内蒙古乌兰察布市集宁一中西校区2022-2023学年物理高二第一学期期末复习检测模拟试题含解析

2023-2023学年高二上物理期末模拟试卷留意事项10．5请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．作答选择题，必需用2B答案．作答非选择题，必需用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．52B6424电式电流表的运输问题，对于磁电式电流表，他有如下一些理解，你觉得他的理解正确的是A.通有电流后，电流表的线圈受到了安培力的作用而转动，从而带动指针偏转B.线圈处在靴脚和铁芯形成的辐向磁场中，因此线圈转动时，穿过线圈的磁通量始终为零C.线圈绕在铝框上，铝框旋转会产生感应电流，这将影响电流测量的精确     性D.长途运输电流表时，需要将电流表的正负极用导线短接起来，这是利用了电磁驱动的原理2、如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与始终流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（ ）A.所受重力与电场力平衡C.动能渐渐增加

B.电势能渐渐增加D.做匀变速直线运动32Ω的线圈在匀强磁场中转动，产生的交变电动势为e102sin20t8Ω的电阻组成闭合回路时，下列说法正确的( )t＝0时，线圈平面位于中性面t＝0016W11.3V4、闭合回路的磁通量Φ随时间t的变化图像分别如图所示，关于回路中产生的感应电动势的下列论述，其中正确的是（ ）A.图甲回路中感应电动势恒定不变B.图乙回路中感应电动势恒定不变0~t1t1~t2时间内感应电动势图丁回路中感应电动势先变大后变小5、如图，一个质量为m、带电量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为Bv的匀强磁场中。现给圆环一个水平向右的初速度 ，在以后的运动中下列说法正确的是（ ）v0圆环可能做匀减速运动圆环不行能做匀速直线运动1

mv201

m3g2圆环克服摩擦力所做的功不行能为 mv22 0 2q2B26、一个质量为 的物体以a=2g的加速度竖直向下运动，则在此物体下降h高度的过程中，下列说法正确的是（）A.物体的重力势能削减了2mghC.物体的机械能保持不变

B.物体的动能增加了mghD.物体的机械能增加了mgh45205307、如图所示，两平行金属板A、B水平放置，板间存在垂直纸面对里的匀强磁场，闭合开关使电容器充电，一个不计重力的带电粒子恰能水平向右匀速通过，则AAA、BAab8、如图所示，矩形金属线框abcd放在光滑的绝缘水平桌面上，虚线为线框的对称轴，线框的ab边长为边长为d，线框的电阻为R，用绕过定滑轮的不行伸长的绝缘细线将线框和放在地面上的重物连接，开头时绳子刚好拉直没张力，连接线框部分的细线水平，连接重物部分的细线竖直，重物的重力为G．现在虚线右侧加垂直于桌面的匀强磁场，让磁场的磁感应强度大小从0开头均匀增大，经过t时间重物刚好要离开地面，则下列推断正确的是（ ）1A.t时间末，磁场的磁感应强度大小为L

2GRtdB.t时间内，线框回路中的电流均匀增大C.t时间内，线框ab边受到的安培力均匀增大D.t时间内，线框中电流的功率随时间均匀增大9一闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动时穿过线圈的磁通量随时间的变化图象如图所示下列说法中正确的是（ ）t=0时刻线圈平面与中性面平行t=0.1s时刻，穿过线圈平面的磁通量变化率为零t=0.2s时刻，线圈中有最大感应电动势t=0.4s时刻，线圈中的感应电流为零10、静电计是测量电势差的仪指针偏转角度越大，金属外壳和上方金属小球间的电势差越大，试验装置如图所.在本试验中，静电计指针和A板等电势，静电计金属壳和B板等电势，因此指针偏转角度越大表示A、B两极板间电势差越大现对电容器充电后断开开若按图下方的说明来做试验，( )A.甲图中两极板间电势差变大C.丙图中两板间电势差变小

B.乙图中两极板间电势差变大D.丙图中两板间电势差变大三、试验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用多用电表粗略测量某圆柱体的阻值。如图，当选择开关置于欧姆“×1的位置时，多用电表指针示数图所示，则被测圆柱体电阻的阻值约。为进一步测其电阻，试验室备有以试验下器材：．电压表（0~3，内阻4k；B．电压表（0~15V，内阻15kΩ）．电流表（0~3，内阻0.0125；D．电流表（0~0.6A，内阻0.125Ω）．滑动变阻器（0~20，允许最大电流为F.开关、导线若干；.电池组（3，内阻1.0。电流表和电压表分别应选 、 （选填器材前的字母。测该圆柱体的电阻时，电流表在测量电路中应接受（选填外“内”）接法，真实值比测得的电阻值偏 （选填大或小”）些。若用L表示圆柱体的长度，d表示直径，测得电压为U，电流为请写出圆柱体电阻率的表达。12（12分）如图所示，抱负变压器的原．副线圈匝数之比为n：n：，原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相等、b端加一沟通电压后，两电阻消耗的电功率之比PA：PB＝ ；两电阻两端的电压之比UA：UB＝ 四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，半径为、电阻不计的两个半圆形光滑导轨并列竖直放置，在轨道左上方端点、NRBLmRabMN处由静止释放，经肯定时间到达导轨最低点、O’vab到达导轨最低点Pab、NO、q14（16分）如图所示，相距为、板间电压为U的平行金属板N间有垂直纸面对里、磁感应强度为B0的匀强磁场；在pOy区域内有垂直纸面对外、磁感应强度为B直磁场射入两板间并做匀速直线运动，从H（0，A）yOp上某点离开磁场，最终垂直x轴离开第Ⅰ象限．求：、N间的运动速度；q；m离子在第Ⅰ象限的磁场区域和无场区域内运动的时间之比15（12分）如图所示，第四象限内有相互正交的匀强电场E与匀强磁场，已知E大小为1.5103V/，B1大小为0.5TB2xm＝1×10－14kgq＝2×10－10CvyMPB2yNy60°角的方向飞出．已知M点的坐标为(0，－0.1)，N点的坐标为(0，0.3)，不计微粒重力，g取10m/s2．求：v(2B2的大小；(3)B2磁场区域的最小面积参考答案64241、A【解析】A带动指针偏转，故A正确；B．磁电式电流表圆柱形铁芯中的磁感线实际上水平平行的，穿过线圈的磁通量不为零，故B错误；C．铝框实际上与线圈是彼此绝缘的，而且指针稳定时，铝框中没有感应电流，无从谈起对线圈中电流的影响，故C错误；DD错误。故选A。2、D【解析】AD．依据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向同线，粒子做匀变速直线运动，因此A错误，D正确；BC．电场力和重力的合力水平向左，但是不知道粒子从左向右运动还是从右向左运动，故无法确定电场力做正功还是负功，则不确定粒子动能是增加还是削减，电势能削减还是增加，故BC错误。故选D。【点睛】考查依据运动状况来确定受力状况，带电粒子在场中受到电场力与重力，依据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及依据电场力做功来确定电势能如何变化。3、A【解析】由于电动势的表达式是正弦函数，所以是从中性面开头计时的，故A正确；t=0时，线圈处于中性面，线圈平面与磁场垂直磁通量最大故B错误由题意可知电动势的有效值为所以电路中的电流为 E 1A，RrPI，故C错误；用电压表测路端电压时读数为U=IR=8VDA道电动势的表达式是正弦函数，从中性面开头计时的，此时磁通量最大，依据PI求解电功率，电压表和电流表测量的都是有效值4、B【解析】因Et则可据图像斜率推断知图甲中0tE0；图乙中t ＝恒量EE>E前 后故选B。5、C【解析】分状况对圆环受力分析，第一种状况

先减后增，即回路中感应电动势先减后增。摩擦力增大，圆环做加速度增大的减速运动，最终速度减为零；其次种状况支持力为零，圆环受到的摩擦力为零，这种状况下圆环做匀速直线运动。第三种状况随着速度减小，支持力减小，摩擦力减小，此时圆环做加速度减小的减速运动，当支持力减为零后做匀速运动。由以上分析可知圆环可能做匀速运动或变减速运动，不行能做匀减速运动，故A错误；由受力分析其次种状况可知圆环可能不受摩擦力作用，合力为零，这种状况下圆环做匀速直线运动，故B错误；由受力分析第一种状况可知当圆环受到向上的支持力，圆环做加速度渐渐增大的减速运动，最终速度减为零，由12动能定理可得圆环克服摩擦力所做的功为 mv2，故C正确。20开头做匀速直线运动，由平衡关系可得mgBqv设克服摩擦力做功为W，由动能定理可得

1 1mv2 mv22 2 0解得1 m3g2W mv22 0 2q2B21 m3g2圆环克服摩擦力所做的功为 mv2 ，故D错误。2 0 2q2B2故选择C选项。6、D【解析】本题考查机械能的变化问题，质量为 的物体下降h高度的过程中，重力做功mgh，而物体以a2g的速度竖直向下运动，物体除了受重力还受向下的另一个力，故机械能增加了mgh；45205307、BD带电粒子恰能水平向右匀速通过，库仑力等于洛伦磁力，仅将极板A上移一小段距离，电容减小，假如两板间的电压不变，Q=CU，电量减小，但由于二极管的单向导电性，电容无法放电，电量保持不变，依据 ，， 得： ，所以电场强度不变，带电粒子仍能沿直线运动错误、B正确；仅将极板A、B错开一段距离，电容减小，电容无法放电，电量保持不变，电场强度增大，但无法推断电场力的方向，带电粒子不肯定错误；仅将极板AabD正确考点：带电粒子在复合场中的运动、二极管8、ACB【解析】设磁感应强度与时间的关系为B=kt，则

=kE

BLd

kLd

，感应电t t 2 2E流为I

Lkd

．经过t时间重物刚好要离开地面，细线的拉力恰好等于重物的重力，则有BIL=G；其中B=kt，R 2RLkd代入得kt•

k

1

tB=kt=1

2GRtA2R L dt L dLkdI=

Lkd，知线框回路中的电流恒定不变，故B错误．时间内，线框ab边受到的安培力F=BIL=kt•

2d•L= t，2R 2R 2R则知安培力均匀增大，故C正确．线框中感应电动势E恒定不变，感应电流I也恒定不变，由P=EI知线框中电流的功率恒定不变，故D错误．故选AC【点睛】本题是感生电动势问题，要知道磁通量均匀变化时，线框中产生恒定的感应电动势和感应电流，但线框受到的安培力在均匀变化9、BC【解析】A.由图可知t=0时刻通过线圈的磁通量为0，此时线圈平面与磁场方向平行，与中性面垂直，选项A错误；t=0.1s时刻通过线圈的磁通量最大，穿过线圈平面的磁通量变化率为零，选项B正确；t=0.2s时刻通过线圈 磁通量为0，磁通量变化率最大，线圈中有最大感应电动势，选项C正确；t=0.4s时刻，通过线圈的磁通量为0D错误。故选BC。10、ABC【解析图甲中当极板B向上移动时正对面积减小依据电容打算式C S 可知电容减小依据U=Q/C可知，kd电量不变，由于电容减小，电势差则增大，选项A正确；图乙中，电容器板间距离变大，电容减小，依据U=Q/C可知电势差变大，选项B正确；图丙中插入电解质，电容增大，电容增大，依据U=Q/C可知电势差减小，选项CD错误；故选ABC【点睛】有关电容器的问题主要考查对电容器的打算式：C状况，尤其留意公式之间的推导与换算.

S4kd，和电容器的定义式：C=Q/U的理解和机敏应用三、试验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。d2U11、 ①.6.0 ②.A ③.D ④.外 ⑤.大

4IL【解析】(1)[1]选择开关置于欧姆挡“×1”的位置，表盘读数为6.0，所以是6.01=6.0Ω；[2][3]由于电池组的电压为3V，为了读数精确     ，所以选择量程为0~3V的电压表。被测圆柱体电阻的阻值约为6Ω，为了读数精确     ，选择0~0.6A的电流表。(2)[4][5]由于R2＜RRv I依据“小外偏小”可知，选择外接法，测量值比真实值偏小，也就是真实值比测得的电阻值偏大。(3)[6]依据电阻公式RLS得U LI d24解得=d4IL12、 ①.1：16 ②.1：4【解析】[1]依据变压器原副线圈电流与匝数成反比得I 1IA4B电阻消耗的功率PI2R，所以两电阻消耗的电功率之比P:PA

1:16[2]电阻两端的电压U=IR，所以两电阻两端的电压之比U :UA

1:4四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13

B2L2v22R

BLr2R【解析】E═BLυP=EI就可计算整个电路的瞬时电功率；由公式q2R求解电荷量【详解】(1)ab棒切割磁力线产生的：E=BLvI E2R瞬时功率：P=EIP

B2L2v2；2R(2)在ab棒下滑的过程中设流过小灯泡的电荷量为q，qItI E2REt BLrq2R2R【点睛】对于导体棒切割磁感线问题，要娴熟把握电动势公式E=BLυ，会机敏运用闭合电路欧姆定律．解决能量问题常用能量守恒定律解决U q t 14（1）v （2） （3）1Bd m BBad t 20 0 2【解析】（1）设带电粒子的质量为m、电量为q，在平行金属板间的运动速度为v，平行金属板间的场强为E0

=qEM，N