福建省漳州市云霄县第五中学2022-2023学年高二物理期末试卷含解析

福建省漳州市云霄县第五中学2022-2023学年高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.参考答案：C2.如图所示为“滤速器”装置示意图．a、b为水平放置的平行金属板，其电容为C，板间距离为d，平行板内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，a、b板带上电量，可在平行板内产生匀强电场，且电场方向和磁场方向互相垂直．一带电粒子以速度v0经小孔进入正交电磁场可沿直线OO′运动，由O′射出，粒子所受重力不计，则a板所带电量情况是A．带正电，其电量为

B．带正电，其电量为CBdv0C．带负电，其电量为

D．带负电，其电量为参考答案：B考点：左手定则；洛伦兹力；电容器【名师点睛】本题考查带电粒子在复合场中的运动，当粒子所受电场力与洛伦兹力大小相等方向相反的粒子可以匀速通过平行金属板，所以只要理解了滤速器的原理后不难做出解答。3.（多选）研究单摆受迫振动规律时得到如图l所示的共振曲线，下列说法正确的是

A．图象的纵坐标为位移

B．图象的纵坐标为振幅

C．单摆的固有周期为0.5s

D．图象的峰值表示共振时的振幅参考答案：BD4.（单选）如图9-2所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落。如果线圈受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为

A．a1＞a2＞a3＞a4

B．a1=a3

>a2>a4

C．a1=a3＞a4＞a2

D．a4=a2＞a3＞a1参考答案：B5.(单选)如图所示，电路中RT为热敏电阻，R1和R2为定值电阻.当温度升高时，RT阻值变小.开关S闭合后，RT的温度升高，则下列物理量中变小的是 ()A.通过RT的电流B.通过R1的电流C.通过R2的电流D.电容器两极板间的电场强度参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.电磁打点计时器是一种使用

的用于计时的仪器。当电源的频率50Hz时，它每隔

秒打一次点。参考答案：低压交流电源，0.02s7.如图为“研究电磁感应现象”的实验装置．如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏转了一下，那么合上电键稳定后可能出现的情况有：A．将A线圈迅速拔出B线圈时，灵敏电流计指针将向

偏转（填“左”或“右”）；B．A线圈插入B线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左滑动时，灵敏电流计指针将向

偏转（填“左”或“右”）．参考答案：左；左．【考点】研究电磁感应现象．【分析】根据在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，结合题意，应用楞次定律分析答题．【解答】解：如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加，电流计指针向右偏，合上开关后，将A线圈迅速从B线圈拔出时，穿过线圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏；A线圈插入B线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，穿过线圈的磁通量减小，电流计指针将向左偏．故答案为：左；左．8.半径为R的表面光滑的半球固定在水平面上。在距其最高点的正上方为h的悬点O，固定长L的轻绳一端，绳的另一端拴一个重为G的小球。小球静止在球面上。则绳对小球的拉力T= ，球面对小球的支持力N=

。参考答案：mgL/（R+h）

mgR/（R+h）9.一定质量的理想气体按图示过程变化，其中bc与V轴平行，cd与T轴平行，则b→c过程中气体的内能

（填“增加”“减小”或“不变”），气体的压强

（填“增加”“减小”或“不变”），表示等压变化过程的是

（选填“a→b”、“b→c”或“c→d”）．参考答案：不变；增加；a→b．【考点】理想气体的状态方程．【分析】由图象可知气体的变化过程，可知气体做等温变化，由理想气体的内能特点得出内能的变化；再由理想气体状态方程可得压强的变化．【解答】解：由图可知，b→c的过程中，气体的温度不变；而理想气体的内能只与温度有关，故气体的内能不变；由=C可知，温度不变，体积减小，故压强应增大；由=C可知，压强不变的时候，VT成正比，即为过原点的直线，所以等压变化过程的是a→b；故答案为：不变；增加；a→b．10.如图所示，小量程电流表G的内阻为25，满偏电流为2mA，若把它改装成5V、20V的两个量程的电压表，那么R1=

，R2=

。参考答案：475

750011.将截面均匀，长为L、电阻为R的金属导线截去

，再拉长至L，则导线电阻变为

。参考答案：12.用欧姆表测电阻时，红表笔接a端，黑表笔接b端，则

端电势高；当用多用电表测导体两端电压时，

表笔应接电势高的一端；用欧姆表测二极管的电阻，先用红表笔接二极管的a端，黑表笔接b端，反接后电阻明显变大，则

端为二极管的正极。参考答案：b，红，b13.如图一带电小球质量为m，带电量为+q，以初速度V与水平方向成30°角射向空间匀强电场区域，小球恰好做直线运动。求匀强电场的最小场强的大小为__________场强方向与速度方向夹角为__________。参考答案：

(1).；

(2).;解：根据题意可以知道,粒子恰好做直线运动,则其所受合力与速度方向在同一条直线上,作出力的合成图如图所示,可以知道,当电场力与速度垂直时,电场力最小,

电场力最小值为:

解得：

因为小球带正电,则此场强方向上垂直直线向上,与速度方向的夹角为

综上所述本题答案是：；【点睛】根据题意作出小球的受力分析图,根据图象可以知道当电场力与速度垂直时电场力最小,在根据三角形相关知识求解电场力的大小和方向.三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.有如下器材，请选用合适的器材完成“测电池组的电动势和内电阻”实验．A、电压表V1（量程15V，内阻约15kΩ）B、电压表V2（量程3V，内阻约5kΩ）C、电流表A1（量程50mA，内阻约20Ω）D、电流表A2（量程600mA，内阻约2Ω）E、滑动变阻器（10Ω，2A）F、滑动变阻器G、待测电池组H、开关、导线若干①为便于调节测量并使结果尽量准确，除选择器材G、H以外，电压表应选

；电流表应选

；滑动变阻器应选

．（填器材前的字母代号）②某同学选择了合适器材，设计了正确合理的实验电路，他依据测得的数据画出U﹣I图象，如图2所示．根据图象得出电池组的电动势E=

，电池组的内电阻r=

（以上两空要求两位有效数字）．③请根据正确的设计原理将实物图1画线连成实验电路．参考答案：解：①由图象上的测量数据知电源电动势为2.0V，则电压表选量程为3V的B即可；电流最大值为0.6A，故电流表选D；为方便实验操作，选最大阻值较小的滑动变阻器E即可；②根据闭合电路欧姆定律可知，在U﹣I图象上，纵轴截距等于电源电动势，故E=2.0V；图线的斜率等于内阻，故内阻：r===0.4Ω；③电源的内阻较小，属于小电阻，采用相对电源的电流表外接法．实物图如下：故答案为：①B；D；E．②2.0V，0.4Ω．③如图所示【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）根据电路电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）U﹣I图象上，纵轴截距等于电源电动势，图线的斜率等于内阻；（3）电源的内阻较小，属于小电阻，采用电流表相对电源的外接法．15.在“用双缝干涉测光的波长”实验中(实验装置如图甲)：(1)下列说法哪一个是错误的________。(填选项前的字母)A.调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应放上单缝和双缝。B.测量某条干涉亮纹位置时，应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐C.为了减小测量误差，可用测微目镜测出n条亮纹中心间的距离a，求出相邻两条亮纹间距(2)将测量头的分划板中心刻线与某亮条纹的中心对齐，将该亮条纹定为第1条亮条纹，此时手轮上的示数如图甲所示。然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮条纹中心对齐，此时手轮上的示数如图乙所示，则图乙读数为________mm，求得这种色光的波长λ＝______nm。（已知双缝间距d＝0.2mm，双缝到屏间的距离L＝700mm参考答案：

(1).(1)A

(2).(2)13.870

(3).660【详解】（1）A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，不需放单缝和双缝．故A错误；B．测量某条干涉亮纹位置时，应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐．故B正确；C．n条亮纹之间有n-1个间距，相邻条纹的间距．故C正确．（2）图甲中螺旋测微器的固定刻度读数为：2mm，可动刻度读数为：0.01×32.0mm=0.320mm，所以最终读数为：2.320mm．图乙中螺旋测微器的固定刻度读数为：13.5mm，可动刻度读数为：0.01×37.0mm=0.370mm，所以最终读数为：13.870mm．则有：根据双缝干涉条纹的间距公式得，代入数据得，λ=6.6×10-7m=6.6×102nm．【点睛】解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法：螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读；知道双缝干涉的条纹间距公式.四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如下图所示，A球电荷量为+q、B球不带电，质量分别为m和3m的小球A和B，中间连接质量不计的细绳，在竖直方向的匀强电场中，以速度v0匀速上升。某时刻细绳断开，求：（1）电场强度及细绳断开后，A、B两球的加速度。（2）当B球速度为零时，A球机械能的增量是多少？参考答案：17.如图所示，用长L的绝缘细线拴住一个质量为m，带电荷量为q的小球，线的另一端拴在水平向右的匀强电场中，开始时把小球、线拉到和O在同一水平面上的A点(线拉直)，让小球由静止开始释放，当摆线摆到与水平线成90°角到达B点时，球的速度正好为零．求：

(1)小球带何种电荷（写简单原因）（2）B、A两点的电势差；（3）匀强电场的场强大小．

参考答案：（1）(1)因重力使小球加速下落，电场力使小球减速，小球受力向右，所以小球带正电荷。（3+3分）（2）据动能定理：mgh-qUAB=0

(3分)ks5uB、A两点的电势差；UA＝

（3分）（3）在匀强电场的场强：E＝U/d