2020年辽宁省沈阳市和平区高一(下)期中物理试卷

2020年辽宁省沈阳市和平区高一(下)期中物理试卷2020年辽宁省沈阳市和平区高一(下)期中物理试卷/2020年辽宁省沈阳市和平区高一(下)期中物理试卷期中物理试卷题号一二三四总分得分一、单项选择题（本大题共8小题，共32.0分）1.以下图，绳的上端固定在O点，下端系小球P．P与斜面Q的接触面粗拙．用水平力向右推Q，使它沿圆滑水平面匀速运动．从图中实线地点到虚线地点过程中，以下说法中正确的选项是（）A.摩擦力对小球P做负功B.斜面Q对小球的弹力垂直于斜面所以对小球不做功C.绳的拉力对小球P做正功D.推力F对斜面做的功和小球P对斜面做的功的绝对值相等2.以下图，有一个足够长的斜坡，倾角为α=30°．一个儿童在做游戏时，从该斜坡顶端将一只足球朝下坡方向水平踢出去，已知该足球第一次落在斜坡上时的动能为21J，则踢球过程儿童对足球做的功为（）A.7JB.9JC.12JD.16J以下图：固定的圆滑竖直杆上套着一个滑块，用轻绳系着滑块绕过圆滑的定滑轮，以大小恒定的拉力F拉绳，使滑块从A点起由静止开始上涨，若从A点上涨至B点和从B点上涨至C点的过程中拉力F做的功分别为W和W，12滑块经B、C两点时的动能分别是EKB、EKC，图中AB=BC，则必定有（）C.D.A.W1＞W2B.W1＜W2＞EKB＜EKcEKBEKC4.滑块以速率v1靠惯性沿固定斜面由底端向上运动，当它回到出发点时速率变成v2，且v2＜v1．若滑块向上运动的位移中点为A，取斜面底端重力势能为零，则（）A.上涨过程中动能和势能相等的地点在A点B.上涨过程中动能和势能相等的地点在A点下方上涨机遇械能减小，降落机遇械能增大上涨机遇械能减小，降落机遇械能也减小5. 以下图，竖直面内有一个固定圆环， MN是它在竖直方向上的直径。两根圆滑滑轨MP、QN的端点都在圆周上，MP＞QN．将两个完整同样的小滑块a、b分别从M、Q点无初速度开释，在它们各自沿MP、QN运动到圆周上的过程中，以下说法中正确的是（ ）A.协力对两滑块的冲量大小同样 B.重力对a滑块的冲量较大C.两滑块的动量变化大小同样 D.弹力对a滑块的冲量较小以下图，圆滑水平面上停着一辆小车，小车的固定支架左端用不计质量的细线系一个小铁球．开始将小铁球提起到图示地点，而后无初速开释．在小铁球往返摇动的过程中，以下说法中正确的是（）小车和小球系统动量守恒小球向右摇动过程小车向来向左加快运动第1页，共12页小球摆到右方最高点时辰，因为惯性，小车仍在向左运动小球摆到最低点时，小车的速度最大7. 图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为 Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线， P是中垂线上的一点．以下哪一种状况能使P点场强方向指向 MN的右边（ ）Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|均匀散布在地球赤道平面上的三颗同步通讯卫星能够实现除地球南北极等少量地区外的“全世界通讯”．已知地球半径为 R，地球表面的重力加快度为 g，同步卫星所在的轨道处的重力加快度为 g′，地球自转周期为 T，下边列出的是对于三颗卫星中随意两颗卫星间距离 s的表达式，此中正确的选项是（ ）① ② ③ ④ ⑤2 R．A.①③ B.②④ C.④⑤ D.②③二、多项选择题（本大题共 2小题，共 8.0分）圆滑水平面上停着一质量M的木块，质量m、速度v0的子弹沿水平方向射入木块，深入木块距离为 d后二者拥有共同速度 v，该过程木块行进了 s，木块对子弹的平均阻力大小为 f。则有（ ）A.mv0=（M+m）v B.C. D.如图，质量都是m的物体A、B用轻质弹簧相连，静置于水平川面上，此时弹簧压缩了△l．假如再给A一个竖直向下的力，使弹簧再压缩△l，形变一直在弹性限度内，稳固后，忽然撤去竖直向下的力，在A物体向上运动的过程中（）A.B遇到的弹簧的弹力大小等于 mg时，A的速度最大B.B的弹簧的弹力大小等于 mg时，A的加快度最大C.B对水平面的压力一直不小于 mgD.B对水平面的压力可能小于 mg三、实验题（本大题共 2小题，共 32.0分）11. 用图甲所示的装置来研究功和动能变化的关系。 木板上固定两个完整同样的遮光条A、B，用不行伸长的细线将木板经过两个滑轮与弹簧测力计 C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道 D上，轨道放在水平桌面上， P为小桶（内有沙子），滑轮质量、摩擦不计，重力加快度为 g。（1）实验中轨道应倾斜必定角度，对此以下说法正确的选项是 ______。A．为了开释木板后，木板在细线拉动下能匀速下滑B．为了增大木板下滑的加快度，提升实验精度C．尽量保证细线拉力对木板做的功等于木板所受协力对木板做的功D．使木板在未施加拉力时能匀速下滑（2）实验主要步骤以下：①丈量木板、遮光条的总质量 M，丈量两遮光条间的距离 L，遮光条的宽度 d按甲图正确安装器械。②将木板左端与轨道左端对齐，静止开释木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A先后经过光电门的时间t1、t2．则遮光条B、A经过光电门的过程中木板动能的变化量△Ek=______，合外力对木板做功W=______，（均第2页，共12页用字母M、t1、t2、d、L、F表示）。③在小桶中增添沙子，重复②的操作。④比较W、△Ek的大小，得出实验结论。（3）若在本实验中轨道水平搁置，其余条件和实验步骤不变，假定木板与轨道之间的动摩擦因数为μ．测得多组F、t1、t2的数据，并获得F与-的关系图象如图所示。已知图象在纵轴上的截距为b，直线的斜率为k，求解μ=______（用字母b、d、L、k、g表示）。用如图甲实验装置考证m1、m2构成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始着落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行丈量，即可考证机械能守恒定律．如图乙给出的是实验中获得的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离以下图．已知m1=50g、m2=150g，则（结果保存两位有效数字）（1）在纸带上打下记数点 5时的速度 v=______m/s；（2）在0～5过程中系统动能的增量 △EK=______J，系统势能的减少许△EP=______J；（g=10m/s2）（3）若某同学作出v2-h图象如图丙，则当地的重力加快度g=______m/s2．四、计算题（本大题共3小题，共28.0分）以下图，质量均为m的三个带电小球A、B、C搁置在圆滑绝缘的水平直槽上，AB间和BC间的距离均为L．已知A、B带同种电荷，且A球带电量为QA=8q，B球带电量为QB=q，若在C球上施加一个水平向右的恒力F，恰巧能使A、B、C三个小球保持相对静止，共同向右加快运动．求：（1）拉力F的大小．（2）C球的带电量QC．第3页，共12页14. 以下图，一对杂技演员（都视为质点）乘秋千（秋千绳处于水平川点）从 A点由静止出发绕 O点下摆，当摆到最低点 B时，女演员在极短时间内将男演员沿水平方向推出，而后自己恰巧能回到高处 A．求男演员落地址 C与O点的水平距离 s。已知男演员质量 m1，和女演员质量 m2之比 =2，秋千的质量不计，秋千的摆长为R，C点比O点低5R。以下图，水平川面上有三个静止的小物块A、B、C，质量均为m=2kg，相距均为l=5m，物块与地面间的动摩擦因数均为μ=0.25．班对A施加一水平向右的恒力F=10N，今后每次碰撞后物体都粘在一同运动。设碰撞时间极短，重力加快度大小为g=10m/s2．求：1）物体A与B碰撞后瞬时的速度；2）物体AB与C碰撞后摩擦产生的热量。第4页，共12页第5页，共12页答案和分析1.【答案】D【分析】解：A、斜面对B的摩擦力沿斜面向下，与B的位移方向夹角为锐角，所以斜面对P的摩擦力对m做正功，故A错误；B、斜面Q对小球的弹力垂直于斜面，速度垂直与细线，所以支持力对小球做正功，故B错误；C、拉力沿着绳索缩短方向，速度方向垂直与绳索，故拉力不做功，故C错误；D、对物体Q受力剖析，受推力、重力、支持力、P对Q的压力和摩擦力，因为支持力和重力与速度垂直不做功，依据动能定理，推力F对斜面做的功和小球P对斜面做的功的代数和为零，故推力F对斜面做的功和小球P对斜面做的功的绝对值相等，故D正确；应选：D。依据恒力做功的表达式W=FScosθ，功的正负能够看力与位移的夹角，当θ＜90°时，力做正功；当θ=90°时，力不做功；当θ＞90°时，力做负功．解决本题的重点掌握功的正负的判断方法，以及会依据功的定义和动能定理比较功的大小，不难．2.【答案】B【分析】解：设踢球过程儿童对足球做的功为W，那么，由能量守恒可知：小球做平抛运动的初动能为W，所以，初速度；那么，由平抛运动的位移公式可知： ，x=v0t， ；所以， ；那么，由机械能守恒可得：该足球第一次落在斜坡上时的动能；所以， ，故B正确，ACD错误；应选：B。依据平抛运动位移公式求得竖直着落高度，再由平抛运动机械能守恒求得末动能与初动能的关系，即可获得初动能，最后由能量守恒即可获得功．经典力学识题，一般先进行受力剖析求得合外力，而后依据几何关系求得运动轨迹，即可由牛顿第二定律和动能定理联立求解．3.【答案】A【分析】解：A、这是一道变力做功的创新题，可进行半定量剖析。从A点上涨至 B点和从B点上涨至 C点的过程中，依据几何关系我们看出轻绳拉着滑块的拉力与圆滑竖直杆的夹角 α愈来愈大。图中 AB=BC，即从A点上涨至 B点的位移等于从B点上涨至 C点的位移。轻绳拉着滑块的拉力是恒力，夹角 α愈来愈大，那么 cosα愈来愈小，因为 F大小恒定，故F在竖直方向的重量Fcosα随α的增大而减小，明显从A点上涨至B点绳索对滑块拉力做的功大于从B点上涨至C点的过程中绳索对滑块拉力做的功。因为用轻绳系着滑块绕过圆滑的定滑轮，所以绳索对滑块的拉力做的功与拉力 F做的功相等。所以 W1＞第6页，共12页W2，故A正确。B、经过以上剖析，故B错误。C、因为在A点因为静止出发，能够必定最先滑块是加快上涨的，也就是说刚开始绳对滑块拉力的竖直分力要大于滑块的重力，但因为绳对滑块拉力的竖直分力是渐渐减小的（对滑块的拉力大小不变，但与竖直方向的夹角在渐渐增大），B到C的过程绳对滑块拉力的竖直分力与重力的大小关系不清楚，所以滑块的运动可能是加快的，也可能是减速的，还可能是先加快后减速的（竖直分力小于重力时做减速运动），所以没法确立滑块在B、C地点哪个地点的速度大，也就没法确立哪个地点的动能大，故C错误。D、经过以上剖析，故D错误。应选：A。依据功的定义式去判断两个过程中功的大小．剖析滑块的运动过程，依据受力状况找出滑块可能出现的状况．对于功的大小定性比较，我们能够运用功的表达式去比较，也能够从动能定理去比较．对于不一样地点动能的大小比较，我们能够经过受力剖析（结协力的变化），剖析物体的运动过程，是加快仍是减速．4.【答案】D【分析】解：AB、设物体上涨的最大位移为s，动能和势能相等时的位移为l，速度为v3在上涨过程由动能定理有：（ mgsinθ+f）?s= ①（mgsinθ+f）?l= - ②由动能等于势能，有： mglsinθ= ③由②③得：l= ；由①得：s=比较可得 l大于，故AB错误；CD、上涨、降落时都要战胜摩擦力做功，故机械能均减小，故 C错误D正确；应选：D。依据除重力之外其余力做功等于机械能的增量判断上涨和降落过程中机械能的变化。依据动能定理，抓住动能势能相等，求出最大位移，进而剖析判断。本题后AB选项，是判断向上阶段中动能与势能相等点的地点，乍一看觉的较简单，实则是一道有必定难度的计算题。若定性议论，也不太简单，反倒不如计算来得快、准。5.【答案】D【分析】解：对滑块，由牛顿第二定律得： a= =gsinθ（θ为杆与水平方向的夹角），由图中的直角三角形可知，滑块的位移 S=2Rsinθ，滑块做初速度为零的匀加快直线运动， 运动时间：t= = =2 ，t与θ没关，即：t1=t2AC、小球遇到的合外力等于重力沿轨道方向的分力，即： mgsinθ，所以合外力的冲量大小为：mgsinθ?t．由图可知 MP与水平方向之间的夹角大，所以沿 MP运动的a球遇到的合外力的冲量大；沿 MP运动的a球遇到的合外力的冲量大，由动量定理可知， a球第7页，共12页的动量变化大。故AC错误；B、重力的冲量为mgt，因为运动的时间相等，所以重力的冲量大小相等，故B错误；D、弹力的冲量：mgcosθtMP与水平方向之间的夹角大，所以a球的弹力?，由图可知的冲量小，故D正确。应选：D。依据牛顿第二定律计算出滑环沿随意一根杆滑动的加快度，而后依据位移时间关系公式计算出时间，而后联合冲量的定义以及动量定理解题。该题也能够依据“等时圆”的合用条件结构出“等时圆”，作出图象，依据位移之间的关系即可判断运动时间，难度适中。6.【答案】D【分析】解：A、小车与小球构成的系统在水平方向动量守恒，在竖直方向动量不守恒，系统整体动量不守恒，故A错误；B、小球从图示地点下摆到最低点，小车受力向左加快运动，当小球到最低点时，小车速度最大。当小球从最低点向右边运动时，小车向左减速，当小球运动到与左边图示位置相对称的地点时，小车静止。故小球向右摇动过程小车先向左加快运动，后向左减速运动，故 BC错误，D正确；应选：D。因为水平面圆滑，球、车系统水平方向动量守恒，但竖直方向动量不守恒，系统机械能守恒，小球摆过程中机械能不守恒．本题主要考察了动量守恒、机械能守恒条件的判断，要求同学们能正确剖析小球和小车的运动状况，难度适中．7.【答案】B【分析】解：A、Q1，Q2都是正电荷，对放在 P点的正尝试电荷都是排挤力，故协力在两个排挤力之间的某个方向，因为Q1＜Q2，故Q2的排挤力较大，故协力倾向左边，故电场强度倾向左边，不行能沿指向MN的右边。故A错误；B、Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|，故Q1对放在P点的正尝试电荷的排挤力大于Q2对其的吸引力，故协力倾向右，故电场强度倾向右边，故B正确；C、Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2，故Q1对放在P点的正尝试电荷的吸引力小于Q2对其的排挤力，故协力倾向左，故电场强度倾向左边，故C错误；D、Q1，Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|，对放在P点的正尝试电荷都是吸引力，故协力在两个吸引力之间的某个方向，因为|Q1|＞|Q2|，故Q1的吸引力较大，故协力倾向左边，故电场强度倾向左边，故D错误；应选：B。利用在该点正电荷所受电场力方向为电场强度方素来确立各自电场强度方向．而后两点电荷在同一点的场强是由各自电场强度矢量叠加而成的．本题重点是在 P点搁置一个尝试电荷， 利用平行四边形定章确立电场力方向， 而后进一步确立电场强度的方向．8.【答案】D【分析】解：依据万有引力供给向心力得： ，r为轨道半径，有：，依据地球表面处万有引力等于重力得： m=mg，得：GM=gR2依据题意画出俯视三颗同步通讯卫星的几何地点图象：第8页，共12页依据几何关系得： L= 。所以L= =依据同步卫星处万有引力等于重力得： ，r=因为GM=gR2所以L=所以：②③正确，①④⑤错误。应选：D。认识同步卫星的含义，即同步卫星的周期一定与地球同样；经过万有引力供给向心力，列出等式经过已知量确立未知量；依据万有引力等于重力，代换 GM．不一样的同步卫星在地球赤道平面上空同一轨道上，画出几何图象，找出物理量的几何关系，运用黄金代换式GM=gR2求出问题是考试中常有的方法．9.【答案】AD【分析】解：A、子弹击中木块过程系统动量守恒，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，故A正确；B、对子弹，由动能定理得：-f（s+d）=，故B错误；C、子弹击中木块过程战胜阻力做功，部分机械能转变成内能，系统机械能不守恒，故错误；D、对系统，由能量守恒定律得：，即：fd=，故D正确；应选：AD。依据机械能守恒的条件和动量守恒定律的条件分别判断出机械能和动量能否守恒；分别对子弹和木块运用动能定理，列出动能定理的表达式。摩擦力与相对位移的乘积等于系统能量的损失。本题考察了动量守恒定律的应用，依据题意剖析清楚运动过程是解题的前提，解决本题的重点知道运用动能定理解题，第一要确立好研究的对象以及研究的过程，而后依据动能定理列表达式。10.【答案】AC【分析】解：A、当A的协力为零，即所受的弹力和重力均衡时，A的速度最大，此时弹簧的弹力F=mg．故A正确。B、开始弹簧的弹力大小等于A的重力mg，再给A一个竖直向下的力，使弹簧再压缩△l，依据胡克定律知，此时弹簧的弹力大小为2mg，此时A的加快度最大，大小为a===g．故B错误。CD、当A运动到最高点时，依据对称性知，A的加快度大小为g，方向竖直向下，则弹簧的弹力为零，此时B对水平面的压力大小等于mg，所以B对水平面的压力一直不小于mg，故C正确，D错误。应选：AC。当A所受的重力和弹簧弹力相等时，A的速度最大，当弹簧的弹力最大时，A物体的加速度最大，此时B对地面的压力最大。依据牛顿第二定律解答。第9页，共12页本题考察了牛顿第二定律和共点力均衡的基本运用，知道弹簧弹力与 A的重力均衡时，的速度最大。11.FL【答案】CD【分析】解：（Ⅰ）为了使绳索拉力充任协力，即细线拉力做的功等于协力对小车做的功应先均衡摩擦力，摩擦力均衡掉的检测标准即：可使得小车在未施加拉力时做匀速直线运动，故CD正确；应选：CD；（2）小车经过A时的速度：vA=，小车经过B时的速度：vB=；则小车经过A、B过程中动能的变化量：△EK=MvB2-MvA2=）；拉力所做的功：W=FL；（3）由题意，小车遇到的拉力是：F=（mg-f），小车的位移是s，设小车的质量是M，小车动能的变化是：△EK=，依据做功与动能变化的关系可得：（mg-f）s=，整理得：mg-f=（），则图线的坐标轴的截距表示摩擦力f，即：f=b；图线的斜率：k=，由摩擦力的公式得：μ==；故答案为：（ 1）CD；（2） ；FL；（3） 。1）为了使绳索拉力充任协力，即细线拉力做的功等于协力对小车做的功应先均衡摩擦力。（2）小车在钩码的作用下拖动纸带在水平面上做加快运动， 经过速度传感器可算出 AB两点的速度大小，依据动能的计算公式可计算出动能的变化；3）由功与动能变化的关系式，确立图线上斜率与截距的意义，联合摩擦力的公式即可求出摩擦因数。本题考察研究动能定理的实验，这个实验对于我们可能是一个新的实验，但该实验的原理都是我们学过的物理规律。做任何实验问题仍是要从最基本的物理规律下手去解决。对于系统问题办理时我们要清楚系统内部各个物体能的变化。12.【答案】2.40 0.576 0.588 9.70【分析】解：（1）计数点5的刹时速度v5==cm/s=240cm/s=2.40m/s．（2）系统增添的动能△EK12）522=（m+mv=×0.2×2.40J=0.576J，系统重力势能的减小量△Ep=（m2-m1）gh=0.1×10×（0.384+0.216）J=0.588J．可知在偏差同意的范围内，系统机械能守恒．（3）依据（m2-m1）gh=（m1+m2）v2得，=gh，则图线的斜率k=g==4.85，解得g=9.70m/s2．第10页，共12页故答案为：（ 1）2.40；（2）0.576；0.588，（3）9.70．（1）依据某段时间内的均匀速度等于中间时辰的顺所受的求出计数点 5的刹时速度；（2）依据动能的定义进而得出动能的增添量， 依据降落的高度求出重力势能的减小量，注意m2的重力势能减小， m1的重力势能增大．（3）依据机械能守恒得出 v2-h的关系式，联合图线的斜率求出重力加快度．本题全面的考察了考证机械能守恒定律中的数据办理问题，要娴熟掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，加强数据办理能力．本题还要注意与课本实验进行差别，注意两个物体重力势能变化，才能正确求解总的重力势能的改变量．13.【答案】解：A、B、C三者作为整体为研究对象，有：F=3ma ①所以加快度方向向右，而AB带同种电荷电，所以C带异种电荷；以A为研究对象，有：- + =ma ②以B为研究对象，有：+ =ma ③由①②③可解得：qc=16qF=答：（1）外力大小 F为 ；（2）C球所带电量 QC为-16q．【分析】先把A、B、C三者作为整体为研究对象，依据牛顿第二定律求出加快度，再分别以A、B为研究对象，运用静电力公式联合牛顿第二定律即可解题．本题主要考察了库仑定律及牛顿第二定律的直策应用， 重点灵巧地选择研究对象， 而后依据牛顿第二定律列式，不难．14.【答案】解：两演员一同从从A点摆到B点，只有重力做功，机械能守恒定律，