2023学年度北京四中高二下学期期末考试化学试题

北京四中2023-2023学年高二下学期期末考试化学试题学校: 姓名： 班级： 考号： 一、单项选择题A．A．可用灼烧法鉴别毛笔笔头是否含蛋白质B．用墨写字利用了常温下碳的稳定性C．纸的主要成分纤维素属于合成高分子化合物D．用工具打磨石材制砚台的过程是物理变化《本草纲目》记载：“烧酒，其法用浓酒和糟入甑，蒸令气上，用器承滴露”，“凡酸坏之酒，皆可蒸烧”。这里用到的试验方法可以用于分别〔 。A．甲苯与水B．乙醇与水C．碘与水D．硝酸钾与氯化钠3．冠疫苗对抑制冠病毒在全球的集中有重要作用。冠疫苗必需在低温下保存，是为了防止蛋白质的A．变性B．水解反响C．盐析D．显色反响4．以下说法中，正确的选项是A．与互为同系物油脂属于高分子化合物B．蔗糖是具有复原性的二糖C．蛋白质水解的最终产物是氨基酸DA．与互为同系物A．CH4分子的比例模型B．乙烯的电子式：C．羟基的构造简式：OHD．聚丙烯的构造简式：1mol葡萄糖可水解生成2mol乳酸(C3H6OA．CH4分子的比例模型B．乙烯的电子式：C．羟基的构造简式：OHD．聚丙烯的构造简式：以下反响中没有涉及到碳氧键断裂的是A．苯胺与盐酸的反响：+HCl→B．苯酚钠溶液与二氧化碳反响：2+CO2+H2O→2A．苯胺与盐酸的反响：+HCl→B．苯酚钠溶液与二氧化碳反响：2+CO2+H2O→2+Na2CO3ΔCHHHH↑+NaBr+OΔΔ2C2剂2CHΔ多巴胺是一种神经传导物质，在大脑内传递兴奋的信息，其分子构造如下所示。以下关于多巴胺的说的是〔〕A．分子式为C8H11NO2B．能与醛类物质发生缩聚反响C．既能与酸反响，又能与碱反响D．1mol该物质最多能与2molBr2发生取代反响10．试验室制得的乙酸乙酯中常含有乙酸、乙醇和少量水，其精制过程如下：：乙醇CaCl2CaCl2•4C2H5OH，碳酸钠微溶于乙酸乙酯①向粗制乙酸乙酯中参与饱和碳酸钠溶液，振荡②静置分层后，取有机层，向其中参与饱和食盐水，振荡③静置分层后，取有机层，向其中参与饱和氯化钙溶液，振荡④静置分层后，取有机层，参与无水硫酸镁固体，进展枯燥以下说法不正确的选项是浓硫酸A．制取乙酸乙酯的反响为：CH3COOH+C2H518OH CH3CO18OC2H5+H2OΔ步骤②～④有机层处于下层，涉及的试验操作为分液、过滤C．步骤②目的是将碳酸钠从乙酸乙酯中萃取出来D．步骤③目的是除去乙醇维生素C在人体中有抗氧化延缓细胞年轻的作用，以葡萄糖为原料制取维生素C的过程如下，以下说法不正确的选项是A．维生素C具有复原性B．葡萄糖通过氧化反响制得山梨糖醇山梨糖醇制维生素C需经氧化、酯化等反响过程向维生素C溶液中滴加碘的淀粉溶液，蓝色褪去(反响如下)C被试验操作试验目的A试验操作试验目的A将乙醇和浓硫酸混合加热后的气体产物通入KMnO4(H+)溶液中检验生成的有机物B乙醇与重铬酸钾(K2Cr2O7)酸性溶液混合验证乙醇具有复原性蔗糖溶液加稀硫酸，水浴加热一段时间后，加制备的C 检验蔗糖水解产物具有复原性Cu(OH)2，加热D向纯碱中滴加醋酸，将产生的气体通入苯酚钠浓溶液证明酸性：醋酸＞碳酸＞苯酚氧化+I2→+2HIA．AB．BC．CD．D13．一种在工业生产中有广泛用途的有机高分子构造片段如以以下图。以下关于该高分子的说法正确的选项是D．构造简式为：A．能水解成小分子B．单体只含一种官能团CD．构造简式为：n+(2nn+(2n1)H2OPET的反响为缩聚反响PET的平均相对分子质量，可得其聚合度C．PET两种单体的核磁共振氢谱的谱峰的组数不同ABA．A的构造简式为DBr21DBr21∶1加成可生成16．将乙炔通入银氨溶液，产生白色沉淀，通过该试验可以区分乙炔和乙烯。化学方程式为：HC≡CH+2[Ag(NH3)2]+→AgC≡CAg↓+2NH++2NH

。乙炔银遇酸可放出乙炔。4 3以下分析或推想的是A．乙炔与银氨溶液的反响不是氧化复原反响BC-HC-H键的活性强CAgNO3溶液中也能发生类似反响D．2-丁炔不能与银氨溶液发生类似反响17．确定条件下，烯烃分子间可发生如以下图的“复分解反响”，形象的称为“交换舞伴的反响”。这一过程可以用化学方程式表示为：R1CH=CHR2+R3CH=CHR4化剂A．A．B．CH2=CH(CH2)4CH=CH2化剂+CH2=CH2C．nD．nCH2=CHCH=CH2化剂18．不饱和聚酯〔UP〕是生产复合材料“玻璃钢”的基体树脂材料。如图是以根底化工原料合成UP流程：以下说法不正确的选项是〔〕KMnO412可能是乙二醇1、2、3UP调整单体的投料比，把握m和n的比值，获得性能不同的高分子材料W由C、H、O三种元素组成，相对分子质量为909.0gW完全燃烧的产物依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重5.4g13.2g。WNaHCO3溶2个W发生分子间脱水反响生成六元环化合物。有关W的说法正确的选项是A．W的分子式为C3H8O3B．W催化氧化的产物能发生银镜反响C．0.1molWNa1.12LH2〔标准状况〕D．W在确定条件下可以发生缩聚反响生成高分子材料二、填空题A、B、C都是芳香化合物，可用于制作药物、香料等。〔1〕上述物质互为同分异构体的是 (填序号)。〔2〕B中的含氧官能团是 。〔3〕与NaHCO3、NaOH和Na都能反响的是 (填序号)。21．合成芳香炔化合物的方法之一是在催化条件下，含炔氢的分子与溴苯发生反响，如：依据上式，请答复：甲的分子式是 ；丙能发生的反响是 (选填字母)。a．取代反响b．加成反响c．水解反响d．氧化反响〔3〕由丙制备的反响条件是〔3〕由丙制备的反响条件是 。22．22．E是甲基丙烯酸羟乙酯(构造简式)。由E加聚得到的聚合物(PHEMA)可做软质隐形材料，也可做缓释药物的载体，合成PHEMA过程如下(局部反应条件已略)：〔1〕A的构造简式是 。试剂a是 。反响1的反响类型是 。〔5〕PHEMA和阿司匹林〔5〕PHEMA和阿司匹林()可通过酯化反响，合成缓释阿司匹林药物，缓释阿司匹林药物的构造简式是 。有机物丙是一种香料，其合成路线如图。2－HBHRHH2226②HO/OH- 2 222〔1〕A的分子式是C4H8，分子中有支链，则A的系统命名是 。〔2〕B生成C的化学方程式是 。〔4〕D能发生银镜反响，分子式为C9H8O。乙与苯甲醇()〔4〕D能发生银镜反响，分子式为C9H8O。乙与苯甲醇()互为同系物，丙分子中有两个甲基。乙的构造简式是 。乙的同分异构体中，显弱酸性且苯环上有2个取代基的共有 种。P的合成路线如下：〔1〕A的分子式是C7H8，其构造简式是 。〔2〕反响③的化学方程式： 。〔3〕E的分子式是C6H10O2。E中含有的官能团的名称： 。反响④的反响类型是 。〕〕2C3O-。以乙烯为起始原料，选用必要的无机试剂合成E，写出合成路线〔用构造简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反响条件。 ：①+：①++ΔH+〔、、代表烃基〕Δ〔1〕A属于芳香烃，其构造简式是 。〔3〕E属于酯类。仅以乙醇为有机原料，选用必要的无机试剂合成E。：2E〔3〕E属于酯类。仅以乙醇为有机原料，选用必要的无机试剂合成E。：2E2H5。F所含官能团有和 〔写构造简式〕〔4〕以D和F为原料合成羟甲香豆素分为三步反响，写出有关化合物的构造简式：D： 、F： 、中间产物1 、中间产物2 四、多项选择题26．：己内酯和乙醇在确定条件下可以发生反响：C26．：己内酯和乙醇在确定条件下可以发生反响：CHH剂，以下说法不正确的选项是D．该条件下，己内酯和乙醇还可生成高分子C．HO(CH2)5COOHD．该条件下，己内酯和乙醇还可生成高分子参考答案1．C【详解】A项、毛笔笔头主要成分是蛋白质，灼烧会产生特别的气味，假的毛笔笔头是化学纤维，所以用灼烧法可鉴别毛笔笔头的真伪，故A正确；B项、碳的化学性质稳定，在空气中不易反响，所以用墨写字画画可长期不褪色，故B正确；C项、纸的原料是木材，主要成分是纤维素，纤维素属于自然高分子化合物，故C错误；D项、用工具打磨石材制砚台的过程中没有物质生成，是物理变化，故D正确。应选C。【点睛】此题考察物质的性质及用途，留意分析物质的性质，把握常见物质的性质和鉴别方法为解答的关键。2．B【分析】依据题干信息可知，白酒的烧制是利用沸点不同进展分别，即操作方法为蒸馏，据此进展解答。【详解】甲苯与水互不相溶，应用分液法分别，故A错误；乙醇与水都是液体，二者沸点不同，需要通过蒸馏分别，故B正确；碘在水和四氯化碳的溶解度不同，需要通过萃取分液分别，故C错误；硝酸钾与氯化钠都易溶于水，二者的溶解度受温度的影响不同，需要通过重结晶法分别，故DB【点睛】此题考察物质的分别与提纯方法，解题关键：明确题干信息的含义，留意把握常见物质分别与提纯的方法。3．A【详解】A．蛋白质受物理或化学因素的影响，分子内部原有的特定构像发生转变，从而导致其性质和功能发生局部或全部丧失，这种作用称作蛋白质的变性，蛋白质在强酸、强碱、高温、重金属等的作用下会发生变性，A符合题意；B．蛋白质水解生成氨基酸，与低温保存无关，B不符合题意；C．蛋白质属于生物大分子，可以形成胶体，胶体可以发生盐析，与低温保存无关，C不符合题意；D．蛋白质遇浓硝酸可以变黄，该现象为显色反响，可用于检验蛋白质，与低温保存无关，D不符合题意；应选A。4．C【详解】A．高分子化合物简称高分子，又叫大分子，一般指相对分子质量高达10000以上的化合物，油脂是高级脂肪酸甘油酯，相对分子质量缺乏10000，不是高分子化合物，A错误；B．蔗糖是葡萄糖和果糖脱水形成的二糖，没有醛基，不具有复原性，B错误；C．蛋白质的根本单位是氨基酸，在确定条件下水解生成氨基酸，C正确；D．淀粉和纤维素的分子式都是(C6H10O5)n，但由于聚合度n不同，故二者不是同分异构体，D错误；应选C。5．DA．A．属于酚而属于醇，构造不相像，不是同系物，故A错误；葡萄糖不水解，故B错误；C．乙二醇相对分子质量大，比乙醇更简洁形成分子间氢键，一样压强下的沸点：乙二醇＞乙醇＞丙烷，故C错误；D．甘油含有的羟基多，更易与水分子形成氢键，苯酚微溶于水，1-氯丁烷难溶于水，室温下，在水中的溶解度：甘油＞苯酚＞1-D正确；应选D。6．DA．比例模型主要表达的是组成该分子的原子间的大小关系，A．比例模型主要表达的是组成该分子的原子间的大小关系，表示CH4分子的比例模B．乙烯分子中碳原子和碳原子间形成两对共用电子对，碳原子和氢原子间各形成四对共用电子对，故乙烯的电子式为：，故BB．乙烯分子中碳原子和碳原子间形成两对共用电子对，碳原子和氢原子间各形成四对共用电子对，故乙烯的电子式为：，故B正确；D．聚丙烯为丙烯通过加聚反响生成的，聚丙烯的构造简式为，故D错误；C．水分子去掉一个氢原子为羟基，羟基的构造简式为：D．聚丙烯为丙烯通过加聚反响生成的，聚丙烯的构造简式为，故D错误；答案选D。7．A【详解】苯酚的溴代反响是酚羟基邻位或对位HBrC-H键，A符合题意；C=OC-O，涉及到碳氧键断裂，B不符合题意；乙醇发生消去反响断裂的是C-OC-H键，涉及到碳氧键断裂，C不符合题意；D．乙酸的酯化反响乙酸脱去-OH，涉及到碳氧键断裂，D不符合题意；应选A。8．BAAHCl反响生成盐，方程式为+HCl→，A正确；B．由于酸性>HCO-3，因此苯酚钠与CO2NaHCO3，方程式为+CO2+H2O→+NaHCO3，B错误；ΔCNaOH的醇溶液中加热可以发生消去反响生成乙烯，方程式为H2H22↑+NaBr+2C正确；D．工业上用乙醛催化氧化的方法来生产乙酸，将醛基氧化为羧基，方程式为ΔΔ2C32剂2C3D正确；Δ应选B。9．D【分析】由构造简式可知，分子内含苯环、酚羟基和氨基，结合各官能团的性质来解答。【详解】多巴胺分子的分子式为：C8H11NO2A项正确；依据苯酚与醛基可发生缩聚反响生成酚醛树脂可知，多巴胺分子内有酚羟基，可与醛类物质发生缩聚反响，故B项正确；酚羟基显酸性，可与碱反响，氨基可与酸反响，故C项正确；Br21mol3molBr2发生取代反响，故D项错误；答案选D。10．B【详解】2 酯化反响时羧酸脱羟基、醇脱H，则制取乙酸乙酯的反响为：CH3COOH+CH182 浓硫酸CH3CO18OC2H5+H2O，故A正确；Δ乙酸乙酯的密度比水的密度小，分层后有机层在上层，则步骤②～④有机层处于上层，涉及的试验操作为分液、萃取，故B错误；C．碳酸钠微溶于乙酸乙酯，则步骤②目的是将碳酸钠从乙酸乙酯中萃取出来，故C正确；D．参与饱和氯化钙溶液，由信息可知与乙醇反响，可除去乙醇，故D正确；故答案选B。11．B【详解】由维生素C的构造式可知，维生素C含有碳碳双键和醇羟基，均具有复原性，A正确；由图可知，由葡萄糖转化为山梨糖醇的过程中，-CHO转化为-CH2OH，有机化学中去氧或加氢的反响为复原反响，因此葡萄糖通过复原反响制得山梨糖醇，B错误；C．由图可知，山梨糖醇制维生素CC．由图可知，山梨糖醇制维生素C的过程中，1号〔如图：〕位置处的HH被氧化为羧基H，生成的羧基与2号C上的羟基H〕发生了酯化反应，因此需经氧化、酯化等反响过程，C正确；D．由方程式可知，维生素C的分子式为C6H8O6，化合物的分子式为C6H6O6，有机化学中去氢或加氧的反响为氧化反响，因此该反响属于氧化反响，D正确；12．B【详解】A．乙醇和浓硫酸混合加热会生成乙烯，但乙醇也可能挥发出来，所以使酸性KMnO4褪色的可能是乙醇，不愿定是乙烯，A不符合题意；重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液为橙色，Cr3+为绿色，Cr由+6价降为+3价，为氧化剂，则乙醇为复原剂，有复原性，B符合题意；蔗糖在酸性条件下水解生成葡萄糖，葡萄糖与Cu(OH)2浊液的反响需在碱性条件下进展，在酸性条件下，因酸碱中和将Cu(OH)2消耗而看不到现象，C不符合题意；醋酸易挥发，可以与苯酚钠反响生成苯酚，因此不能证明酸性碳酸＞苯酚，D不符合题意；应选B。13．D依据图示可知，该有机物的构造简式为，其单体的构造简式为依据图示可知，该有机物的构造简式为，其单体的构造简式为CH2=CHCOOH。【详解】A．CH2=CHCOOH通过加聚反响生成的，不能发生水解反响，A说法错误；D．该高分子化合物的构造简式为，D说法正确；A．CH2=CHCOOH通过加聚反响生成的，不能发生水解反响，A说法错误；D．该高分子化合物的构造简式为，D说法正确；答案为D。14．CA．缩合聚合反响，简称缩聚反响，是指由一种或多种单体相互缩合生成高分子的反响，A．缩合聚合反响，简称缩聚反响，是指由一种或多种单体相互缩合生成高分子的反响，其主产物称为缩聚物，缩聚反响在生成高分子的同时会有小分子生成，由方程式可知，PET是由HOCH2CH2OH缩聚而成，A正确；C．PET两种单体是HOCH2CHC．PET两种单体是HOCH2CH2OH，2种不同化学环境的H2组峰，HOCH2CH2OH2组峰，因此二者的谱峰的组数一样，C错误；D．PET中含有酯基，在碱性条件下发生水解，因此PET膜应避开与碱性物质长期接触，D正确；应选C。15．D由合成路线可知，反响①为环戊烷与氯气光照条件下的取代反响，反响②为氯代烃的消去反响，反响③为烯烃与卤素单质的加成反响，反响④卤代烃的消去反响，故由合成路线可知，反响①为环戊烷与氯气光照条件下的取代反响，反响②为氯代烃的消去反响，反响③为烯烃与卤素单质的加成反响，反响④卤代烃的消去反响，故A为，B可以为。A．A．A的构造简式为，故A错误；B．反响④卤代烃的消去反响，反响④的反响试剂和反响条件是NaOH醇溶液、加热，故B错误；DBr21∶DBr21∶11，4-加成可生成，故D正确。应选D。16．C【详解】乙炔与银氨溶液的反响过程中没有元素化合价的变化，因此该反响不是氧化复原反响，A正确；乙炔通入银氨溶液，产生乙炔银白色沉淀，而乙烯不能发生该反响，说明乙炔中C-H键C-H键的活性强，因此通过该试验可以区分乙炔和乙烯，B正确；AgNO3Ag+与银氨溶液中银元素存在形式不同，因此不能发生类似反响，C错误；2-丁炔的不饱和CC-H键，因此不能与银氨溶液发生类似反响，D正确；故合理选项是C。17．DA．依据题意可知，A．依据题意可知，与的碳碳双键依据虚线处断裂，相互交换生成CH2=CH2，A正确；B．的碳碳双键依据虚线处断裂，相互交换生成和CH2=CH2，B正确；C．n个C．n个的碳碳双键依据虚线处断裂，相互交换生成聚合物，C正确；D．n个的碳碳双键依据虚线处断裂，相互交换生成聚合物，同时有nCH2=CH2生成，D错误；18．A依据缩聚反响的高聚物与单体之间的关系可推知，不饱和聚酯〔UP依据缩聚反响的高聚物与单体之间的关系可推知，不饱和聚酯〔UP〕的单体有三个，分别HOCH2CH2OH、HOOCCH=CHCOOH、UP流程来看，4个C，2个不饱和度，应当是合成单体HOOCCH=CHCOOH的原料，结合随后的与溴的四氯化碳的加成反响可推出甲应为根本化工原料1,4丁二烯2，甲与溴单质发生加成反响生成乙，推出乙为,乙水解可得到丙，则丙为HBr发生加成反响可得到，再经过连续氧化会得到丁，则丁为，丁发生消去反响得到最终的单体1，最终经过缩聚反响得到UP，据此分析作答。A.A.依据上述分析可知，丙为KMnO4酸性溶液氧化，不能直接得到单体〔，故A错误；单体2可能是乙二醇H，故B正确；1、2、3UPC正确；调整单体的投料比，把握mn的比值，可获得性能不同的高聚物，故D正确；答案选A。19．D【分析】5.4g5.4g，说明生成HO5.4g，n(HO)=225.4g =0.3mol，n(H)=0.6mol，18g/molm(H)=0.6mol×1g/mol=0.6g13.2gCO213.2g，n(CO2)=13.2g44g/mol=0.3mol，n(C)=0.3mol，m(C)=0.3mol×12g/mol=3.6g，9.0gW含O9.0g-0.6g-3.6g=4.8g，n(O)=4.8g16g/mol=0.3moln(C)：n(H)：n(O)=1：2：1，W的试验式为CH2O90，则分子式为C3H6O3，WNaHCO3溶液发生反响，可知W含羧基，2分子W之间脱水可生成六元环化合物，可推出W含有羟基，因此W的构造简式为。B．依据分析，W为，可被催化氧化为，酮羰基不能发生银镜反响，B错误；A．依据分析，W的分子式为B．依据分析，W为，可被催化氧化为，酮羰基不能发生银镜反响，B错误；C．羟基和羧基均和钠反响，因此0.1molWNa0.1molH20.1molD．W含有羧基和羟基两种官能团，可发生缩聚反响生成，属于高分子D．W含有羧基和羟基两种官能团，可发生缩聚反响生成，属于高分子材料，D正确；应选D。20．〔1〕AC〔2〕醛基〔3〕A【分析】〔1〕上述物质互为同分异构体的是AC(填序号)C8H8O2，而B的分子式为C9H8O。故答案为：AC；〔2〕B中的含氧官能团-CHO是醛基。故答案为：醛基；〔3〕NaHCO3、NaOHNaA(填序号)，BNaHCO3、NaOHNa均不反响，CNaHCO3不反响，故答案为：A。21．〔2〕r2〔2〕r2eB3+HBr〔3〕浓硫酸、加热【分析】依据甲的构造可知，甲的分子式为C5依据甲的构造可知，甲的分子式为C5H8O；丙的构造为，苯环上能发生取代反响，碳碳三键、苯环可以发生加成反响，碳碳三键、羟基均可以发生氧化反响，因此能发生的反响有取代反响、加成反响、氧化反abd；Br2Br2FeBr3的催化下发生取代反响生成溴苯，方程式为r2eB3+HBr；丙为，在浓硫酸加热的条件下，醇羟基发生消去反响生成。〔丙为，在浓硫酸加热的条件下，醇羟基发生消去反响生成。22．CH2ClCH2ClNaOH水溶液〔4〔4〕+浓HSO24△+H2O〔5〕〔5〕Cl2加成生成A〔A在H水溶液中加热发生水解反应生成B〔；丙酮〔〕HCN加成后酸化生成，与浓硫酸加热发生消去反响生成D〔D与B在浓硫酸的作用下发生酯化反响生成E〔E发生加聚反响生成〔。依据分析，A为依据分析，A为CH2ClCH2Cl；〔2〕依据分析，试剂aNaOH水溶液；〔3〕1的反响类型是消去反响；依据分析，依据分析，B+D→E是和的酯化反响，方程式为+浓HSO24△+H2O；依据分析，依据分析，PHEMA为，与发生酯化反响生成。23．〔1〕2甲基1 丙烯〔2〕2O2u/g2+2H2O〔3〕2H+Cu2O+3H2O〔4〕〔5〕6【分析】由框图可知，A为 ，A与B2H6反响，再与H2O2、OH反响得到B〔B催化氧化得到〔C与制2反响后再酸化得到甲〔D为，D与H2加成生成乙〔，甲和乙发生酯化反响生成丙〔。〔1〕由分析可知，B生成C由分析可知，B生成C22u/g2+2H2O；A的分子式是C4H8，分子中有支链，且能发生中的反响，因此A为烯烃，A的构造简式为，名称为2甲基1 丙烯；依据分析，C为依据分析，C为Cu(OH)2Cu(OH)2时碱过量，因此方程式为2H+Cu2O+3H2O；〔4〕依据分析，乙为，构造简式为；乙的同分异构体显弱酸性说明含有酚羟基，苯环上有2个取代基说明另一个取代基为丙乙的同分异构体显弱酸性说明含有酚羟基，苯环上有2个取代基说明另一个取代基为丙基，同分异构体有：、、、、、6种。〔1〕〔1〕〔2〕H+NaCl碳碳双键、酯基〔5〔5〕〔6〕AA的分子式是C7H8，其构造简式是，结合P的构造简式，可知A与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反响生成B为，B与氯气在光照条件下发生取代反响生成C为，C在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反响生成D为，可知G的构造简式为为，可知G的构造简式为F，E的分子式是C6H10O2，则ECH