2022-2023学年高一下学期期末考试物理试卷集（含解析）

2022-2023学年高一下学期期末考试物理试卷学校: 姓名: 学校: 姓名: 班级:一、单选题TOC\o"1-5"\h\z有关电压与电动势的说法正确的是（ ）电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法电动势就是电源两极间的电压电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量W W电动势公式给一中的甲与电压〃=一中的甲是一样的，都是静电力所做的功q q管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流,电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为（ ）A.库仑 B.A.库仑 B.霍尔C.洛伦兹D.法拉第下列关于力对物体做功的说法正确的是（ ）摩擦力对物体做功的多少与路径无关合力不做功，物体必定做匀速直线运动一对作用力和反作用力，可能其中一个力做功，而另一个力不做功在相同时间内作用力与反作用力做功绝对值一定相等，一正一负2019年5月17日，我国成功发射第45颗北斗导航卫星，该卫星属于地球静止轨道卫星（同步卫星）。该卫星（ ）入轨后可以位于北京正上方 B.入轨后的速度小于第一宇宙速度C.发射速度大于第二宇宙速度 D.若发射到近地圆轨道所需能量较多为倡导“碳减排”，北京冬奥会期间示范运行超1000辆氢能源汽车。某款质量为/〃的氢能源汽车如图甲所示，测试其性能时的卩-，图像如图乙所示。已知汽车在平直公路上以额定功率戶启动，整个运行过程中汽车功率及所受阻力均恒定，"时刻起以最大速度*匀速行驶。则在04时间内下列说法不正确的是（ ）

A.牵引力逐渐增大A.牵引力逐渐增大P阻力大小为丁牵引力对汽车做的功为P。汽车行驶的距离为竺虹竺1如图所示，直角三角形J個的匕片90°,直角边站如Q43喝在点固定一条长直导线，电流方向垂直纸面向里。在。点固定一条长直导线，电流方向垂直纸面向外。两导线中的电流大小均为厶已知无限长的通电直导线产生的磁场中某点的磁感应强度LI大小可用公式B=-（#是常数、/是导线中的电流强度、2•是该点到直导线的垂直距r离）表示，则戶点磁感应强度的大小为（D.四6a7.如图所示，在正六边形的从M户三个顶点上各放一个完全相同且带正电的点电荷,7.*、Z为正六边形的另外三个顶点，。点是六边形的中心，下列说法正确的是（）厂…膏A液P、; zVv4、KZ三点的电场强度相同。点的电场强度为0Z点的电势高于0点电势从匕点至。点移动正试探电荷，电场力做正功二、多选题如图所示，电路中电源电动势为反内阻为r,。为电容器，L为小灯泡，定值电阻R=r.闭合开关，小灯泡能正常发光。现将滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离，滑动前后理想电压表V、%%示数变化量的绝对值分别为△■、\U2.理想电电源的输出功率一定減小灯泡的功率逐渐变大装,常，费均保持不变A7A/A/当电路稳定后，断开开关，小灯泡不会立刻熄灭“嫦娥五号”取壤返回地球，是中国航天史上的一次壮举。图为“嫦娥五号"着陆地球前部分轨道的简化示意图，其中1是月地转移轨道，在戶点由轨道I变为绕地椭圆轨道II,在近地点Q再变为绕地椭圆轨道III。下列说法正确的是（ ）在轨道II运行时，“嫦娥五号”在。点的机械能比在戶点的机械能大“嫦娥五号”在轨道II上运行的周期比在轨道III上运行的周期长“嫦娥五号”分别沿轨道II和轨道III运行时，经过。点时的向心加速度大小相等“嫦娥五号”分别沿轨道II和轨道III运行时，经过。点时的速度大小相等电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置.由于电容器的电容。取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如图所示是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用下列说法正确的是（ ）

一定片项动片金属芯线待测压力F/固定电极

可动电极电介质A.甲图的传感器可以用来测量角度一定片项动片金属芯线待测压力F/固定电极

可动电极电介质A.甲图的传感器可以用来测量角度极板T乙图的传感器可以用来测量液面的高度丙图的传感器可以用来测量压力丁图的传感器可以用来测量速度说起电流表，小明就头疼，电表的改装是他心中永远的痛，下面这个问题，小明就老是舒扯不清，请你帮忙解决一下：如图所示为有0.1A和1A两个量程的电流表的原理图，已知表头的内阻为2000，满偏电流为2mA,则下列说法中正确的是+OCA.当使用a、。两个端点时，量程为0.1AB.当使用A.当使用a、。两个端点时，量程为0.1AB.当使用a、c两个端点时，量程为0.1AC.R】=4Q,R2=0.4QD.&=0.4IQ,R2=3.67Q三、实验题如图所示，某兴趣小组利用气垫导轨实验装置验证钩码、滑块、遮光条等组成的系统机械能守恒，主要实验步骤如下：数字计时器将气垫导轨放在水平桌面上，将导轨调至水平用游标卡尺测出遮光条宽度d用天平测出遮光条和滑块总质量，机钩码质量0测出遮光条到光电门的距离*,接通气源，释放滑块，记录遮光条通过光电门时遮光时间t改变光电门的位置，多次重复上一步骤，得到多组*与I的数值（1） 根据测得的数据，作l （选填官，"产或“点”）图像，如果图像是一条过原点的倾斜的直线，且图像的斜率k=（用所测物理量符号 及当地重力加速度g表示），则机械能守恒得到验证。（2） 为了减小实验误差，下面说法正确的是 ；遮光条和滑块的总质量，要远大于钩码质量勿遮光条的宽度适当小一些选用不可伸长的轻绳13.在“测量电源的电动势和内阻”实验中，某小组同学设计两种方案：（1）方案一：利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻，实验电路图如图甲所示。根据记录的数据作出的图像如图乙所示。通过图像乙可求出电池的电动势金 V,内阻2= Q。（计算结果保留2位有效数字）（2）方案二：实验电路图如图丙所示。其中电流表％和A?,电压表V和V?都是非理想电表，且电表内阻未知。闭合开关S,通过调节滑动变阻器&和使灵敏电流计G的示数为0,读出电流表示数匕和厶，以及电压表示数&和“2,多次测量获得多组数据，绘制图像，以（A+4）为横坐标，以 为纵坐标，得到的图像为直线，其纵轴截距为力，斜率为知则电源电动势B=,电源内阻户O从设计思路看，该方案电动势的测量值与真实值相比 .（选填“偏小”“偏大”或“相等”）。四、解答题2021年2月10日19时52分，我国首次火星探测任务“天问一号”探测器实施近火捕获制动，成功实现环绕火星运动，成为我国第一颗人造火星卫星。在“夭问一号”环绕火星做匀速圆周运动时，周期为7,轨道半径为"已知火星的半径为"，引力常量为G,不考虑火星的自转。己知球的体积公式为卩=:勿”，求：（1） 火星的质量所和密度（2） 火星表面的重力加速度如图所示，水平地面与一半径为45m的竖直光滑圆弧轨道相接于月点，轨道上的。点位置处于圆心。的正下方。质量护1kg的小球从距地面高度为上5m的水平平台边缘上的/!点以佇10m/s的速度水平飞出，小球在空中运动至月点时，恰好沿圆弧轨道在该点的切线方向滑入轨道。小球运动过程中空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2,试求：（1） 3点与抛出点［的水平距离*;（2） 圆弧成'段所对的圆心角幻（3） 小球滑到。点时，对轨道的压力（结果保留两位有效数字）。

如图所示，一质量为用，电荷量为+0的小球，以初速度〜沿两块正对带电平行金属板左侧某位置水平向右射入两极板之间，离开时恰好由4点沿圆弧切线进入竖直光滑固定轨道49。中。K点为圆弧轨道与极板端点勿’连线的交点，侃为圆弧的竖直直径并与应r平行，竖直线勿的右边界空间存在竖直向下，且大小可调节的匀强电场已。已知极板长为/,极板间距为d,圆弧的半径为R,ZJ6^53°,重力加速为矢,sin53°=0.8,cos53°=0.6.不计空气阻力，板间电场为匀强电场，小球可视为质点。（1） 求两极板间的电场强调如大小；（2） 当电场强度E=—时，求小球沿圆弧轨道运动过程中的最大动量；q（3） 若要使小球始终沿圆弧轨道运动且恰好能够通过最高点C,求电场强度E的大小。试卷第试卷第8页，共16页试卷第试卷第8页，共16页参考答案C【详解】ABC.电压和电动势单位虽然相同，但它们表征的物理意义不同，电压是表征静电力做功将电能转化为其他形式能的本领大小的物理量。而电动势则表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。故电压与电动势不是同一个物理量，所以A、B错误，C正确。W电动势公式屏一中的甲是非静电力做功而不是静电力做功，故D错误。q故选c。D【详解】由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路，且有电阻，当周围的线圈中产生出交变磁场时，就会在导体内部感应出涡电流，电流通过电阻要发热。该过程利用原理的是电磁感应现象，其发现者为法拉第。故选D。C【详解】A.摩擦力做功W=fx其中*为路程，摩擦力对物体做功与路径有关，A错误；做匀速圆周运动的物体，合外力不做功，但物体做曲线运动，B错误；CD.作用力和反作用力的作用点的位移可能同向，也可能反向，大小可以相等，也可以不等，也有可能一个有位移，另一个位移为0,则可能其中一个力做功，而另一个力不做功，在相同时间内作用力与反作用力做功绝对值不一定相等，也不一定是一正一负，D错误C正确。故选C。B【详解】A同步卫星的轨道平面在赤道平面上，入轨后不可能位于北京正上方，故A错误；近地卫星的环绕速度等于第一宇宙速度，而同步卫星属于高轨道卫星，其入轨后的速度小于第一宇宙速度，故B正确；该卫星并没有脱离地球的万有引力，其发射速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间，故C错误：由于近地卫星的轨道半径比同步卫星的轨道半径小，所以将该卫星发射到近地圆轨道所需能量较少，故D错误。故选故选B。试卷第试卷第#页，共16页A【详解】A.汽车在平直公路上以额定功率戶启动时，由P=Fv可知，汽车速度增大,则牵引力逐渐减小，故A错误，符合题意;＜时刻起以最大速度％匀速行驶，阻力与牵引力平衡，则阻力大小为故B正确，不符合题意;牵引力的功率恒定不变，则在04时间内牵引力对汽车做的功为故C正确，不符合题意;根据题意，设在04时间内汽车行驶的距离为x,由动能定理有可得汽车行驶的距离为—20心一，闻2P故D正确，不符合题意。故选A。D【详解】根据安培定则可知,固定在"点和。点的通电直导线在戶点的磁场如图所示,【详解】根据安培定则可知,两通电直导线在P点的磁感应强度大小片、B2则戶点的磁感应强度大小故选D。

，＜ ：::QQBzB【详解】A.依题意，根据点电荷的场强公式可判断可判断4、V、Z三点的电场强度大小相等，但方向不相同，A错误；B.根据E=$可知点电荷阳N、户分别在。点产生的电场强度大小相等，且夹角互为120。根据沿电根据沿电则从匕点根据矢量叠加原理可得。点合场强为0,B正确；利用对称性结合场强叠加原理，可判断知成连线上的合场强沿QZ方向,场线方向，电势逐渐降低，则0点的电势高于，点电势，c错误；利用对称性结合场强叠加原理，可判断知OK连线上的合场强沿OP方向,至。点移动正试探电荷，电场力做负功，D错误。

ACD【详解】A.由于外电阻与内阻相等时，电源的输出功率最大，由于定值电阻R=r,则外阻一定大于内阻，当滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离，则滑动变阻器接入电路的电阻变大，外阻变大，则电源的输岀功率一定减小，A正确；根据闭合电路欧姆定律/=—^―尸+R外所以滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离时，外电阻增大，总电流减小，灯泡的功率逐渐变小，B错误；根据部分电路欧姆定律可得U2U2=E-Ir则根据电源的伏安特性曲线，可得U}U}=E-I(r+R)则根据电源的伏安特性曲线，可得M所以绑，籍，绑均保持不变，C正确；当电路稳定后，断开开关，电容器与小灯泡组成一个回路，电容器放电，则小灯泡不会立刻熄灭，D正确。故选ACDoBC【详解】A.在轨道II运行时，只有万有引力做功，机械能守恒，A项错误；根据开普勒第三定律可知，半长轴越长，周期越长，轨道II对应的半长轴长，所以“嫦娥五号”在轨道II上运行的周期比在轨道III上运行的周期长，B项正确：“嫦娥五号”分别沿轨道II和轨道III运行时，向心加速度都是由万有引力提供的，有公式如G—=mar~解得a=G—有上述公式可知，经过。点的向心加速度大小相等，c项正确；“嫦娥五号”由轨道II变向轨道III运行时，需要减速才能实现，所以由轨道II变向轨道III,经。点的速度要减小，D项错误。故选BCoABC【详解】A.从甲图可以看出，。变化，能引起动片与定片正对面积变化，由C=~^~可知引起电容变化，由u可知引起电信号变化，故甲图的传感器可以用来测量角度，故A正确:B.从乙图可以看出，液体深度力变化，能引起正对面积变化，由c=-^-4jrkd可知引起电容变化，由C*u可知引起电信号变化，故乙图的传感器可以用来测量液面的高度，故B正确;c.从丙图可以看出，压力的变化，能引起两极间距离变化，由c=-^-4?rkd可知引起电容变化，由u可知引起电信号变化，故丙图的传感器可以用来测量压力，故C正确;D.从丁图可以看出，s的变化，能引起介电常数的变化，由c=~^~4tM可知引起电容变化，由c=gu可知引起电信号变化，故丁图的传感器可以用来测量距离*,故D错误.故选ABC.11.BD【详解】使用a、c两个端点时，改装好的电流表量程为*&R、m当使用公。两个端点时，改装后电流表的量程为可知公。两个端点之间的是大量程，a、c•两个端点之间是小量程，代入数据解得村.41Q心.67Q故BD正确，AC错误。故选BDo12. 4 也地叱 BC/CB厂 2磚【详解】(1)[1]如果系统机械能守恒，则钩码减少的重力势能等于系统增加的动能，即mgx=}(M+m)x牛所以我们需要验证x-j-图像是一条过原点的倾斜宜线即可。[2]将上式整理的(M+m)d21X= X—2mgr则斜率,_(M+m)d22〃?g(2)[3]为了减小实验误差，就需要提高速度和位移的测量精度，即遮光条的宽度要适当小一些，并且选用不可伸长的轻绳，但是遮光条和滑块的总质量不需要远大于钩码的质量，故选BC。13. 1.5 0.83 耳+。2b-k相等【详解】(1)[1][2]根据闭合电路欧姆定律U=E-lr结合图像斜率和截距可得E=1.5V=0.83。（2）[3]根据题意灵敏电流计G的示数为0,则un(R\+RGU2=I2(R2+RA2)根据闭合电路欧姆定律E=Ul+U2+(Il+I2)r整理可得(£/1+i/2)=E-(/1+/2)r以耳+虬为纵坐标，得到的图像为直线。[4][5]根据上式可知r=-k[6]本设计思路考虑了所用电表的内阻，并没有系统误差，电动势的测量值与真实值相比相等。14.(1)财=箜工，〃=(2)空GT2GT2RyR2T2【详解】（1）由万有引力公式解得GT2M=pV联立解得_3.F

P=GT2/?'（2）由Gyr=ms解得试卷第14页，共16页

4弟3g=^T15.(1)10m；(2)45°；(3)56N,竖直向下【详解】(1)小球平抛过程，竖直、水平方向据位移公式分别可得解得/=Is,x=10m(2)小球到达月点时，竖直方向的分速度为vv=gt=lOm/s由几何关系可知，圆弧步段所对的圆心角。等于小球速度与水平方向的夹角，满足解得。=45小球到达月点的速度为小球从夕点到6•点，根据动能定理得mg1(mg1(1-cos°)=；fnvc小球在。点时，据牛顿第二定律可得N-mg=m-y联立解得小球受到的支持力为Nq56N由牛顿第三定律可知，小球在。点时对轨道的压力大小为56N,方向竖直向下。/丄8 F125,戒/丄8 F125,戒mg土眼(3)E-~^~【详解】(1)在/!点，离开电场的竖直分速度为4vy=votan53°=-vo带电小球在平行板中运动的时间为卩。

vy=at,0%+mg=ma联立解得4〃说c板=联立解得4〃说c板=3ql（2）在，点速度为cos53°3从从，到g,由动能定理得(qE+(qE+mg)(.R-Rcos53°)=—mvl-—mv\E=专，Pm=tnvB联立解得最大动量为PmPm=（3）从力到。由能量守恒得—=(mg+qE)R•(!+cos53°)+-mv^在。点，由牛顿第二定律得联立解得说mg’一18"q2022-2023学年高一下学期期末考试物理试卷一、单选题有关电场的理解，下述正确的是（F电场强度的方向就是放入电场中电荷所受电场力的方向，且其大小E=-q只有当电场中存在试探电荷时，电荷周围才出现电场这种特殊的物质，才存在电场强度由公式E-号可知，在离带电体很近时，r接近于零，电场强度达无穷大电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关2022年11月3日，长征五号B运载火箭将梦天实验舱送入预定轨道。之后，梦天实验舱成功与天和核心舱对接，标志着我国空间站“T”字基本构型在轨组装完成。天和核心舱绕地球稳定运行时距离地球表面约400km,已知地球半径约为6400km,且地球试卷第16页，共16页表面的重力加速度g=10m/s，由以上信息可知，下列说法不正确的是（ ）长征系列火箭发射时，是靠喷出气流的反冲作用获得巨大速度，则同一火箭喷出相同质量气体时，喷出气流的速度越大，火箭获得的速度就越大天和核心舱在轨稳定运行时，其速度可能等于11.2km/s天和核心舱的轨道比地球同步卫星的轨道低梦天实验舱要和在轨的天和核心舱对接，是将实验舱发射到较低的轨道上，然后使其加速实现与核心舱对接如图所示，将带正电的试探电荷沿着等量异种点电荷连线的中垂线从力点移动到8点，再沿连线从3点移动到6•点，在此全过程中（ ）;。fC-"A 奈…“II试探电荷所经过各点处的电势一直增大试探电荷的电势能先不变后增大试探电荷所受的静电力先增大后减小。点和关于3点的对称点〃点的场强大小相等，方向相反某同学用如图甲所示电路的研究电容器的放电过程。先使开关S接1,电容器充电完毕后将开关掷向2,可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的UT曲线如图乙所示。电容器的电容6•已知，且从图中可读出最大放电电压"。、图线与两坐标轴围成的面积S。根据题目所给的信息，下列结论不能得出的是（ ）ZZ=%mg=4N试卷第试卷第20页，共16页某实验小组用如图甲所示的装置“验证机械能守恒定律”。调整气垫导轨使之水平,将滑块放在气垫导轨上，通过轻质细绳与钩码连接，将滑块从/!位置由静止释放。2 3（cm）丄」丄屮山」丄山丿灿丄」」丄4卩丨丨丨I丨丨n卩11111111「0 5 10152p|乙（1） 用游标卡尺测量遮光条的宽度，对应的示数如图乙所示，则遮光条的宽度为t/3 ffllDo（2） 测得钩码的质量为伽带遮光条的滑块的质量为/!、3间的距离为s,遮光条通过光电门的时间为又知当地的重力加速度为g,则本实验中需验证的机械能守恒表达式为 （用以上对应物理量的符号表示）。（3） 根据v=4算出的遮光条经过光电门时的速度总是比遮光条中心通过光电门中心的速度偏 （填“大"或“小”）。某实验小组做“测量某一均匀新材料制成的金属丝的电阻率”实验。（1）先用螺旋测微器测量电阻丝R,的直径d,示数如图甲所示，其直径〃= nim；用图乙的毫米刻度尺测出电阻丝K的长度丄=9.15cm；|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|ini|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|ini|iiii|iiii|iiii0 2 3 4 5 6 7 8 9Ocm甲 乙（2）再用多用电表粗测氏的电阻，当用“xlO”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用一（选填“xlOO”或“xl”）挡，进行一列正确操作后，指针静止时位置如图丙所示，其读数为一Q；

（E）A错误B正确；CD.在力高度处受到的万有引力提供向心力，则即4^2m（R+h）

F=_F~~C错误D正确。故选BDo12. 2.25mgs=!（m+A/）J小【详解】（1）[1]由题图乙知，游标卡尺为20分度，分度值为0.05mm,不需要估读,游标尺上的第5个刻度与主尺上的刻度对齐，读数为J=2mm+5x0.05mm=2.25mm（2）[2]从力运动到3的过程中，』、3间的距离为s,整个系统重力势能减少量为屿=mgs頌冬〃或）任）滑块和钩码增加的动能为頌冬〃或）任）mgs故实验需要验证的关系式为mgs（3） [3]根据卩=§算出的是遮光条通过光电门的平均速度，等于通过光电门中间时刻Ar的瞬时速度，根据匀变速直线运动的规律可知，该速度要比遮光条中心通过光电门中心的实际速度小。13. 0.400"xl”10.0/10BEG【详解】（1）[1]螺旋测微器的精确值为0.01mm,由图甲可知电阻丝&的直径为d=Omm+40.0x0.01mm=0.400mm（2）[2]用“X10”挡时发现指针偏转角度过大，示数较小，说明倍率挡选择过高，他应该换用“XI”挡；

L®J"dj-O图甲 图乙 图丙图丁由图丙、丁看出，若皿,则电路中电流相等，电流表示数只有三种可能值，所以宛不等于月，吊和月不能都是176Q,则是只能是176。。(2)当开关S闭合，Si、&断开时，Ri、R2、Rs,串联，此时的电流为0.5A,由前面分析可以知道，是的电阻值为176Q,则紀的阻值可能是88Q或176Q,当R产88Q时，配消耗的电功率£=*&=22W当盼176。时，&消耗的电功率g=y^=44W2815.(1)4m/s；(2)232N；(3)—m【详解】(1)物块平抛到/I点时，恰好从轨道的力端沿切线方向进入轨道，故到达/I点的速度为v.=———=4m/s

sin53°由力到月点机械能守恒，可得|Mv1=|a/v,2+MgR(l+sin53°)v=8m/s解得到达月点时的速度为v=8m/sF-Mg=M—R在3F-Mg=M—R解得轨道的支持力大小为F=232N由牛顿第三定律可得，物块经过轨道上的3点时对轨道的压力大小为232N。小球与木板质量相同，发生弹性碰撞，速度交换，木板初速度为祐=8m/s设物块与木板间摩擦力为则的固定斜面上，并处于静止状态，如图所示，则关于物体受力情况的判断正确的是（物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上物体A受到的静摩擦力大小为（M+〃7）gsina物体B对物体A的压力等于Ena物体B对斜面的压力等于妳osa以一定的初速度竖直向上抛岀一个小球，小球上升的最大高度为力，空气阻力的大小恒为£则从抛出至回到原出发点的过程中，空气阻力对小球做的功为（ ）A.0 B.-fh C.~2fb D.2fh汽车发动机的额定功率是60kW,汽车的质量为2X103kg,在平直路面上行驶，受到的阻力是车重的0.2倍.若汽车从静止出发，以lm/一的加速度做匀加速运动,则出发12s时，汽车发动机的实际功率P和汽车匀速行驶的最大速度vm分别为（）（g取10m/s2）P=60Kw,vB=10m/s B.P=72kW,vn=15m/sC.P=60kW,vB=15m/s D.P=60kW,vn=12m/s甲、乙为不同材料制成的两个长方体金属导电板，长、宽、高均分别为a、b.c,其中a>b>c,如图，它们的外形完全相同。现将甲、乙两金属导电板按下图两种方式接入同一电源时，若回路中的电流相同，那么甲、乙两金属导电板的电阻率之比为（ ）上一点，纵坐标为匕，横坐标为U\,PN为过Q点的切线，交纵轴于，且与图线②平行。则下列说法中正确的是（BD【详解】A.电容器的电容c_務_&x3_e)R'

一4起_4加、 2~由表达式可知电容器的电容与上极板转过的角度成负线性关系，而不是成反比，选项A错误：若将上极板转过30°,正对面积减小，电容器的电容也变小，由于电压不变，因此电容器所带电荷量减小，选项B正确；若将上极板转过60°,正对面积变小，但电容器两板间匀强电场的电场强度E丄d不变，则电容器两极板连线中点处的电势不变，选项C错误；断开开关S,若将板间距变为原来的二倍，电容器的电容变为原来的!，由于电容器的电荷量不变，电容器两板间匀强电场的电场强度E二U二Q=Q=4》kQ^~~d~~Cd~£Sd~£S

47rkd‘因此场强不变，带电粒子所受电场力不变，仍处于静止状态，选项D正确。故选BDoBCD【详解】A.释放物块C瞬间，对物块C,根据牛顿第二定律可得3mg-T=3ma对物块B,根据牛顿第二定律可得T=ma联立解得物块C的加速度大小为o=0.75g故A错误：释放物块C瞬间，弹簧的压缩量为mgsinaX'=^T~物块A刚离开挡板时，弹簧的伸长量为_mgsinaX2= ；可得如图所示，靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，大轮半径是小轮半径的2倍。A,8分别为大、小轮边缘上的点，C为大轮上一条半径的中点。则（）两轮转动的角速度相等大轮转动的角速度是小轮的2倍质点加速度aA=2an质点加速度as=4ac下列对相关情景的描述，符合物理学实际的是（ ）火车轨道在弯道处应设计成“外轨比内轨高"汽车通过拱形桥最高点时对桥的压力大于汽车所受重力洗衣机脱水时利用重力把附着在衣物上的水分甩掉圆锥摆的高保持不变，增大摆线与竖直方向的夹角，则圆锥摆的周期也增大据报道，“嫦娥一号''卫星绕月工作轨道为圆形轨道，轨道距月球表面高度为200km,运行周期为127min.若要求出月球的质量，除上述信息外，只需要再知道（）A.引力常量和“嫦娥一号”的质量 B.引力常量和月球对“嫦娥一号”的吸引力引力常量和地球表面的重力加速度 D.引力常量和月球表面的重力加速度发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1,然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步轨道3。轨道1、2相切于。点，2、3相切于P点,M、N为椭圆轨道短半轴的端点，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时（如图所示），以下说法正确的是（ ）在三条轨道中周期从大到小的顺序是3轨道、I轨道、2轨道卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度

E.电压表V（量程为3V,内阻，3约为3KQ）滑动变阻器的（总阻值为200Q,额定电流2A）滑动变阻器位（总阻值为100Q,额定电流0.1A）直流电源E（电动势为12V,内阻不计）待测圆柱体导体棒样品Jo开关一只，导线若干 |0 10 20| |0 10 20|（1） 该实验小组首先用游标卡尺测得该样品的长度如图甲所示，其示数丄= cm；用螺旋测微器测得该样品的直径如图乙所示，其示数D= mm。（2） 为测量样品电阻率，该实验小组又对样品电阻进行精确测量。设计的电路原理图如丙所示，图中虚线框中应选器材 ;滑动变阻器R应选 （用器材前的序号表示）闭合开关，按正确的实验步骤进行测量，图丙中虚线框中仪器的读数为s（©的读数为b,则样品电阻阻值&= （用。、b、〃、Z3中的某些符号表达）。如图所示，为一正在测量中的多用电表表盘。如果用欧姆挡"xlOO"测量，则读数为 Q；如果用直流“10V”挡测量，则读数为 V。5000n/v cY5000n/v cY專 。2500n/v四、解答题如图所示，虚线ab.cd间存在竖直向下的匀强电场，沥左侧竖直固定一平行板电容器。一质量为〃?、电荷量为+g的带电粒子，从两极板中点人由静止释放，经电场加速后从小孔0垂直进入竖直电场，最后从虚线M上的P点离开。已知电容器两板间电压为U,两虚线间距为L,竖直匀强电场的电场强度大小Eg带电粒子重力不计。Lj求：试卷第试卷第56页，共15页（1） 带电粒子离开电容器时速度大小（2） 粒子离开P点时其速度方向与cd夹角的正切值。小扬购买了一款游乐设施模型。该模型原理如图所示，BCDG是光滑绝缘的;圆形4轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R,下端与水平绝缘轨道在B点相切且平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中。现有一质量为巾、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小等于滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5,重力加速度为g。小扬发现，若从水平轨道的A点由静止释放滑块，滑块恰好不脱离轨道并能从G点离开。求：（1） 滑块在圆形轨道上滑行过程中的最小速度的大小；（2） 滑块释放点A到8点的距离s：（3） 若从水平轨道的4点由静止释放滑块，滑块不脱离轨道并能沿着轨道返回再次经过8点。求4距离B的最大距离s'。2020年11月19日，哈尔滨的一场暴雪，使滑雪运动异常火爆。如图所示，是倾角a=30的哈尔滨市某滑雪场，一名游客连同滑雪板总质量也=80kg，他从静止开始匀加速下滑，在5s内沿斜面滑下的位移L=50mo不计空气阻力，g=10m/s。求:（1） 5s末游客速度的大小；（2） 游客连同滑雪板在下滑过程中受到的摩擦力f为多大？参考答案1.B【详解】若珠子对环的压力向上，根据牛顿第三定律知，环对珠子的支持力向下，根据牛顿第二定律得TOC\o"1-5"\h\z1 v2mg+-mg=m——3 R解得若珠子对环的压力向下，则环对珠子的支持力向上，根据牛顿第二定律得1 v2mg--mg=m—J K故ACD错误，B正确。故选B。D【详解】对于A、8两点，根据转盘转动特点可知卩A=b由v=ra）得殊：气=乌：。=1：2即大轮转动的角速度是小轮的一半，由向心加速度公式«=-得r"%=。：。=1：2即质点A的加速度是质点B的一半，对于A、C两点,有糾=饥由0=疽尸得aA\ac=rA\rc=2\\则有aB:ac=4:1故选D。A【详解】A.火车轨道在弯道处应设计成“外轨比内轨高”，以满足重力和支持力的合力提供向心力，A正确；

图a,长为，的细绳拉着小球在竖直面上做完整圆周运动通过最低点的速度可以为图"汽车通过拱桥的最高点时处于超重状态图c,火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对轮缘有侧向挤压作用图"，是一圆锥摆，增加绳长，保持圆锥摆的高度力不变，则圆锥摆的角速度保持不变如图所示，质量相等的A、B两个球，原来在光滑水平面上沿同一直线相向做匀速直线运动，A球的速度是8m/s,B球的速度是-4m/s,经过一段时间后A、B两球发生了对心正碰。对于该碰撞之后的A、B两球的速度可能值，某实验小组的同学们做了很多种猜测，下面的猜测结果•定无法实现的是（）&oO正方向〃〃〃〃〃//〃〃va va =5m/s»vb =9m/sC.Va =2m/s»vb =2m/sVa=-4m/s»vb=8m/sD.va=Im/s,vb=3m/s如图所示，小车放在光滑的水平面上，将系着轻绳的小球向右拉开到一定的角度，然后同时放开小球和小车，不计一切阻力，则在小球、小车运动过程中”下列说法正确A.小车和小球组成的系统动量守恒 B.小车的机械能一直在增加小车和小球组成的系统机械能守恒 D.小球的机械能一直在减少如图所示，长木板A静止放在光滑的水平地面上，物体B以水平速度冲上A后，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上，则从B冲到木板A上到相对板A静止的过程中,下述说法中正确的是（D.处的最大速度是；"叫+，叫二、多选题有质量相同的甲、乙两个物体，在地面上方同一高度处，使甲自由落下，乙被平抛,不计空气阻力，则两物体（ ）落地时动能相同落地时动量相同下落过程所受冲量相同下落过程中在任意Is内的动量变化相同一个质量为M的平板车静止在光滑的水平面上，在平板车的车头与车尾站着甲、乙两人。质量分别为〃七和皿，当两人分别以速率小％相向而行时（）当叫＞叫时，车子与甲运动方向一致当v,＞v2时，车子与甲运动方向一致当=m2v2时，车子静止不动当〃卄＞叫岭时，车子运动方向与乙运动方向一致如图，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，下列关于能量的叙述正确的是（ ）重力势能和动能之和始终减小重力势能和弹性势能之和先减小后增加动能和弹性势能之和先减小后增加重力势能、弹性势能和动能之和总保持不变如图，长木板原来静止于光滑水平面上，木块〃从长木板』/的一端以初速度旳冲上木板，当/〃相对于』/滑行7cm时，，向前滑行了5cm,则在此过程中（ ）摩擦力对〃与0的冲量大小之比等于12:5/〃减小的动能与新增加的动能之比等于12：5

影为。点。实验中，先将小球a从斜槽上某一固定位置由静止释放，a从斜槽末端飞岀后落到水平地面的记录纸上留下落点痕迹，重复10次，描出a的平均落点位置H再把小球。放在斜槽末端，让小球a仍从斜槽上同一位置由静止释放，与小球。碰撞后,两球分别在记录纸上留下落点痕迹，重复10次，描出碰后小球的平均落点位置M、.OM'P（1）实验中需要注意的事项，下列说法正确的是乙 （填字母）。A.需要测出小球抛出点距地面的高度HB.需要测出小球做平抛运动的水平射程C.为完成此实验，天平和刻度尺是必需的测量工具D.斜槽轨道末端应该保持水平.OM'P（1）实验中需要注意的事项，下列说法正确的是乙 （填字母）。A.需要测出小球抛出点距地面的高度HB.需要测出小球做平抛运动的水平射程C.为完成此实验，天平和刻度尺是必需的测量工具D.斜槽轨道末端应该保持水平E.斜槽应尽量光滑（2）实验中重复多次让入射小球从斜槽上的同一位置释放，其中“同一位置释放”的目的是（3）实验中对小球的要求是：质量们（填“>”“二”或“<”）直径d,（3）实验中对小球的要求是：质量们（填“>”“二”或“<”）直径d, （填“>”“=，，或“<，，）d2.（4）在图乙中，用毫米刻度尺测得。点与KAN三点的水平方向的距离分别为叫，*：与，若关系式. 与，若关系式. 成立，则说明该实验碰撞前后动常守恒。四、解答题19.如图所示，质量为"的木块静止于光滑的水平面上，一质量为所速度为吻的子弹水平射入木块且未穿出，该过程中木块沿水平方向向右运动的位移大小为s,子弹射入木块的深度为£。设木块对子弹的阻力恒为求:（1）子弹与木块相对静止时二者共同速度为多大？（2）射入过程中产生的内能和子弹对木块所做的功分别为多少？ 20.将一质量为1kg小滑块从斜面泅上静止滑下，斜面的倾角。为53°,斜面与水平14.BD【详解】A.滑块与木板间的摩擦力为相互作用力，而作用时间相同，由冲量4凡可知,摩擦力对勿与』/的冲量大小之比等于1：1,故A错误；对滑块和木板分别由动能定理得：-&尸△羸广标△屁其中：f=f\A-/=5cm+7cm=12cm,Az=5cm可得历减小的动能与."增加的动能之比-%_工1_12Ek2X25故B正确；历与"系统损失的机械能等于一对滑动摩擦力做功的代数和，有其中相对路程：△石7cm,联立可得妇=內二12•%口7故C错误；历和，系统损失的机械能与』/增加的动能之比4=±£=Z-EgX25故D正确。故选BDoAD【详解】A.只有电场力和弹簧弹力做功，所以弹簧和物块组成的系统机械能和电势能之和不变，A正确；当合力等于零时速度最大，即弹簧压缩至弹力等于电场力时，速度最大，B错误；D.当F=2Eq时，弹簧弹力灼=炫）=匀当速度最大时，弹簧弹力FL=Eq此时弹簧压缩量为L，两个位置弹性势能相等，从撤去戶到速度最大过程中物块增加的动能等于电场力做功，即玲=汗=2£^。=宇“天宫空间站”运行的速度始终不变“天宫空间站”运行的加速度大于“天舟五号”运行的加速度“天宫空间站”的运行速度小于“天舟五号”的运行速度“结合体”受到地球的引力等于“天宫空间站”受到地球的引力一质量为2kg的物体，在水平恒定拉力的作用下以某一速度在粗糙的水平面上做匀速运动，当运动一段时间后拉力逐渐减小，且当拉力减小到零时，物体刚好停止运动，图中给出拉力随位移变化的关系图像，则根据以上信息能精确得出或估算得出的物理量有(取g=10m/s2)()物体与水平面间的动摩擦因数为〃=0.25物体在8m处的加速度为o=4m/s2整个过程中拉力做功96J合力做的功为-32J关于做匀速圆周运动的物体的线速度、角速度、周期的关系，下面说法中正确的是()A.线速度大的角速度一定大 B.线速度大的周期一定小角速度大的运动半径一定小 D.角速度大的周期一定小以下说法正确的是( )动能相同，动量一定相同功的正负表示功的大小，-5J的功小于3J的功根据尸=?可知，功率尹与功俨成正比，与时间牛成反比动量变化率越大，合外力越大试卷第试卷第86页，共18页一质量为〃的木块静止在光滑的水平面上，用大小为尺方向与水平面成0角且斜向下的恒力作用在该木块上，经过时间，，力戶的瞬时功率为（ ）A血也 B.些也 C.畠 D.竺地tn 2m m m质量为历的物体，在距地面力高处以专的加速度由静止竖直下落到地面的过程中（g为重力加速度），下列说法中正确的是（）动能増加为啷力 B.重力做功为!知薊c.合外力做功为!，，对 d.物体的重力势能减少了!〃働人站在力高处的平台上，水平抛出一个质量为/的物体，物体落地时的速度为厶以地面为重力势能的零点，不计空气阻力，则有（ ）人对小球做的功是^fnv2 B.人对小球做的功是-mghC.小球落地时的机械能是;川疣+/nghD.重力对小球做的功是^mv2-tngh物体以速度卩。水平抛出，若不计空气阻力，则当其竖直分速度与水平分速度相等时，下说法中正确的是（ ）竖直分位移等于水平分位移即时速度大小为必％运动的时间为为8运动的位移为互暨g下列说法中正确的是（ ）开普勒第三定律中的常数。与太阳有关牛顿发现了万有引力定律，并测出了引力常量天王星被称为“笔尖下发现的行星”同步卫星可以“静止”在大庆的上方一质量为"的汽车绕弯道做半径为"的圆周运动，当汽车的角速度为口时，其所受的向心力大小为（）A.nicerR B.〃［乌 C./n— D.mcoRR- R下列有关生活中圆周运动实例分析中说法正确的是（ ）D.开普勒认为行星绕太阳运动的轨道是椭圆，太阳在椭圆的焦点上，选项D错误。故选C。C【详解】A.曲线运动为变速运动，所受合力一定不为零，加速度一定不为零，故A错误：变速运动也可能是直线运动，如匀加速直线运动，故B错误；曲线运动的条件为：物体所受合力的方向与速度方向不在同一条直线上，即物体所受的合力方向和速度的方向有夹角（夹角不为0°或180°）,故C正确；物体在恒力作用下可能做曲线运动，只要合力的方向与速度的方向不在同一直线上即可，如平抛运动，故D错误。故选C。D【详解】对木块受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力。木块静止不动时，拉力和静摩擦力二力平衡，此时静摩擦力随着拉力的增大而增大。木块运动以后，摩擦力突变为滑动摩擦力，滑动摩擦力与正压力成正比，故滑动摩擦力不变，等于〃贻。因最大静摩擦力略大于滑动摩擦力。故D正确，ABC错误。故选D.D【详解】A.开普勒三大定律不仅仅适用于太阳系中行星的运动，也适合于宇宙中其他天体的运动，故A错误；开普勒第二定律表明，行星绕太阳运动时，行星离太阳越远，速度越小，故B错误；月亮绕地球运动的轨道是一个椭圆，地球处在椭圆的其中一个焦点上，故C错误；A值与中心天体的质量有关，月亮绕地球运动的#值与地球绕太阳运动的#值不同，故D正确。故选D。A【详解】物体恰好不被抛出的临界条件是在最高点重力恰好提供向心力，根据牛顿第二定律,有mg=m根据线速度与转速的关系，有V=27D77联立解得故选A。C【详解】AC.“天宫空间站”绕地运行时，万有引力提供向心力，则有cMmv

G—=m—可得由上式可知，“天宫空间站”的圆周运动半径不变时，则其运行速度大小始终不变，但速度方向一直在变，所以速度一直在变；由于''天宫空间站”的运动半径大于“天舟五号”的运动半径，所以“天宫空间站”的运行速度小于“天舟五号”的运行速度，故A错误，C正确;B.根据G^=ma解得a=G^-可知，轨道半径越小，向心加速度越大，则“天宫空间站”的向心加速度小于“天舟五号”的向心加速度，故B错误;D.根据可知，轨道半径相同时，由于“结合体”的质量大于对接前“天宫空间站”的质量，则“结合体”受到地球的引力比“天宫空间站”受到地球的引力大，故D错误。故选C。D【详解】A.物体做匀速运动时，受力平衡，则/=F=8N所以有解得〃二0.4故A错误;B.由图可知在8m处拉力大小为4N,根据牛顿第二定律可知此时有F-f=nui代入数据可得a=-2nVs;故B错误;CD.”-s图象与坐标轴围成的面积表示拉力做的功W；.=(8x4+^x8x8)J=64J滑动摩擦力做的功叫=一卩mgx解得Wf=-96J所以合外力做的功为w合=Wr+Wf=64J+(-96J)=-32J故C错误，D正确;故选D。11.【详解】A.根据由于不知道运动半径的大小，不能判断角速度大小，A错误;B.根据由于不知道运动半径的大小，不能判断周期大小，B错误;C.角速度与运动半径无直接关系，C错误；D.根据(0可知，角速度大，周期小，D正确。故选D。D【详解】A.动能相同，动量不一定相同。如当两个物体质量相等时，速度大小也相等，则动能相同，但动量方向可能不同，所以动量不一定相等，故A错误；功的正负不代表大小，只代表做正功还是负功，故B错误；功率户=；是定义式，功率户与做功『及做功时间*无关，故C错误；由动量定理/=△〃可知，合外力F=半,则动量变化率越大，合外力越大，故D正确。故选D。A【详解】根据牛顿第二定律得，木块的加速度为：则t时刻的瞬时速度为：7=m牌=攵竺则力f的瞬时功率为：P=Fvcos0= ,故A正确，BCD错误.故选A.in tnC【详解】AC.根据动能定理有mah=△瓦=-^mghA错误、C正确；重力做的功为加gh,B错误；D.重力做了多少正功重力势能减少了多少，由选项B知稣=mgh,D错误。故选C。B【详解】AB.人水平抛出物体的过程中，由动能定理可得W=—mv^

2°物体下落过程由机械能守恒定律可得—〃说+mgh=—m\r联立解得人对物体做的功为

VV=—tnv2-nigh故A错误，B正确；小球落地时的机械能是E=? +mgh=?mv2故c错误；D.重力对小球做的功是%=mgh故D错误。故选B。16.C【详解】AC.根据得运动的时间水平分位移心g^=v=—g竖直分位移》 2g可知水平分位移和竖直分位移不相等，故A错误，C正确;瞬时速度的大小故B错误；则运动的位移故D错误;故选C。A【详解】A.开普勒第三定律公式a3,戸=*其中的#值由太阳质量决定，与行星质量无关，A正确。牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出的引力常数，B错误；海王星是人们根据万有引力定律计算出其轨道后才发现的，被称为“笔尖下的行星”，故C错误；同步卫星轨道在赤道平面上，所以不可能“静止”在大庆的上方，故D错误。故选A。A【详解】