设椭圆的右焦点为广,连接PF',运用三角形的中位线定理和椭圆定理求得△PFFf
各边长,利用余弦定理求心PFV的余弦值,进而可求该角的正切值,即为直线PF的斜率.
22
解:椭圆^_+1的a=3,b=而,c=2,
设椭圆的右焦点为V,连接PU,
线段PF的中点4在以原点。为圆心,2为半径的圆上,
连接A0,可得仍尸|=2依。|=4,
△PFb中,PF=6-PF'=2,FF'=4,PF'=4,
42+22-42_1
2X2X4-4,
tan4P尸F'=V15,即直线PF的斜率为衣.
故答案为
13.答案:Vio
解析:
本题考查正弦定理、余弦定理的运用,考查学生的转化和计算能力,属于基础题.
利用正弦定理可得BC=2,利用余弦定理即可得出结论.
解:*:3sinA=2sinB,
.,•由正弦定理可得:3BC=24C,
•♦・由4c=3,可得:BC=2,
cosC„=1
4
由余弦定理可得:1=32+2*,
42X3X2
.■・解得:AB=V10.
故答案为:V10.
14.答案:a(2,+8)
解析:
本题考查三角形的解法,余弦定理的应用,考查计算能力,属于中档题.
利用余弦定理,转化求解即可.
解:△ABC的面积为/(。2+
可得:^(a2+c2-b2)=^acsinB,翳=遍,
可得:=遮,所以B=g,
4c为钝角,Ae(0,^),
所以2e(遮,+8),
tanA''
csinCsin(A4-8)1
=cosB-\------sinB
asinAsinAtanA
=-+e(2,4-oo),
22tanA、J
第18页,共34页
故答案为:p(2,+oo).
15.答案:逗
3
解析:解:△48C的内角A,B,C的对边分别为mb,c
bsinC4-csinB=4asinBsinC9
利用正弦定理可得sinBsinC+sinCsinB=AsinAsinBsinC,
由于0VB<71,0<C<7T,
所以sinBs出。00,
所以
则或7
o6
由于/+-Q2=g,
则:cosA='-"
2bc
①当4=泄,苧=:8
2bc
解得be=随,
3
所以SMBC=^besin力=誓・
②当4—时,-第也
解得be=-竽(不合题意),舍去.
故:SAABC=¥*
故答案为:逗.
3
直接利用正弦定理求出A的值,进一步利用余弦定理求出A的值,最后求出三角形的面积.
本体考查的知识要点:三角函数关系式的恒等变换,正弦定理和余弦定理的应用及三角形面积公式
的应用.
16.答案:手;3
解析:
本题考查正弦定理、余弦定理,属于简单题.
由正弦定理得磊=焉由此能求出"曲由余弦定理得皿6。。=若,由此能求出c.
解::在△4BC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c
CL=y/7,b=2,A=60°,
二由正弦定理得:号=—4,即上=二—,
sinAstnBsin60°sinB
解得5讥8=军=回・
V77
由余弦定理得:C0S4=匕2+:_a,即COS60。=
2bc
解得c=3或c=一1(舍),
故答案为:叵;3.
7
17.答案:停,1)
解析:
本题主要考查了余弦定理,基本不等式及余弦函数的性质的应用,属于基础题.
由已知利用余弦定理,基本不等式求得cosC的最小值,再根据余弦函数的性质得到cosC的最大值
即可得解.
解:AB=c=2,AC=b=3,贝Ul<a<5,
2222
「a+b-ca+5a,5.na5V5
AcosC=-------=----=-H——>2/-----=——,
2ab6a66ay66a3
当且仅当a=通€(1,5)时,等号成立.
又「CE(0,兀),可得cosC<1,
•,—<cosC<1.
・3
故答案为:停,1).
18.答案:解:①ac=V3.
△4BC中,sinA=y/3sinB,即b=,a,
ac=遍,:•c=»
a
a2+b2-c2_■-今_x/3
cosC
2ab=理=T,
:,a=V3»b=1,c=1.
(2)csinA=3.
第20页,共34页
△ABC中,csinA=(UiinC=asin3,Aa=6.
vsinA=y/3sinB^即。=Wb,・•・b=273.
a2+b2-c2364-12—c2V3
cosC=---:------=--------------==--
2ab2x6x2732
:.c=2V5.
③c=V3h.
vsinA=y/^sinB,即@=Wb,
又•・,c=V3Z?,
与已知条件。:相矛盾,所以问题中的三角形不存在•
解析:本题主要考查解三角形中的正弦定理与余弦定理,熟练掌握余弦定理并灵活的应用是解本题
的关键.
①根据题意,结合正弦定理,可得b号a,c=f,结合乙I,运用余弦定理cosC=5±
即可求得c=1.
②根据题意,△ABC中,csinA=asinC,即可求得a=6,进而得到b=28,运用余弦定理
cosC=a2+b2-c2,即可求得c=2遍.
2ab
③根据c=遮从sEA=遮5沅8即Q=遮6,可列式求得cosC=遗,与已知条件(‘矛盾,所以
6V)
问题中的三角形不存在.
19.答案:解:(I)由余弦定理以及a=2/,b=5,c=-/13,
a2+b2<2_8+25-13_V2
则cosC=
2ab2X2A/2X52
IC6(0,7T),
・・,c=-;
4,
(U)由正弦定理,以及c=,a=2y[2,c=g,可得s讥4=空些=这登=4空;
'c\/1313
(HI)由QVC,及sin4=4'亘,可得cos/=71—si//=双运,
1313
fjj||..r25/133V1312
W\sinn2Ax=2sinAcosA=2x-----x------=—,
131313
・•・cos2A=2COS*2A*—1=—,
13
・•・sin(2i4+-)=(s讥2/+cos2A)=(—+)=
\"2'72k1313,26
解析:本题考了正余弦定理,同角的三角形函数的关系,二倍角公式,两角和的正弦公式,属于中
档题.
(I)根据余弦定理即可求出。的大小;
(H)根据正弦定理即可求出sinA的值;
(HI)根据同角的三角形函数的关系,二倍角公式,两角和的正弦公式即可求出.
20.答案:解:(1)因为a=3,c=V2,B=45°.,由余弦定理可得:b=yja2-be2-2accosB=
j9+2-2x3xV2Xy=V5»
由正弦定理可得提=高,所以sMC=:
匹
5
所以sinC=
(2)因为cos乙4DC=一/所以sin4ADC=
在三角形AOC中,易知C为锐角,由(1)可得cosC=71-sin2c=等,
所以在三角形ADC中,sin^DAC=sin^ADC+zC)=sin^ADCcos^C+cos^ADCsin^C=等,
因为N£MCG(0,)所以COSNDAC=V1—sin2Z-DAC=卫更,
225
所以tanz_ZMC=*些=2.
COSZ.DAC11
解析:(1)由题意及余弦定理求出人边,再由正弦定理求出sinC的值;
(2)三角形的内角和为180。,cos^ADC=一条可得N4DC为钝角,可得NZMC与/4DC+”互为补角,
所以sin/fMC=sin(Zi4£>C+4。)展开可得sin/DAC及coszJMC,进而求出tan/DAC的值.
本题考查三角形的正弦定理及余弦定理的应用,及两角和的正弦公式的应用,属于中档题.
21.答案:解:⑴在国ABC中,设内角A,B,C的对边分别为mb,c,
因为siMA—sin2B—sin2c=sinBsinC,
第22页,共34页
由正弦定理得,a2-b2—c2=be,即力2+c2-彦=-儿,
由余弦定理得,cosAJ+c—z==,
2bc2
因为0<2<兀,所以4=小
(2)由⑴知,4=*因为8c=3,即a=3,
由余弦定理得,a2=b2+c2-2bccosA,
所以9=b2+c2+be=(b+c)2—be,
由基本不等式可得be<丝蛆,
4
所以9=(b+c)2—be23(b+c)2,
4
所以b+c<2次(当且仅当b=c=旧时取得等号),
所以回ABC周长的最大值为3+2V3.
解析:本题主要考查利用正余弦定理解三角形的问题,属于中档题.
(1)直接利用正余弦定理即可求解;
(2)利用余弦定理与基本不等式即可求解.
22.答案:解:(1)由余弦定理得占2=a?+©2-2accosB,
即28=3c2+c2-2岳2cos150°,
解得c=2,所以a=2g,
所以448c=|acsinB=|x2V3x2x1=V3.
(2)因为A=180°-B-C=30°-C,
所以sinA+V3sinC=sin(30°—C)+V3sinC
=—cosC+~sinC—sin(30°+C)—
因为A>0。,C>0°,所以0。<。<30。,所以30。<30。+。<60。,
所以30。+。=45。,
所以C=15°.
解析:本题考查余弦定理,三角形面积公式的应用,三角恒等变换的应用,属于中档题.
(1)由已知条件结合余弦定理可求得C,从而可根据三角形面积公式求解;
(2)由两角差的正弦公式对已知式进行化简,再由辅助角公式根据C的范围求解即可.
23.答案:解:sinA—V3sinB,故有a=V3/>>
。2+/一/_。2+(寸。)6
C='由余弦定理得:COMC=
o2ab=国=~2~
2ax--a
3
有X2a=c;
3
假设三角形存在,
若选①,有ac=遮,则有—\,行,则。=b=1,c=1.
3
故存在满足题意的三角形,c=l.
若选②,有csin4=3,
2
b2+/_a2_(了a)+(寸)-a1
则有cos.1
2(判x亭2
则sin4=孚,故c=2b,a=6,b=2怎
故存在满足题意的三角形,c=2遍.
若选③,其中由题意有a=V57?,a=,则有b=c,这和c=A^b矛盾,
故不存在满足题意的三角形.
解析:本题考查解三角形,正确运用正弦定理和余弦定理,判断三个边的关系与求值,是中档题.
若选①,可利用已知条件得到的a,b,c的关系,代入ac=g求解即可.
第24页,共34页
若选②,可利用已知条件得到的a,b,c的关系,求出cos4,从而求出c=2百.
若选③,可利用已知条件得到的a,b,c的关系,和第三个条件矛盾,从而无此三角形.
24.答案:解:⑴设极点为O,则在2048中,
由余弦定理,得AB?=0A2+0B2-20A-OBcos乙A0B,
AB=J32+(V2)2-2x3xV2xcos(^-^)=V5;
(2)由直线/的方程ps讥(8+》=3,知
直线/过(3企(),倾斜角为学,
又以近,今,
•••点B到直线I的距离为(3a-V2)-sin(^-^)=2.
解析:本题考查了在极坐标系下计算两点间的距离和点到直线的距离,属较易题.
(1)设极点为O,则由余弦定理可得AB?=042+082-204・。8。。5乙408,解出AB;
(2)根据直线/的方程和点B的坐标可直接计算B到直线/的距离.
25.答案:(1)证明:由已知可得AD〃BE,CG//BE,即有40〃CG,
则AO,CG确定一个平面,从而A,C,G,。四点共面;
由四边形ABE。为矩形,可得
由△ABC为直角三角形,可得AB1BC,
又BCCBE=E,BCu平面8CGE,BEu平面8CGE,
可得4B_L平面BCGE,
ABu平面ABC,可得平面力BC1平面BCGE;
(2)解:连接BG,AG,
由力B,平面BCGE,BGu平面BCGE,可得AB1BG,
在ABCG中,BC=CG=2,Z.BCG=120°,可得BG=2BCsin60°=26,
可得AG=y/AB2+BG2=
在AACG中,AC=V5,CG=2,AG=V13.
可得cos乙4CG=:=一2,即有sin乙4CG=4>
2x2xy5v5V5
由(1)可得:AD//CGS.AD=CG=2,
所以四边形4CGO为平行四边形,
则平行四边形ACGD的面积为2x遍x亲=4.
解析:本题考查空间线线、线面和面面的位置关系,考查平行和垂直的判断和性质,注意运用平面
几何的性质,考查推理能力,属于中档题.
(1)运用空间线线平行的公理和确定平面的条件,以及线面垂直的判断和面面垂直的判定定理,即可
得证;
(2)连接8G,AG,由线面垂直的性质和三角形的余弦定理和勾股定理,结合三角形的面积公式,可
得所求值.
26.答案:解:(I)在三角形ABC中,由正弦定理得亮=肃,所以bsinC=csinB,
又由3csin8=4-asinC,
得3bsbiC=4asinC,即3b=4a,
又因为b+c=2a,得b=拼c=y,
由余弦定理可得cos8=。2=2-匕2=°仁"=-i;
2"2a-a4
(n)由(I=V1—cos2B=—,从而sin2B=2sinBcosB=——,
48
cos2B=cos2B-sin2B=~l,
故sin(2B+-)=sin2Bcos-+cos2Bsin-=——x——-x-=-3麻,
、6,66828216
解析:本小题主要考查同角三角函数的基本关系,两角和的正弦公式,二倍角的正余弦公式,以及
正弦定理、余弦定理等基础知识,考查运算求解能力,属于中档题.
(I)根据正余弦定理可得;
(H)根据二倍角的正余弦公式以及和角的正弦公式可得.
27.答案:解:(1)「△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,
又(sinB-sinC)2=sin?4—sinBsinC,
则siMB+sin2c—2sinBsinC=siMa—sinBsinC.
二由正弦定理得:b2+c2-a2=be,
.b2+c2-a2be1
•cosA=-----=—=-»
・・2bc2bc2
V0</I<7T,
*,•4=
(2)v42a+b=2c,%=
第26页,共34页
・•・由正弦定理得&sin?l+sinB=2sinC,
•*»—+sin(~—C)—2sme9
即立+且cosC+-sinC=2sinC,
222
日n历।V3「3.厂
即——I——cosC——sinC=n0,
222
即sin(C—,)=争
・••sinC=sin(—十—)
n7171n
=sin—cos—+cos—sin—
4646
解析:本题考查了正弦定理、余弦定理,属于中档题.
(1)由正弦定理得:b2+c2-a2=bc,再由余弦定理求出A.
(2)由已知及正弦定理可得:sin(C—9=当,可解得C的值,即可得解.
28.答案:解:(I)TQ=3,b—c=2,cosB=—
.,・由余弦定理,得/=小+-2QCCOSB
=9+(b—2)2—2x3x(6—2)x(——),
:,b=7,c=h-2=5;
(11)在448。中,:(:。58=一:,;.5讥8=亨,
由正弦定理有:爵=亮
csinB__5x?_56,
・•・sinC
b一7-14
vb>c,B>C,,C为锐角,
c11
・•・cosC=—,
14
・•・sin(B—C)=sinBcosC—cosBsinC
V31115V3
=—X------(——)X-------
214i2,14
4>/3
7
解析:本题考查了正弦定理、余弦定理和两角差的正弦公式,属基础题.
(I)利用余弦定理可得/=M-2QCCOS8,代入己知条件即可得到关于b的方程,解方程即可;
(II)sin(B—C)=sinBcosC—cosBsinC,根据正弦定理可求出sinC,然后求出cosC,代入即可得解.
29.答案:解:(1),・,a=3,b—c=2,cosB=—
.,・由余弦定理,得川=小+-2QCCOSB
=9+(b—2)2—2x3x(6—2)x(——),
:・b=7,
c=b—2=5;
(2)在△ABC中,
n1
vcosB=——,
2
・•・sinB=—,
2
由正弦定理有:&=q,
sinAsinB
•.asinB3x-y3用
:・sinA=------=--=——,
b714
・•・sin(B4-C)=sin(7r-/)=sinA=誓
解析:本题考查了正弦定理和余弦定理在解三角形中的应用,属于基础题.
⑴利用余弦定理可得炉=a2+c2-2accosB,代入已知条件即可得到关于b的方程,解方程即可;
(2)sin(B+C)=sin(7T—A)=sinA,根据正弦定理可求出sinA.
30.答案:解:⑴•••在AABC中,角A,B,C的对边分别为a,h,c.
a=3c,b=V2,cosB=
・•・由余弦定理得:
a2+c2-b210C2-22
cosB------------=----------=—,
2ac6c23
解得
cosB
2b
sinA__sinB_cosB
•••由正弦定理得:
ab2b
・•・2sinB=cosB,
•・,sin2B4-cos2B=1,
・••sinB=cosB=誓,
・•・sin(8+;)=cosB=等.
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解析:本题考查三角形边长、三角函数值的求法,考查正弦定理、余弦定理、诱导公式、同角三角
函数关系式等基础知识,考查推理能力与计算能力,属于中档题.
(1)由余弦定理得:COSB=Z=更?=L由此能求出c的值.
Zac6c23
(2)由州M=胃兰,利用正弦定理得2s讥8=cos8,再由siMB+cos2^=1,能求出s讥B=匹,
vza2b5
cosB=巫,由此利用诱导公式能求出sin(B+9的值.
5/
31.答案:解:=bsinA,=acos|=bsinA,
可得si/L4cosm=sinBsinA=2sin^cos^sinA,
,:sinA>0,
:,cos-=2sl九一cos-,
222
p
若COSQ=0,可得B=(2k+l)7r,keZ不成立,
:•si.n-B=1
22
由0VB<7T,可得B=P
(2)若△ABC为锐角三角形,且c=l,
由余弦定理可得b=Ja2+1-2a-1-cos^=y/a2—a+1,
由三角形48c为锐角三角形,可得a?+Q2_@+i>i且i+小一。+i>。2,
解得:VQ<2,
可得△面积S=-ac.sin-=—a6
234'82'
解析:本题考查三角形的正弦定理和余弦定理、三角形面积公式、二倍角公式和诱导公式,以及化
简运算能力,属于中档题.
(1)运用三角函数的诱导公式和二倍角公式,以及正弦定理,计算可得所求角;
(2)运用余弦定理可得b,由三角形ABC为锐角三角形,可得。2+。2一。+1>1且1+。2一。+1>
a2.求得。的范围,由三角形的面积公式,可得所求范围.
32.答案:解:N分别为P8,BC的中点,MN〃PC,
则NPCA为AC与MN所成角,
在△P4C中,由P4=PC=2,AC=V3.
PC2+AC2-P#3_V3
可得COSNPC4
2PCAC2x2xV34'
.SC与知'的夹角为arccosf;
(2)过P作底面垂线,垂足为O,则。为底面三角形的中心,
连接4。并延长,交BC于N,则4N=|,A0=1AN=1.
二PO=V22—I2=V3.
,P-48C=§X3Xy/3x-xV3=
解析:(1)由已知可得MN〃PC,则4PC4为AC与MN所成角,利用余弦定理求解得答案;
(2)求出三棱锥的高,代入棱锥体积公式求解.
本题考查
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