2021-2022学年济南高考物理押题试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3,请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一静止的原子核：X发生a衰变，变成另一个新的原子核Y,衰变后测得a粒子的速率为v,已知a粒子的质量为

m。，原子核Y的质量为M,下列说法正确的是（）

A.原子核Y的符号表示为"短丫B.:X的比结合能一定大于Y核的比结合能

C.原子核Y的速率为维D.原子衰变过程中释放的核能为一1％声,

M2

2、二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳

的浓度是否超标。当一氧化碳浓度增大时，电压表V和电流表A示数的变化情况可能为

A.V示数变小，A示数变大

B.V示数变大，A示数变小

C.V示数变小，A示数变小

D.V示数变大,A示数变大

3、观看科幻电影《流浪地球》后，某同学设想地球仅在木星引力作用下沿椭圆轨道通过木星的情景，如图所示，轨道

上尸点距木星最近（距木星表面的高度可忽略）。则

A.地球靠近木星的过程中运行速度减小

B.地球远离木星的过程中加速度增大

C.地球远离木星的过程中角速度增大

D.地球在尸点的运行速度大于木星第一宇宙速度

4、如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（）

A.M处受到的支持力竖直向上

B.N处受到的支持力竖直向上

C.M处受到的静摩擦力沿MN方向

D.N处受到的静摩擦力沿水平方向

5、下面列出的是一些核反应方程，针对核反应方程下列说法正确的是（）

①空Uf2^Th+X

②;H+：H->:He+Y

③:Be+；H->[B+K

@2^U+'nt■Sr+^Xe+lOM

A.核反应方程①是重核裂变，X是a粒子

B.核反应方程②是轻核聚变，Y是中子

C.核反应方程③是太阳内部发生的核聚变，K是正电子

D.核反应方程④是衰变方程，M是中子

6、如图甲所示，一倾角〃=30。的斜面体固定在水平地面上，一个物块与一轻弹簧相连，静止在斜面上。现用大小为产

=kt（我为常量，R，的单位均为国际标准单位）的拉力沿斜面向上拉轻弹簧的上端，物块受到的摩擦力B随时间变

化的关系图像如图乙所示，物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,则下列判断正确的

是（）

A.物块的质量为2.5kg

B.k的值为1.5N/S

C.物块与斜面间的动摩擦因数为亚

5

D.f=6s时，物块的动能为5.12J

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、某时刻。处质点沿y轴开始做简谐振动，形成沿x轴正方向传播的简谐横波，经过0.8s形成的波动图象如图所示。

尸点是x轴上距坐标原点96m处的质点。下列判断正确的是（）

A.该质点开始振动的方向沿y轴向上

B.该质点振动的周期是0.8s

C.从。处质点开始振动计时，经过3.2s,P处质点开始振动

D.该波的波速是24m/s

8、如图所示，轻弹簧下端固定在粗糙斜面的挡板上，上端连接一小滑块（视为质点），弹簧处于自然状态时滑块位于

O点.先用外力缓慢地把滑块移至A点，此时弹簧的弹性势能为Ep,然后撤去外力，滑块沿斜面向上最高能滑到B

点，该过程中滑块的最大动能为Ekm,滑块的动能最大时其所在位置距A点的距离为L.下列说法正确的是

A.滑块从A点滑到O点的过程中，其加速度大小先减小后增大

B.滑块从A点滑到O点的过程中，其动能一直增大

C.滑块经过距A点距离为上的位置时，其动能大于冬

22

D.滑块从A点滑到B点的过程中，克服摩擦阻力和克服重力做功的代数和为Ep

9、质谱仪又称质谱计，是根据带电粒子在电磁场中能够偏转的原理，按物质原子、分子或分子碎片的质量差异进行分

离和检测物质组成的一类仪器。如图所示为某品牌质谱仪的原理示意图，初速度为零的粒子在加速电场中，经电压U

加速后，经小孔尸沿垂直极板方向进入垂直纸面的磁感应强度大小为8的匀强磁场中，旋转半周后打在荧光屏上形成

亮点。但受加速场实际结构的影响，从小孔尸处射出的粒子方向会有相对极板垂线左右相等的微小角度的发散（其他

方向的忽略不计），光屏上会出现亮线，若粒子电量均为g,其中质量分别为，“1、m2（帆2>㈣）的两种粒子在屏上形

成的亮线部分重合，粒子重力忽略不计，则下列判断正确的是（）

­V

A.小孔P处粒子速度方向相对极板垂线最大发散角0满足cos0=

rri

B.小孔P处粒子速度方向相对极板垂线最大发散角0满足sinO=—

㈣

C.两种粒子形成亮线的最大总长度为2（.二犯）

2（Tn.—m）/2U

D.两种粒子形成亮线的最大总长度为一」

o'qrn,

10、下列说法正确的是

A.两个分子间的距离r存在某一值力（平衡位置处），当r大于m时，分子间斥力大于引力；当，小于时分子间斥

力小于引力

B.布朗运动不是液体分子的运动，但它可以反映出分子在做无规则运动

C.用手捏面包，面包体积会缩小，说明分子之间有间隙

D.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，但最终还是达不到绝对零度

E.对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，单位时间碰撞容器壁单位面积的分子数一定减少

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图所示的实验装置，桌面水平且粗糙，在牵引重物作用下，木块能够从静止开始做匀加速直线运动。在

木块运动一段距离后牵引重物触地且不反弹，木块继续运动一段距离停在桌面上（未碰到滑轮）。已知牵引重物质量为

m,重力加速度为g。

木块打点计时器

C牵引蕈物

某同学通过分析纸带数据，计算得到牵引重物触地前、后木块的平均加速度大小分别为④和由此可求出木块与桌

面之间的动摩擦因数为〃=（结果用题中字母表示）；在正确操作、测量及计算的前提下，从系统误差的角度，

你认为该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结果与真实值比较会（选填“偏大”、“偏小”“不变”）；木块

的质量为知=（结果用题中字母表示）。

12.（12分）同学们利用西红柿自制了水果电池，现在通过实验测量水果电池的电动势和内阻,

⑴甲同学采用图a测量电路测量水果电池的电动势，用3V电压表测量结果如图b所示，读数为_V,测量结果比

水果电池电动势—（选填“偏小”、“偏大”或“相等

（2）实验室可提供以下器材，乙同学设计了电路图测量水果电池电动势和内阻。

微安表（0〜300g,内阻为4=10（）。）：电阻箱R（0~99990）：开关（一个）；导线若干。

①请在虚线框中画出乙同学设计的电路图_______（如图c所示）；

②同学们完成了实验数据记录，通过图像法来分析数据，做出R与:的图像如图d所示，则电源电动势为一,水果

电池的内阻为一o（结果保留三位有效数字）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）质量为〃，的小滑块自圆弧形轨道上端由静止滑下，如图所示，圆弧形轨道半径为R,高度为九A点为

弧形轨道与水平桌面的平滑连接点。滑块离开桌面后恰好落入静止在水平地面上的装满沙的总质量为M的小车中，桌

面到小车上沙平面的高度也是心木块落入车内与沙面接触直到相对静止经过的较短时间为试回答下列问题：（所

有接触面的摩擦不计，重力加速度g已知，小车高度不计。）

（1）滑块经过A点前后对轨道和桌面的压力尸I、F2各多大？

（2）小车最终的速度是多大？

（3）滑块落入车中直到相对车静止的过程中小车对地面的平均压力多大？

14.（16分）如图所示，倾斜轨道AB的倾角为37。，CD,EF轨道水平，AB与CD通过光滑圆弧管道BC连接，CD

右端与竖直光滑圆周轨道相连.小球可以从D进入该轨道，沿轨道内侧运动，从E滑出该轨道进入EF水平轨道.小

球由静止从A点释放，已知AB长为5R,CD长为R,重力加速度为g,小球与斜轨AB及水平轨道CD、EF的动摩

擦因数均为0.5,sin37*0.6,cos37o=0.8,圆弧管道BC入口B与出口C的高度差为1.8R.求：（在运算中，根号中的

数值无需算出）

(1)小球滑到斜面底端C时速度的大小.

(2)小球刚到C时对轨道的作用力.

(3)要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径R，应该满足什么条件？

15.(12分)在如图甲所示的平面坐标系xOy内，正方形区域(0<x<d、0<y<d)内存在垂直xOy平面周期性变化的匀

强磁场，规定图示磁场方向为正方向，磁感应强度8的变化规律如图乙所示，变化的周期r可以调节，图中为为己

知。在X"处放置一垂直于X轴的荧光屏，质量为，小电荷量为g的带负电粒子在U0时刻从坐标原点。沿y轴正方

向射入磁场，不计粒子重力。

2兀m

(1)调节磁场的周期，满足小一若粒子恰好打在屏上「(d,0)处，求粒子的速度大小也

qB°

Tim

(2)调节磁场的周期，满足丁="，若粒子恰好打在屏上。(d，d)处，求粒子的加速度大小a；

(3)粒子速度大小为外产叁回时，欲使粒子垂直打到屏上，周期7应调为多大？

6m

参考答案

一、单项选择题；本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.注意区分质量数和质量的物理意义，质量数和质量不能混淆，原子核Y的符号表示为*Y,A错误;

B.因反应放出核能，贝（J：X的比结合能小于V核的比结合能，B错误；

C.根据动量守恒可得

得

/=维

M

C正确;

D.因原子核y也有动能，则衰变过程中释放的核能大于;小止2,D错误.

故选C。

2、D

【解析】

当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则A示数变大；由

欧姆定律知K的电压变大，则电压表V变大；

AC.综上分析，电压表示数变大，AC错误；

BD.综上分析，电流表示数变小，B错误D正确。

故选D。

3、D

【解析】

A.地球靠近木星时所受的万有引力与速度成锐角，做加速曲线运动，则运行速度变大，A错误；

B.地球远离木星的过程，其距离r变大，则可知万有引力增大，由牛顿第二定律：

GMm

——、—=ma

r~

则加速度逐渐减小，B错误；

C.地球远离木星的过程线速度逐渐减小，而轨道半径逐渐增大，根据圆周运动的角速度关系。=U，可知运行的角速

r

度逐渐减小，C错误；

）蜉,而地球过P点后

D.木星的第一宇宙速度指贴着木星表面做匀速圆周的线速度，设木星的半径为R,满足w

做离心运动，则万有引力小于需要的向心力，可得

-Mmvl

G―丁<m—

R2R

可推得:

即地球在尸点的运行速度大于木星第一宇宙速度，D正确；

故选D。

4、A

【解析】

M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不

是竖直向上，故B错误；原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故C错误；因原木P

有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故D错误.故选A.

5、B

【解析】

A.①不是重核裂变方程，是典型的衰变方程，故A错误；

B.②是轻核聚变方程，

：He+；n

所以Y是中子，故B正确；

C.太阳内部发生的核聚变主要是氢核的聚变，

:Be+jH-1B+；n

K是中子，不是正电子，故C错误；

D.④不是衰变方程，是核裂变方程，故D错误。

故选B。

6、D

【解析】

A.当f=0时，则可知：

Ff-mgsinO=5N

解得:

m=1kg

故A错误;

B.当f=2s时，由图像可知:

F,=0

说明此时刻方=5N,则:

Z=2.5N/m

故B错误;

C.后来滑动，则图像可知:

Ff—6N-/jmgcosO

解得:

2百

故C错误;

D.设人时刻开始向上滑动，即当:

F-Ff+mgsin®

即：

kt,=6N+5N

解得：

4=4.4s

即4.4s时刻物体开始向上滑动，6s时刻已经向上滑动了，则合力为:

=kt-Ff-mgsinO

即：

K=^-11N

根据动量定理可得：

FA+FZ,八

2

即:

0+4

x(6-4.4)=lxV

解得:

v=3.2m/s

即当，=6s时所以速度大小为3.2m/s,则动能为：

£产丁1。2=尸12、3.2b5.⑵

故D正确；

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】

A.由上下坡法可知，质点开始振动的方向沿y轴负方向，故A错误；

B.0.8s传播一个波长，周期为0.8s,故B正确；

CD.波速

Z24,

v=—=---m/s=30m/s

T0.8

传到尸点的时间

96

t——s=3.2s

30

故C正确，D错误。

故选BC«

8、ACD

【解析】

滑块从A点滑到O点的过程中，弹簧的弹力逐渐减小直至零,弹簧的弹力先大于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，

再等于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，后小于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，合外力先沿斜面向上，随

着弹簧的减小，合外力减小，则加速度减小.合外力后沿斜面向下，随着弹簧的减小，合外力反向增大，则加速度反

向增大，所以加速度大小先减小后增大，故A正确.在AO间的某个位置滑块的合外力为零，速度最大，所以滑块从

A点滑到O点的过程中，速度先增大后减小，则动能先增大后减小，故B错误.设动能最大的位置为C,从A到C,

由动能定理得：W弹「叼「叫|=用,“，设距A点距离为4的位置为D,此位置动能为滑块从A到D的过程，

WW

由动能定理得：^m-f2-G2=Ek,因为叼2=；叼/乜2=；%一则

2纭=2%2-W跑=2(Ep-4)-(耳一4)=(Ep—%)-(EpD-％)＞。故C正确.滑块从A点滑到B点的

过程中，根据动能定理得：吗单-%-％=°，又皿弹=Ep,则得%+叱；=Ep,即克服摩擦阻力和克服重力做功

的代数和为马,,故D正确.

9、AD

【解析】

由题意知

〃12

qU=]网V。

2

4%8=叫管

解得

1•用

同理

V]等

设左右最大发射角均为。时，粒子加2光斑的右边缘恰好与粒子叫光斑的左边缘重合，如图所示（图中虚线为性半圆

轨迹和向左发散。角轨迹，实线为犯半圆轨迹和向左发散。轨迹），则

1R-,cos0=2R]

联立解得

此时两种粒子光斑总宽度为

Ax=2&-2R]cos0

解得

故选ADo

10、BDE

【解析】

A、两个分子间的距离，存在某一值ro（平衡位置处），当/•大于ro时，分子间斥力小于引力；当r小球m时分子间斥

力大于引力，所以A错误；

B、布朗运动不是液体分子的运动，是固体微粒的无规则运动，但它可以反映出液体分子在做无规则运动，所以B正

确；

C、用手捏面包，面包体积会缩小，只能说明面包内有气孔，所以C错误；

D、绝对零度只能无限接近，不能到达，所以D正确；

E、对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，单位面积上分子数减小，则单位时间碰撞分子数必定减少,

所以E正确.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、”偏大地出

g4+%

【解析】

[1]牵引重物触地后，对木块由牛顿第二定律

f.iMg=Ma2

由此可求出木块与桌面之间的动摩擦因数为

a,

g

[2]在减速阶段产生加速度的力是滑动摩擦力和纸带受到的阻力，所以该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结

果与真实值比较会偏大。

[3]牵引重物触地前，对木块和牵引重物分别用牛顿第二定律

T-jjMg=Max

mg-T=ma]

联立解得

6Zj+生

12、0.71V-0.75V偏小1.22V(1.16~1.22均可)250Q

【解析】

(1)口］电压表的最小分度为0.1V,由图可知，电压表的读数为0.71V,由于误差0.71V-0.75V均可

［2］由于电池有内阻，则电压表测的为电源路端电压，则测量值小于电动势

(2)网由题所给器材可知，可用微安表和电阻箱进行测量，电路图如图

［4］根据闭合电路欧姆定律有

E=I(R+R«+r)

变形得

E

R=---R—f

Ig

电动势等图像斜率为

44

—V«1.22V

4-0.4

由于误差1.16V~1.22V均可

［5］截距的绝对值为

+r=350Q

则

r=350。-100。=250。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)F；=mg+2mg--,F2=mg；(2)总"；(3)Mg+-g+^^^。

RM+mt

【解析】

(1)滑块沿弧形轨道下滑的过程中

mgh=gmv\

“7^

经过A点前的瞬间:

F「mg=m'

所以:

_C力

£=mg+2mg--,

经过A点后，滑块沿桌面匀速直线运动，所以经过A点的瞬间:

B=mg

(2)滑块离开桌面做平抛运动

712

h=-g「

落入车内时，竖直方向分速度

vy=gt=^2gh

水平方向分速度

V国1

滑块与小车水平方向动量守恒，则:

mvx=+

解得:

mv_，〃而石.

V—A—，

M+mM+m

(3)由动量定理:

(F—mg)t=mvy=2gh

解得:

』吆+吆回

由牛顿第三定律可知，小车对地的压力

F=Mg+mgH——----o

t

14、（1）J岑耳（2）6.6mg,竖直向下（3）R'<Q.92R

【解析】

试题分析：（1）设小球到达C点时速度为v,a球从A运动至C过程，由动能定理有

mg（5/?sin37°+1.8/?）-^imgcos37°-5R=；根v；（2分）

可得匕=y]5.6gR（1分）

（2）小球沿BC轨道做圆周运动，设在C点时轨道对球的作用力为N,由牛顿第二定律

N-mg=m£

（2分）其中r满足r+rsin53°=1.8R（1分）

r

联立上式可得：N=6.6mg（1分）

由牛顿第三定律可得，球对轨道的作用力为6.6mg,方向竖直向下.（1分）

（3）要使小球不脱离轨道，有两种情况：

情况一：小球能滑过圆周轨道最高点，进入EF轨道.则小球b在最高点P应满足根与2mg（1分）

小球从C直到P点过程，由动能定理，有一〃机gR-=。分）

23

可得R'4一R=0.92R（1分）

25

情况二：小球上滑至四分之一圆轨道的Q点时，速度减为零，然后滑回D.则由动能定理有

1,

—/jmgR-mg-R'-0——mvc（1分）

R'>23R（1分）

若R=2.5R,由上面分析可知，小球必定滑回D,设其能向左滑过DC轨道，并沿CB运动到达B点，在B点的速

1,1,

度为VB,,则由能量守恒定律有5根[=/muJ+/"g.i.8R+2〃mgK（1分）

由⑤⑨式，可得力=。（1分）

故知，小球不能滑回倾斜轨道AB,小球将在两圆轨道之间做往返运动，小球将停在CD轨道上的某处.设小球在CD

轨道上运动的总路程为s,则由能量守恒定律，有5mb=〃根gsa分）

由⑤®两式，可得S=5.6R