第3节 空间直线、平面的平行

第七章立体几何与空间向量第3节空间直线、平面的平行1.以立体几何的定义、公理和定理为出发点，认识和理解空间中线面平行、面面平行的有关性质与判定定理.2.能运用公理、定理和已获得的结论证明一些有关空间图形的平行关系的简单命题.考试要求知识诊断基础夯实内容索引考点突破题型剖析分层精练巩固提升ZHISHIZHENDUANJICHUHANGSHI知识诊断基础夯实11.直线与平面平行(1)直线与平面平行的定义直线l与平面α没有公共点，则称直线l与平面α平行.(2)直线与平面平行的判定定理与性质定理知识梳理

文字语言图形表示符号表示判定定理如果平面外一条直线与此平面内的__________平行，那么该直线与此平面平行a⊄α，b⊂α，a∥b⇒a∥α性质定理一条直线和一个平面平行，如果过该直线的平面与此平面相交，那么该直线与______平行a∥α，a⊂β，α∩β＝b⇒a∥b一条直线交线2.平面与平面平行(1)平面与平面平行的定义没有公共点的两个平面叫做平行平面.(2)平面与平面平行的判定定理与性质定理

文字语言图形表示符号表示判定定理如果一个平面内的两条__________与另一个平面平行，那么这两个平面平行a⊂β，b⊂β，a∩b＝P，a∥α，b∥α⇒α∥β相交直线性质两个平面平行，则其中一个平面内的直线______于另一个平面α∥β，a⊂α⇒a∥β性质定理两个平面平行，如果另一个平面与这两个平面______，那么两条______平行α∥β，α∩γ＝a，β∩γ＝b⇒a∥b平行相交交线[常用结论]1.平行关系中的三个重要结论(1)垂直于同一条直线的两个平面平行，即若a⊥α，a⊥β，则α∥β.(2)平行于同一平面的两个平面平行，即若α∥β，β∥γ，则α∥γ.(3)垂直于同一个平面的两条直线平行，即若a⊥α，b⊥α，则a∥b.2.三种平行关系的转化1.思考辨析(在括号内打“√”或“×”)(1)若一条直线和平面内一条直线平行，那么这条直线和这个平面平行.(

)(2)若直线a∥平面α，P∈α，则过点P且平行于直线a的直线有无数条.(

)(3)如果一个平面内的两条直线平行于另一个平面，那么这两个平面平行.(

)(4)如果两个平面平行，那么分别在这两个平面内的两条直线平行或异面.(

)×诊断自测××√解析(1)若一条直线和平面内的一条直线平行，那么这条直线和这个平面平行或在平面内，故(1)错误.(2)若a∥α，P∈α，则过点P且平行于a的直线只有一条，故(2)错误.(3)如果一个平面内的两条直线平行于另一个平面，则这两个平面平行或相交，故(3)错误.2.(必修二P143T1改编)如果直线a∥平面α，那么直线a与平面α内的(

)A.一条直线不相交

B.两条直线不相交C.无数条直线不相交

D.任意一条直线都不相交解析因为直线a∥平面α，直线a与平面α无公共点，因此直线a与平面α内的任意一条直线都不相交.D3.(必修二P138例3改编)如图是长方体被一平面所截得的几何体，四边形EFGH为截面，则四边形EFGH的形状为________________.平行四边形解析因为平面ABFE∥平面DCGH，又平面EFGH∩平面DCGH＝HG，且平面EFGH∩平面ABFE＝EF，所以EF∥HG，同理EH∥FG，所以四边形EFGH是平行四边形.l⊄α解析①由线面平行的判定定理知l⊄α；②由线面平行的判定定理知l⊄α.KAODIANTUPOTIXINGPOUXI考点突破题型剖析2考点一直线与平面平行的判定与性质角度1直线与平面平行的判定例1

如图，在四棱锥P－ABCD中，底面ABCD是平行四边形，E，F分别是BC，PD的中点，求证： (1)PB∥平面ACF；证明如图，连接BD交AC于O，连接OF，∵四边形ABCD是平行四边形，∴O是BD的中点，又∵F是PD的中点，∴OF∥PB，又∵OF⊂平面ACF，PB⊄平面ACF，∴PB∥平面ACF.

(2)EF∥平面PAB.证明取PA的中点G，连接GF，BG.∵F是PD的中点，∴四边形BEFG是平行四边形，∴EF∥BG，又∵EF⊄平面PAB，BG⊂平面PAB，∴EF∥平面PAB.角度2直线与平面平行的性质例2

如图所示，在四棱锥P－ABCD中，四边形ABCD是平行四边形，M是PC的中点，在DM上取一点G，过G和PA作平面交BD于点H.求证：PA∥GH.证明如图所示，连接AC交BD于点O，连接OM，∵四边形ABCD是平行四边形，∴O是AC的中点，又M是PC的中点，∴PA∥OM，又OM⊂平面BMD，PA⊄平面BMD，∴PA∥平面BMD，又平面PAHG∩平面BMD＝GH，∴PA∥GH.1.判断或证明线面平行的常用方法(1)利用线面平行的定义(无公共点).(2)利用线面平行的判定定理(a⊄α，b⊂α，a∥b⇒a∥α).(3)利用面面平行的性质(α∥β，a⊂α⇒a∥β).(4)利用面面平行的性质(α∥β，a⊄β，a∥α⇒a∥β).2.应用线面平行的性质定理的关键是确定交线的位置，有时需要经过已知直线作辅助平面确定交线.感悟提升

训练1

如图所示，已知四边形ABCD是正方形，四边形ACEF是矩形，M是线段EF的中点.(1)求证：AM∥平面BDE；证明如图，记AC与BD的交点为O，连接OE.因为O，M分别为AC，EF的中点，且四边形ACEF是矩形，所以EM∥OA且EM＝OA，所以四边形AOEM是平行四边形，所以AM∥OE，又因为OE⊂平面BDE，AM⊄平面BDE，所以AM∥平面BDE.

(2)若平面ADM∩平面BDE＝l，平面ABM∩平面BDE＝m，试分析l与m的位置关系，并证明你的结论.解l∥m，证明如下：由(1)知AM∥平面BDE，又AM⊂平面ADM，平面ADM∩平面BDE＝l，所以l∥AM，同理，AM∥平面BDE，又AM⊂平面ABM，平面ABM∩平面BDE＝m，所以m∥AM，所以l∥m.考点二平面与平面平行的判定与性质例3

如图所示，在三棱柱ABC－A1B1C1中，过BC的平面与上底面A1B1C1交于GH(GH与B1C1不重合). (1)求证：BC∥HG；证明∵在三棱柱ABC－A1B1C1中，平面ABC∥平面A1B1C1，又平面BCHG∩平面ABC＝BC，且平面BCHG∩平面A1B1C1＝HG，∴由面面平行的性质定理得BC∥HG.

(2)若E，F，G分别是AB，AC，A1B1的中点，求证：平面EFA1∥平面BCHG.证明∵E，F分别为AB，AC的中点，∴EF∥BC，∵EF⊄平面BCHG，BC⊂平面BCHG，∴EF∥平面BCHG.又G，E分别为A1B1，AB的中点，A1B1綉AB，∴A1G綉EB，∴四边形A1EBG是平行四边形，∴A1E∥GB.∵A1E⊄平面BCHG，GB⊂平面BCHG，∴A1E∥平面BCHG.又∵A1E∩EF＝E，A1E，EF⊂平面EFA1，∴平面EFA1∥平面BCHG.

解

连接A1B交AB1于O，连接OD1.由平面BC1D∥平面AB1D1，且平面A1BC1∩平面BC1D＝BC1，证明面面平行的常用方法(1)利用面面平行的判定定理.(2)利用垂直于同一条直线的两个平面平行(l⊥α，l⊥β⇒α∥β).(3)利用面面平行的传递性，即两个平面同时平行于第三个平面，则这两个平面平行(α∥β，β∥γ⇒α∥γ).感悟提升训练2

如图，四棱柱ABCD－A1B1C1D1的底面ABCD是正方形.(1)证明：平面A1BD∥平面CD1B1；证明

由题设知BB1綉DD1，所以四边形BB1D1D是平行四边形，所以BD∥B1D1.又BD⊄平面CD1B1，B1D1⊂平面CD1B1，所以BD∥平面CD1B1.因为A1D1綉B1C1綉BC，所以四边形A1BCD1是平行四边形，所以A1B∥D1C.又A1B⊄平面CD1B1，D1C⊂平面CD1B1，所以A1B∥平面CD1B1.又BD∩A1B＝B，BD，A1B⊂平面A1BD，所以平面A1BD∥平面CD1B1.

(2)若平面ABCD∩平面B1D1C＝l，证明：B1D1∥l.证明由(1)知平面A1BD∥平面CD1B1，又平面ABCD∩平面B1D1C＝l，平面ABCD∩平面A1BD＝BD，所以直线l∥BD，在四棱柱ABCD－A1B1C1D1中，四边形BDD1B1为平行四边形，所以B1D1∥BD，所以B1D1∥l.考点三平行关系的综合应用证明连接CP并延长与DA的延长线交于M点,如图,连接MD1，因为四边形ABCD为正方形，所以BC∥AD，又MD1⊂平面A1D1DA，PQ⊄平面A1D1DA，故PQ∥平面A1D1DA.

如图，证明如下：又DA⊂平面A1D1DA，PR⊄平面A1D1DA，所以PR∥平面A1D1DA，又PQ∥平面A1D1DA，PQ∩PR＝P，PQ，PR⊂平面PQR，所以平面PQR∥平面A1D1DA.证明平行关系的常用方法熟练掌握线线、线面、面面平行关系间的相互转化是解决线线、线面、面面平行的综合问题的关键；面面平行判定定理的推论也是证明面面平行的一种常用方法.感悟提升

训练3

如图所示，四边形EFGH为空间四边形ABCD的一个截面，若截面为平行四边形.(1)求证：AB∥平面EFGH，CD∥平面EFGH；证明

∵四边形EFGH为平行四边形，∴EF∥HG.∵HG⊂平面ABD，EF⊄平面ABD，∴EF∥平面ABD.又∵EF⊂平面ABC，平面ABD∩平面ABC＝AB，∴EF∥AB，又∵EF⊂平面EFGH，AB⊄平面EFGH，∴AB∥平面EFGH.同理可得CD∥平面EFGH.

(2)若AB＝4，CD＝6，求四边形EFGH周长的取值范围.解设EF＝x(0＜x＜4)，由于四边形EFGH为平行四边形，∵四边形EFGH为平行四边形，又∵0＜x＜4，∴8＜L＜12，故四边形EFGH周长的取值范围是(8，12).FENCENGJINGLIANGONGGUTISHENG分层精练巩固提升31.设α，β为两个平面，则α∥β的充要条件是(

)A.α内有无数条直线与β平行 B.α内有两条相交直线与β平行C.α，β平行于同一条直线 D.α，β垂直于同一平面解析若α∥β，则α内有无数条直线与β平行，当α内无数条直线互相平行时，α与β可能相交；若α，β平行于同一条直线，则α与β可以平行也可以相交；若α，β垂直于同一个平面，则α与β可以平行也可以相交，故A，C，D中条件均不是α∥β的充要条件.根据两平面平行的判定定理知，若一个平面内有两条相交直线与另一个平面平行，则两平面平行，反之也成立.因此B中条件是α∥β的充要条件.B【A级

基础巩固】2.如果AB，BC，CD是不在同一平面内的三条线段，则经过它们中点的平面和直线AC的位置关系是(

) A.平行

B.相交 C.AC在此平面内

D.平行或相交A解析如图，把这三条线段放在正方体内，可得AC∥EF，AC⊄平面EFG，EF⊂平面EFG，故AC∥平面EFG.3.下列命题中正确的是(

)A.若a，b是两条直线，且a∥b，那么a平行于经过b的任何平面B.若直线a和平面α满足a∥α，那么a与α内的任何直线平行C.平行于同一条直线的两个平面平行D.若直线a，b和平面α满足a∥b，a∥α，b⊄α，则b∥α解析A中，a可以在过b的平面内；B中，a与α内的直线也可能异面；C中，两平面可相交；D中，由直线与平面平行的判定定理知b∥α，故D正确.D4.已知P为△ABC所在平面外一点，平面α∥平面ABC，且α交线段PA，PB，PC于点A′，B′，C′，若PA′∶AA′＝2∶3，则S△A′B′C′∶S△ABC等于(

) A.2∶3

B.2∶5 C.4∶9

D.4∶25D解析∵平面α∥平面ABC，∴A′C′∥AC，A′B′∥AB，B′C′∥BC，∴S△A′B′C′∶S△ABC＝(PA′∶PA)2，又PA′∶AA′＝2∶3，∴PA′∶PA＝2∶5，∴S△A′B′C′∶S△ABC＝4∶25.5.(2023·红河统测)如图，在下列四个正方体中，A，B为正方体的两个顶点，M，N，Q分别为所在棱的中点，则在这四个正方体中，直线AB与平面MNQ不平行的是(

)D解析对于A，AB∥NQ，AB⊄平面MNQ，NQ⊂平面MNQ，所以直线AB与平面MNQ平行，所以A不符合题意；对于B，C，AB∥MQ，AB⊄平面MNQ，MQ⊂平面MNQ，所以直线AB与平面MNQ平行，所以B，C不符合题意；对于D，由正方体的性质可知，体对角线AB与平面MNQ相交，所以直线AB与平面MNQ不平行，所以D符合题意.故选D.

6.(多选)(2023·邵阳、郴州模拟)如图，在空间四边形ABCD中，E，F分别为AB，AD的中点，G，H分别在BC，CD上，且BG∶GC＝DH∶HC＝1∶2，则(

) A.BD∥平面EGHF B.FH∥平面ABC C.AC∥平面EGHF D.直线GE，HF，AC交于一点AD解析因为BG∶GC＝DH∶HC，所以GH∥BD.又E，F分别为AB，AD的中点，

则EF∥GH.易知BD∥平面EGHF，FH与AC为相交直线，故A正确，B，C错误；因为EF∥GH，且EF≠GH，所以四边形EGHF为梯形，所以EG与FH必相交，设交点为M，而EG⊂平面ABC，FH⊂平面ACD，则点M在平面ABC与平面ACD的交线上，又平面ABC∩平面ACD＝AC，所以M∈AC，即直线GE，HF，AC交于一点，故D正确.7.(多选)如图，透明塑料制成的长方体容器ABCD－A1B1C1D1内灌进一些水，固定容器一边AB于地面上，再将容器倾斜，随着倾斜程度的不同，有下面几个结论，其中正确的是(

)A.没有水的部分始终呈棱柱形B.水面EFGH所在四边形的面积为定值C.随着容器倾斜程度的不同，A1C1始终与水面所在平面平行D.当容器倾斜如图(3)所示时，AE·AH为定值AD解析根据棱柱的特征(有两个面互相平行，其余各面都是四边形，并且每相邻两个四边形的公共边都互相平行)，结合题中图形易知A正确；由题图可知水面EFGH的边EF的长保持不变，但邻边的长却随倾斜程度而改变,可知B错误；因为A1C1∥AC，AC⊂平面ABCD，A1C1⊄平面ABCD，所以A1C1∥平面ABCD，当平面EFGH不平行于平面ABCD时，A1C1不平行于水面所在平面，故C错误；当容器倾斜如题图(3)所示时，因为水的体积是不变的，所以棱柱AEH－BFG的体积V为定值，又V＝S△AEH·AB，高AB不变，所以S△AEH也不变，即AE·AH为定值，故D正确.8.设α，β，γ是三个不同的平面，m，n是两条不同的直线，在命题“α∩β＝m，n⊂γ，且________，则m∥n”中的横线处填入下列三组条件中的一组，使该命题为真命题. ①α∥γ，n⊂β；②m∥γ，n∥β；③n∥β，m⊂γ.

可以填入的条件有________.(填序号)

解析由面面平行的性质定理可知，①正确；

当m∥γ，n∥β时，n和m可能平行或异面，②错误；

当n∥β，m⊂γ时，n和m在同一平面内，且没有公共点，所以m∥n，③正确.①或③9.如图所示，在正四棱柱ABCD－A1B1C1D1中，E，F，G，H分别是棱CC1，C1D1，D1D，DC的中点，N是BC的中点，点M在四边形EFGH及其内部运动，则M只需满足条件________________________________时，就有MN∥平面B1BDD1.(注：请填上你认为正确的一个条件即可，不必考虑全部可能情况)点M在线段FH上(或点M与点H重合)解析连接HN，FH，FN(图略)，则FH∥DD1，HN∥BD，且FH∩HN＝H，D1D∩BD＝D，∴平面FHN∥平面B1BDD1，只需M∈FH，则MN⊂平面FHN，∴MN∥平面B1BDD1.10.如图，在正方体ABCD－A1B1C1D1中，AB＝2，点E为AD的中点，点F在CD上.若EF∥平面AB1C，则线段EF的长等于________.解析因为EF∥平面AB1C，EF⊂平面ABCD，平面ABCD∩平面AB1C＝AC，所以EF∥AC，所以点F为DC的中点，11.(2023·郑州调研)如图，在直三棱柱ABC－A1B1C1中，点D，E，F分别为AB，A1B1，BC的中点，线段CD与线段AF交于点G. (1)求证：平面AC1E∥平面B1CD；证明

如图，因为在三棱柱ABC－A1B1C1中，D，E分别为AB，A1B1的中点，所以DE∥CC1，且DE＝CC1，则四边形DEC1C是平行四边形，故EC1∥DC，又CD⊂平面B1CD，EC1⊄平面B1CD，所以EC1∥平面B1CD，因为在三棱柱ABC－A1B1C1中，D，E分别为AB，A1B1的中点，所以B1E∥AD，且B1E＝AD，所以四边形B1EAD是平行四边形，所以EA∥DB1.又DB1⊂平面B1CD，EA⊄平面B1CD，所以EA∥平面B1CD，又EA⊂平面AC1E，EC1⊂平面AC1E，且EA∩EC1＝E，所以平面AC1E∥平面B1CD.(2)若AC＝BC＝CC1＝2，AC⊥BC，求三棱锥A－A1C1G的体积.解

因为AC＝BC＝CC1＝2，AC⊥BC，连接DF，由题可知AA1⊥平面ABC，GH⊂平面ABC，所以AA1⊥GH，又AA1∩AC＝A，AA1，AC⊂平面ACC1A1，所以GH⊥平面ACC1A1.因为D，F分别是AB，BC的中点，12.如图，四边形ABCD与四边形ADEF均为平行四边形，M，N，G分别是AB，AD，EF的中点.求证： (1)BE∥平面DMF；证明

如图，连接AE，则AE必过DF与GN的交点O，因为四边形ADEF为平行四边形，所以O为AE的中点，连接MO，则MO为△ABE的中位线，所以BE∥MO，又BE⊄平面DMF，MO⊂平面DMF，所以BE∥平面DMF.(2)平面BDE∥平面MNG.证明

因为N，G分别为平行四边形ADEF的边AD，EF的中点，所以DE∥NG，又DE⊄平面MNG，NG⊂平面MNG，所以DE∥平面MNG，因为M为AB的中点，N为AD的中点，所以MN为△ABD的中位线，所以BD∥MN，又BD⊄平面MNG，MN⊂平面MNG，所以BD∥平面MNG，又DE与BD为平面BDE内的两条相交直线，所以平面BDE∥平面MNG.B【B级

能力提升】解析如图所示，延长AE交CD于点H，连接FH，则△DEH∽△BEA，因为平面AEF∥平面BD1G，平面AEF∩平面CDD1C1＝FH，平面BD1G∩平面CDD1C1＝D1G，所以FH∥D1G.又四边形CDD1C1是平行四边形，14.(多选)(2023·北京西城区质检)如图，在直三棱柱ABC－A1B1C1中，E，F分别是棱A1C1，BC的中点，则下列结论中正确的是(

) A.CC1∥平面A1ABB1 B.AF∥平面A1B1C1 C.EF∥平面A1ABB1 D.AE∥平面B1BCC1ABC解析在直三棱柱ABC－A1B1C1中，因为CC1∥AA1，CC1⊄平面A1ABB1，AA1⊂平面A1ABB1，所以CC1∥平面A1ABB1，A正确；因为平面ABC∥平面A1B1C1，AF⊂平面ABC，所以AF∥平面A1B1C1，B正确；取AB中点G，连接A1G，GF(图略)，因为G，F分别是棱AB，BC的中点，所以EF∥A1G，EF⊄平面A1ABB1，A1G⊂平面A1ABB1，所以EF∥平面A1ABB1，C正确；取AC中点H，连接C1H(图略)，易证得四边形AHC1E为平行四边形，所以EA∥C1H，C1H与平面B1BCC1相交，所以AE与平面B1BCC1相交，D不正确.故选ABC.15.(多选)(2023·茂名五校联考)已知正方体ABCD－A1B1C1D1中，点O是底面ABCD的中心，点M是侧面BB1C1C内的一个动点(含边界)，且OM∥平面C1A1D，则以下关系一定正确的是(

) A.OM∥DC1

B.VM－C1A1D＝VC－C1A1D C.OM⊥B1C