2022年河北省唐山市遵化汤泉满族乡满族中学高二物理测试题含解析

2022年河北省唐山市遵化汤泉满族乡满族中学高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.下列方法中，可以改变平行板电容器电容的是A．增大两极板的带电量

B．增大两极板间的距离

C．增大两板的正对面积

D．增大两极板间的电压参考答案：BC2.下面说法中正确的是A．在一个以点电荷Q为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度相同B．在点电荷Q的电场中的某一点，放入带电量为q的另一点电荷，则q受到的电场力为，该点的电场强度为

C．电场强度是描述电场力的性质的物理量，它仅由电场自身决定D．点电荷在电场中所受到的电场力的大小和方向，除了和电场有关外，还与该点电荷所带电量和性质有关参考答案：BCD3.在电磁波谱中，红外线、可见光和紫外线三种电磁波频率大小的关系是BA．红外线的频率最大，可见光的频率最小B．紫外线的频率最大，红外线的频率最小C．可见光的频率最大，红外线的频率最小D．紫外线的频率最大，可见光的频率最小参考答案：B4.如图所示，水平地面上质量为m的木块，受到大小为F、方向与水平方向成θ角的拉力作用，沿地面作匀加速直线运动.已知木块与地面之间的动摩擦因数为μ，木块的加速度大小为

(

)A．B．C．D．参考答案：D5.（单选）在图6所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.OΩ，电路中的电阻Rn。为l.5Ω，小型直流电动机M的内阻为O.5Ω．闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.OA则以下判断中正确的是（

）

A．电动机的输出功率为14WB．电动机两端的电压为7.OVC．电动机产生的热功率4.OWD．电源输出的电功率为24W参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.氢原子的能级如图所示，当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，会

（填“辐射”或“吸收”）光子，这种光子照射在某金属上，刚好能发生光电效应，则该金属的逸出功为

eV．现有一群处于n=4的能级的氢原子向低能级跃迁，在辐射出的各种频率的光子中，能使该金属发生光电效应的频率共有

种．参考答案：辐射（2分），2.55（2分），47.把一个满偏电流I=1mA、线圈电阻R=1k的小量程电流表，改装成量程U=10V的电压表，需

▲

联的分压电阻为

▲

；改装成量程10mA的电流表，需

▲

联的分流电阻为

▲

。参考答案：.串联

9k

并联

111.18.一根均匀导线电阻为R，现将它均匀地拉长，使其直径变为原来的一半，然后再截去长度的，剩余部分的电阻为_______R。参考答案：9.一质量为0.5kg的小球A以2.0m/s的速度和静止于光滑水平面上质量为1kg的另一大小相等的小球B发生正碰，碰撞后它以0.2m/s的速度反弹．则B球获得的速度大小为

．参考答案：1.1m/s【考点】动量守恒定律．【分析】碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律可以求出小球速度．【解答】解：碰撞过程，由动量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2，代入数据解得：v2=1.1m/s；故答案为：1.1m/s10.元电荷e=____________；

静电力常量k=____________。参考答案：；11.如图所示，线圈匝数n=100匝，面积S=50cm2，线圈总电阻r=10Ω，外电路总电阻R=40Ω，沿轴向匀强磁场的磁感应强度由B=0.4T在0.1s内均匀减小为零再反向增为B′=0.1T，则磁通量的变化率为

Wb/s，感应电流大小为

A，线圈的输出功率为

W．参考答案：0.025；0.05；0.1．【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】磁通量的变化量与所用时间的比值是磁通量的变化率；应用法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流；由电功率公式求出线圈的输出功率．【解答】解：磁通量的变化率：===0.025Wb/s；感应电动势：E=n=100×0.025=2.5V，感应电流：I===0.05A；线圈的输出功率：P=I2R=0.052×40=0.1W；故答案为：0.025；0.05；0.1．12.右图为某电场的部分电场线。由图可知A、B两点的场强大小EA

EB（选填“>”、“<”或“＝”）。参考答案：13.一质量为、半径为，电阻为的金属圆环，竖直自由下落，经过一个磁感应强度为的匀强磁场，当圆环进入磁场区域的竖直高度为时，圆环所受的合外力为零，此时圆环的速度大小为

。参考答案：三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（6分）一位同学在做探究单摆周期与摆长关系的实验时，进行了如下步骤：A．组合单摆：选择相应器材组成单摆，并用铁夹将绳的上端固定；B．测摆长：用米尺量出摆线的长度；C．测周期：将摆球拉起一个小角度，然后放开，在放手的同时按下秒表开始计时，测量单摆50次全振动的时间，算出单摆的周期；D．将所测得的和填入表格，分析数据得出单摆的周期和摆长的关系。从上面操作步骤中找出两处错误的地方，写出该步骤的字母，并加以改正。

(1)________________________________________________(3分)

(2)________________________________________________(3分)

参考答案：（1）B

摆长等于摆线长加小球半径；（2）C

计时时刻应该在小球通过平衡位置时15.为了测定一节旧干电池的电动势和内阻（内阻偏大），配备的器材有：A．电流表A（量程为0.6A）B．电压表V（量程为1V，内阻为1.2kΩ）C．滑动变阻器R1（0~10Ω，1A）D．电阻箱R2（0~9999.9Ω）某实验小组设计了如图所示的电路．1实验中将量程为1V电压表量程扩大为2V，电阻箱R2的取值应为

▲

kΩ．2利用上述实验电路进行实验，测出多组改装后的电压表读数UV与对应的电流表读数IA，利用UV–IA的图象如11题3图所示．由图象可知，电源的电动势E=

▲

V，内阻r=

▲

Ω．

参考答案：①1.2(3分)②1.60(3分)（1.6也给分）2.75(3分)

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，光滑水平面上一个质量为0.6kg的小球Q（可视为质点），Q和竖直墙壁之间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与Q和竖直墙壁均不拴接）．用手挡住Q不动，此时弹簧弹性势能为Ep=4.8J．一轻质细绳一端固定在竖直墙壁上，另一端系在小球上，细绳长度大于弹簧的自然长度．放手后Q向右运动，绳在短暂瞬间被拉断，之后Q沿水平面运动到最右端后脱离轨道，从P点水平抛出，恰好从光滑圆弧ABC的A点沿切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机械能损失）．已知圆弧的半径R=0.3m，θ=60°，小球到达A点时的速度v=4m/s．（取g=10m/s2）求：（1）小球做平抛运动的初速度v1；（2）P点与A点的水平距离和竖直高度；（3）小球到达圆弧最高点C时对轨道的压力；（4）绳被拉断过程绳对小球所做的功W．参考答案：解：（1）小球到A点的速度沿圆弧切线方向，设小球在P点的速度为v1，则：v1=vcosθ=2m/s（2）由平抛运动规律得：vy=vsinθ=2m/s

vy2=2gh

得：h=0.6mvy=gt

x=v1t=m≈0.69m（3）取A点为重力势能的零点，由机械能守恒定律得：mvA2=mvc2+mg（R+Rcosθ）代入数据得：vc=m/s由圆周运动向心力公式得：FN+mg=m代入数据得：FN=8N由牛顿第三定律得：小球对轨道的压力大小=FN=8N，方向竖直向上；（4）设弹簧恢复到自然长度时小球的速度为v0，由机械能守恒定律得：绳断后A的速度为v1，由动能定理得：带入数据得：W=﹣3.6J答：（1）小球做平抛运动的初速度v1为2m/s；（2）P点与A点的水平距离和竖直高度为0.69m；（3）小球到达圆弧最高点C时对轨道的压力为8N，方向竖直向上；（4）绳被拉断过程绳对小球所做的功W为﹣3.6J．【考点】动能定理的应用；平抛运动．【分析】根据运动的合成与分解求小球做平抛运动的初速度；根据平抛运动规律求水平距离和竖直高度；根据动能定理求绳被拉断过程绳对小球所做的功W．17.如图11所示，板长L＝4cm的平行板电容器，板间距离d＝3cm，板与水平线夹角α＝37°，两板所加电压为U＝100V．有一带负电液滴，带电荷量为q＝3×10－10C，以v0＝1m/s的水平速度自A板边缘水平进入电场，在电场中仍沿水平方向并恰好从B板边缘水平飞出(取g＝10m/s2，sinα＝0