江西省赣州市安西中学高二物理下学期摸底试题含解析

江西省赣州市安西中学高二物理下学期摸底试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）如图所示，导热性能良好的钢瓶内装有高压氧气，打开阀门氧气迅速从瓶口喷出，此时握钢瓶的手明显感觉变冷A．变冷是因为瓶内氧气喷出时对外界做功带走了钢瓶的热量B．变冷是因为氧气喷出时外界对瓶内气体做功C．氧气喷出时瓶内气体分子的平均动能增大D．当钢瓶内外气压相等时立即关闭阀门，经过较长的一段时间后，瓶内压强大于瓶外大气压参考答案：D2.（单选）有三只相同的白炽灯L、L、L的额定电压为220V，它们分别与电感、电阻、电容器串联后并联接在同一个交变电源上，如图所示，电源内阻不计，当电源电动势为220V时，L、L、L的发光情况相同。下列说法中正确的是（

）A、三只灯泡均为正常发光B、三只灯泡均为不正常发光C、适当增大发电机转速，一定能使三只灯都正常发光D、当发电机频率增大时，L、L亮度不变，L变亮参考答案：B3.首先发现电流磁效应的科学家是（）A．安培 B．奥斯特 C．库仑 D．麦克斯韦参考答案：B【考点】物理学史．【分析】电流磁效应即电流产生磁场的现象，是1820年丹麦的物理学家奥斯特．【解答】解：安培研究了通电导线的磁场方向与电流方向的关系，提出了安培定则．库仑发现了库仑定律，麦克斯韦提出了电磁场理论，预言了电磁波的存在．奥斯特首先发现了电流磁效应．故选B4.（单选）做简谐振动的弹簧振子，当它相继两次速度相同时，一定相同的物理量还有A.相对平衡位置的位移 B.系统具有的势能 C.加速度

D.回复力参考答案：B5.（单选）下列说法不正确的是(

)A.电熨斗中的双金属片是温度传感器B．火灾报警器是利用烟雾对光的散射作用来工作的C．热敏电阻是把热量这个热学量转换为电阻这个电学量D.霍尔元件是能够把磁感应强度这一磁学量转换为电压这一电学量的传感器参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.在空间某一区域，有一匀强电场，一质量为m的液滴，带正电荷，电量为q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为______N／C，方向_________．参考答案：7.某同学有一条打点计时器打出的小车运动的纸带如图所示.，取计数点A、B、C、D、E.每相邻两个计数点间还有4个实验点(图中未画出),已用刻度尺测量以A为起点,到B、C、D、E各点的距离且标在图上,则打纸带上C点时瞬时速度大小vC=

▲

m/s,纸带运动加速度的大小为a=

▲m/s2。参考答案：0.155

0.497每相邻两个计数点间还有4个实验点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小，即设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：

、加速度为：。8.在光电效应实验中，在入射光的颜色一定时，遏止电压与光照强度_____（填“有关”或“无关”）。用单色光照射某金属光电子的最大初动能取决于入射光的_____。参考答案：无关

；

频率

9.“探究碰撞中的不变量”的实验中，入射小球m1=15g，原来静止的被碰小球m2=10g，由实验测得它们在碰撞前后的x﹣t图象如图，可知入射小球碰撞后的m1v′1是0.0075kg?m/s，入射小球碰撞前的m1v1是0.015kg?m/s，被碰撞后的m2v′2是0.075kg?m/s．由此得出结论碰撞过程中动量守恒．参考答案：解：（1）由图1所示图象可知，碰撞前球1的速度：v1==1m/s，碰撞后，球的速度：v1′==0.5m/s，v2′==0.75m/s，入射小球碰撞后的m1v′1=0.015×0.5=0.0075kg?m/s，入射小球碰撞前的m1v1=0.015×1=0.015kg?m/s，被碰撞后的m2v′2=0.01×0.75=0.075kg?m/s，碰撞前系统总动量p=m1v1=0.015kg?m/s，碰撞后系统总动量p′=m1v′1+m2v′2=0.015kg?m/s，p′=p，由此可知：碰撞过程中动量守恒；故答案为：0.0075kg?m/s；0.015kg?m/s；0.075kg?m/s；碰撞过程中动量守恒10.甲、乙、丙、丁四个带电小球，若甲排斥乙，乙吸引丙，丙吸引丁，已知甲带正电，那么丙带________电，丁带__________电。参考答案：负,

正11.（4分）从距地面1.8m高处用玩具枪水平射出一个子弹，子弹射出时的速度为40m/s，则子弹从射出到落地过程中飞行的水平距离为________m（不计空气阻力，取g=10m/s2）。参考答案：2412.真空中有两个相同的带电金属小球A和B（可视为点电荷），相距为r，带电量分别为+2q和+3q，它们之间相互作用力的大小为F．有一个不带电的金属球C，大小跟A、B相同，当C先跟A接触后再跟B小球接触时，A的电量为

，B的电量为

；再将A、B间距离变为2r，那么A、B间的作用力的大小为：

参考答案：13.如图所示，质量为m的木箱在推力F的作用下在水平面上运动，F与水平方向的夹角为θ，木箱与水平面间的动摩擦因数为μ，则水平面给木箱的支持力大小为

，木箱受到的摩擦力大小为

．参考答案：mg+Fsinθ；μ（mg+Fsinθ）．【考点】牛顿第二定律．【分析】对物块进行受力分析，物块受重力、支持力、摩擦力及F；正交分解列方程式即可．【解答】解：对物块进行受力分析，如图有竖直方向合力为0，即FN=mg+Fsinθ；又有f=μFN=μ（mg+Fsinθ）；故答案为：mg+Fsinθ；μ（mg+Fsinθ）．三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.关于电磁场的理论，下列说法正确的是（

）A．在电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B．在变化的电场周围一定产生变化的磁场，变化的磁场周围一定产生变化的电场C．均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场D．周期性变化的电场周围一定产生周期性变化的磁场参考答案：B15.（5分）如图是研究电磁感应现象的实验装置图，结合图片，请说出能产生感应电流的几种做法(至少三种)。(1)

；(2)

；(3)

。参考答案：(1)

闭合开关瞬间；(2)断开开关瞬间；(3)

闭合开关，移动滑动变阻器滑片。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.（18分）一静止的原子核A发生α衰变后变成原子核B，已知原子核A、原子核B和α粒子的质量分别为mA、mB，和mα，光速为c（不考虑质量与速度有关的相对论效应），求衰变后原子核B和α粒子的动能。参考答案：解析：设α粒子速度的大小为vα，原子核B速度的大小为vB，在衰变过程中动量守恒，有mαvα+mBvB=0

（1）衰变过程中能量守恒，有

（2）解（l）、（2）二式得

（3）

（4）评分标准：本题18分。（1）式4分，（2）式8分，（3）、（4）各3分。17.如图甲是一个单摆振动的情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的最远位置．设摆球向右运动为正方向．图乙是这个单摆的振动图象．根据图象回答：（1）单摆振动的频率是多大？（2）开始时刻摆球在何位置？（3）若当地的重力加速度为10m/s2，这个摆的摆长是多少？参考答案：见解析解:(1)由图(乙)知周期T=0.8s,则频率(2)由图(乙)知,开始时刻摆球在负向最大位移处,因向右为正方向,所以开始时刻在B点.由

得18.如图所示，两平行光滑金属导轨由两部分组成，左面部分水平，右面部分为半径r=0.5m的竖直半圆，两导轨间距离d=0.3m，导轨水平部分处于竖直向上、磁感应强度大小B=1T的匀强磁场中，两导轨电阻不计．有两根长度均为d的金属棒ab、cd，均垂直导轨置于水平导轨上，金属棒ab、cd的质量分别为m1=0.2kg、m2=0.1kg，电阻分别为R1=0.1Ω，R2=0.2Ω．现让ab棒以v0=10m/s的初速度开始水平向右运动，cd棒进入圆轨道后，恰好能通过轨道最高点PP′，cd棒进入圆轨道前两棒未相碰，重力加速度g=10m/s2，求：（1）ab棒开始向右运动时cd棒的加速度a0；（2）cd棒进入半圆轨道时ab棒的速度大小v1；（3）cd棒进入半圆轨道前ab棒克服安培力做的功W．参考答案：解：（1）ab棒开始向右运动时，设回路中电流为I，根据导体棒切割磁场有：E=Bdv0①闭合电路欧姆定律：I=②牛顿第二定律：F安=m2a0③安培力公式：F安=BId④联立①②③④式代入题给数据得：a0===30m/s2（2）设cd棒刚进入圆形轨道时的速度为v2，ab开始运动至cd即将进入圆弧轨道的过程，对ab和cd组成的系统运用动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2⑤ab棒进入圆轨道至最高点的过程，对cd棒运用动能定理得：﹣m2g?2r=﹣⑥在半圆轨道的P点对cd棒运用牛顿第二定律可得：m2g=m2⑦⑤⑥⑦式子联立得：v1===7.5m/s⑧（3）cd棒进入半圆轨道前对ab棒运用动能定理可得：W=﹣⑨⑧⑨联立代入题给数据得：W==4.375J答：（1）ab棒开始向右运动时cd棒的加速度为30m/s2；（2）cd棒进入半圆轨道时ab棒的速度大小为7.5m/s；（3）cd棒进入半圆轨道前ab棒克服安培力做的功为4.375J．【考点】动量守恒定律；导体切割磁感线时的感应电动势；电