高二物理模拟学考各地试题 之云南省楚雄市2013-高二上学期学业水平测试 物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精（全卷满分100分，考试时间120分钟）注意：本卷中g取10m/s2一、选择题(本题有10小题，每小题3分，共30分。给出的四个选项中,只有一个选项正确。)1．关于静电场的下列说法中正确的是A．电场中电势较高处的电场强度一定较大B．由电场强度的定义式E=F/q可知,电场中某点电场强度的大小与检验电荷在该点所受的电场力成正比，与检验电荷的电量成反比C．电场中某点的场强方向就是该点所放电荷受到的电场力的方向D．电场中的电场线一定与等势面垂直相交2．在电场线如图所示的电场中有M、N两点，一个带电离子（不计重力）仅在电场力作用下由静止开始从M点运动到N点，则A．M点处的电场强度比N点处的电场强度大B．该离子在M点的电势能大于在N点的电势能C．M点处的电势比N点处的电势低D．该离子在N点的速度可能为零【答案】B【解析】BACE3．如图所示,在匀强电场中有A、B两点，将一电量为q的正电荷从A点移到B点，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2;第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为WBACEA．B．C．D．4．如图,通电直导线处于足够大的匀强磁场中，导线与水平面夹角，导线中通过的电流为I，为了增大导线的安培力，可采取的办法是A。增大电流IB。减小磁感应强度BC.把通电直导线在纸面内绕O点顺时针旋转300D。把通电直导线在纸面内绕O点逆时针旋转600【答案】A5．如图所示的四种情况，通电导体均置于匀强磁场中，其中通电导线不受安培力的是6．在如图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为A．A灯和B灯都变亮B．A灯、B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗D．A灯变暗，B灯变亮考点：恒定电流.7。如图所示，一个带正电的物体,从固定的粗糙斜面顶端沿斜面滑到底端时的速度为v，若加上一个垂直纸面向外的匀强磁场，则物体沿斜面滑到底端时的速度A。不变 B.变小C。变大 D。不能确定8．如图所示的速度选择器中有正交的电场和磁场，有一粒子沿垂直于电场和磁场的方向飞入其中，并沿直线运动（不考虑重力作用）,则此粒子A.一定带正电B.一定带负电C。一定不带电D。可能带正电或负电，也可能不带电9．右图是简化的多用表的电路。转换开关S与不同接点连接，就组成不同的电表：下面是几位同学对这一问题的议论,请你判断他们中的正确说法A．S与2连接时，多用表就成了测电阻B．S与3连接时，多用表就成了电流表C．S与4连接时，多用表就成了电压表D．S与5连接时，多用表就成了电压表10．长度为L的通电导体棒，水平放在光滑绝缘斜面上，整个装置处在如图所示的匀强磁扬中，在以下四种情况下,导体棒可能静止在斜面上的是B×AB×AB×BB×DB×C【解析】试题分析：根据磁场方向及导体棒中的电流方向,再由左手定则，我们可以判断出A中的导体棒受到沿斜面向上的安培力,这个安培力与斜面对导体棒的支持力与重力能够平衡，故导体棒可能静止,A正确；B中安培力的方向水平向左，故导棒不可能在斜面上平衡；C中的安培力沿斜面向下,故导体棒也不可能平衡;D中的安培力竖直向下，导体棒也不可平衡，故B、C、D都是不对的。考点：左手定则，受力平衡。二、选择题（本题4小题，每小题4分,共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确,全对得4分，选不全得2分，选错不得分。）11．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行.整个装置处在真空中，电子的重力不计。在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转位移h变大的是A．U1变大B．U1变小C．U2变大D．U2变小062I/A4U/V321ⅠⅡ12．在如图所示的U062I/A4U/V321ⅠⅡA．电源的电动势为3VB．电源的内阻为2C．电阻R的阻值为0。5D．电路消耗的总功率为6W13．如图所示，两个带电粒子M和N，以相同的速度经小孔S垂直进入同一匀强磁场,运行的半圆轨迹如图两种虚线所示，下列表述正确的是A．M带负电，N带正电B．M的运行时间不可能等于N的运行时间C．M的带电量小于N的带电量D．M的质量大于N的质量半个周期,且T=，可见M的周期要大于N的,所以B是正确的；由于是M粒子的质量与电量之比大于N，所以不能说M的带电量小于N的带电量，也不能说M的质量大于N的质量，可见,C、D都是不对的。考点:带电粒子在磁场中的偏转。14。如图是一个三输入端三个门电路组成的复合门电路，当C端输入“0"时，A、B端输入为何值时输出端Y输出为“0"A．00 B．01C．10 D．11三、填空、试验题(本题共20分）甲乙15．（4分)如图所示，甲图中二十分度的游标卡尺的读数是cm；甲乙中螺旋测微器的读数为mm甲乙【答案】24。815cm；9。970mm。【解析】试题分析：甲图中主尺的读数为24.8cm，游标尺的第三个格与主尺相对齐，则游标尺的的读数为3×=0.15mm，故游标卡尺的读数是24。8cm+0。15mm=24.815cm；乙图中螺旋测微器的主尺读数为9。5mm,旋钮的读数为47.0×=0。470mm，故其读数为9.5mm+0.470mm=9.970mm.考点:游标卡尺与螺旋测微器的读数。16．（8分）实验室中测量某一电阻的阻值。（1)选用“×l0”的电阻挡，正确操作后，该电阻的示数如图，则该R约为Ω;（2）某同学想用伏安法更精确地测量其电阻R,现有的器材及其代号和规格如下：待测电阻R直流电源E（电动势4V，内阻不记）电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2(量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0~l5V，内阻约25kΩ）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2(阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，应选择的器材有待测电阻R、电源E、开关、导线以及（填仪器符号)；(4）请在答题卡线框内画出测量的电路图．【答案】（1）240Ω；（2）;（3）电路如图。故我们选择3V量程的电压表V1测量时会更精确一些；滑动变阻器在选择时应该尽量选用阻值较小的,以便于调节，故选择R1；(3)为了测得多组数据，采用分压式较好，由于电流表的内阻相对于被测电阻而言差别不太大，故采用电流表外接的方式可以减小系统误差，设计的电路图如图所示。考点：欧姆表的读数，伏安法测电阻。17．（共8分）某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，连接电路的实物图如图所示。（1)指出该同学接线中错误的和不规范的做法是；A.滑动变阻器，不起变阻作用B.电流表接线有错C.电压表量程选用不当D.电压表接线有错（2）在答题卡线框内画出这个实验的正确电路图。（3）实验桌上有下列三种器材，需要选择A。新电池一节B.旧电池一节C.滑动变阻器(10Ω,2A）D.滑动变阻器(500Ω，2A)E.电压表(3V，3000Ω）F.电压表（3V，5000Ω）为了减小实验误差，则干电池、滑动变阻器和电压表应分别选用（只填序号)。【答案】(1)AD；(2）图略；（3）B；C；F；【解析】四、解答题（本题有4小题，共34分。解答应写出必要的文字说明，方程式和主要演算步骤。只写出最后结果、答案的不能得分。有数值计算的，须明确写出数值和单位。）18．(8分）19。（8分）如图所示，电荷量为－e，质量为的电子从点沿与电场垂直的方向进入匀强电场,初速度为，当它通过电场中点时,速度与场强方向成角，不计电子的重力,求:(1）电子经过点的速度多大；（2）两点间的电势差多大。20.（9分）如图所示,导体杆质量为，电阻为,放在与水平面夹角为的倾斜金属导轨上，导轨间距为，电阻不计,系统处在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为，电源的内阻不计,重力加速度为。求：(1）若导体光滑时，电源的电动势为多大能使导体杆静止在导轨上；（2）若导体杆与导轨间的动摩擦因数为,且不通电时导体杆不能静止在导轨上，要使杆在导轨上匀速下滑，电源的电动势应为多大。【答案】(1）;（2）；【解析】试题分析：(1)从b向a看该图可以画出如图所示的平面图21、（9分）如