2022年贵州省铜仁市中考物理一模试卷

2022年贵州省铜仁市中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共9小题，共36分）

1.（4分）为了了解自己的身体情况，健康的小明做了一些测量，其中比较符合实际的是（）

A.身高1600cmB.步行速度lm/s

C.体温5（TCD.质量5Xl（）4mg

2.（4分）下列对关系正确的是（）

A.法拉第一一发现电流的磁效应

B.沈括一一发现地理两极与地磁场两极不重合

C.奥斯特一一发现电磁感应现象

D.牛顿一一首先测出大气压强值

3.（4分）甲、乙、丙三辆小车同时、同地向同一方向运动，它们运动的图象如图所示，由

A.甲车的速度是4km/h

B.甲、乙两车的速度相同

C.甲车相对于丙车是运动的

D.经过5s,乙车跑在最前面

4.（4分）如图所示，烛焰在光屏上成清晰的像。当把蜡烛向左移动一段距离，要在光屏上

再次成一个清晰的像，应该（）

A.保持凸透镜不动，光屏向左移

B.保持凸透镜不动，光屏向右移

C.保持凸透镜和光屏都不动

D.以上说法都不对

5.（4分）下列说法中正确的是（）

A.火箭发射升空过程中，火箭的重力势能变大，机械能不变

B.篮球场上，运动员将手中的篮球传给队友，说明力能改变物体的运动状态

C.物理书放在课桌上，书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力

D.飞机飞行时，机翼上方空气流速小于下方，所以机翼获得向上的升力

6.（4分）以下是某同学记录的物理笔记，其中正确的是（）

①一个物体从地球带到月球上质量不变；

②一个物体的速度越快，它的惯性就越大；

③一个物体吸收了热量，温度升高，内能增大；

④内燃机做功冲程是将机械能转化为内能；

⑤验电器是利用同种电荷互相排斥、异种电荷互相吸引的原理工作的；

⑥家用电器的总功率过大是造成家庭电路电流过大的原因之一。

A.①②④⑥正确B.①②③⑥正确C.只有①⑥D.④⑤⑥正确

7.（4分）在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化

A.Ai、A3示数不变，A2、V示数变小

B.Ai、V示数不变，A2、A3示数变大

C.Ai、A2、V示数不变，A?示数变小

D.A2、V示数不变，Ai示数变小，A3示数变大

8.（4分）下列四幅图中能说明发电机的工作原理的是（）

面

A.a

B.

9.（4分）如图所示，电源电压18V,且保持不变，电流表接“0〜0.6A”量程，电压表接

“0〜15V”量程，灯泡上标有“6V3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则下列

计算正确的是（）

A.灯泡正常发光时的电流0.2A

B.当电流表的示数为0.4A时，电压表的示数为4.8V

C.为了保证电路的安全，滑动变阻器允许接入的最大阻值为36Q

D.为了保证电路的安全，滑动变阻器允许接入的最小电阻是24。

二、填空题：（本题包括7个小题，每空1分，共17分。请将答案填写在答题卡相应的位

置）

10.（1分）江口县域到梵净山的路程是20km,一辆汽车按规定时速行驶需30min；则汽车

的平均速度是km/ho

11.（2分）甲、乙两金属块，它们的质量之比为4：3,体积之比为1：2,则它们的密度之

比为，如果它们的质量相等，那么它们的体积之比为，

12.（3分）太阳能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源，其利用方式有多种，

绿色植物的光合作用是将光能转化为能；太阳能热水器是通过的方式

增加水的内能。

13.（3分）下列物态变化的名称是:

（1）秋冬草上露珠（2）日光灯管两端变黑；（3）冰雪化成水

14.（3分）周末，小丽和家人去新场湿地公园游玩，看见平静的水里，鱼儿在白云中游来

游去。看到的鱼儿是由于光的射形成的像；若湖水深4m,则白云形成的像到水

面的距离4m（选填“大于”、“小于”或“等于”），则湖水对湖底的压强是

Pa。

15.（3分）由于雾霾严重，小明咳嗽看医生，医生用听诊器听肺音诊断疾病，是因为声可

以传递;居民小区禁止汽车鸣笛是从.减弱噪声；接听电话时，很容易

分辨出熟人的声音，这主要是根据声音的（选填“音调”、“响度”或“音色”）

来判断的。

16.（2分）如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻Ri=10C,R2=20C,若开关SI、

S2断开，S闭合，电流表示数为0.2A,则电源电压是V,若S、Si、S2都闭合时,

电流表示数为0.9A,则电阻R3消耗的功率是Wo

三、简答题（每问2分，共6分，请将答策填写在答题卡相应的位置。）

17.（6分）如图所示，滑雪运动员保持身体姿势不变从斜坡滑下后，用力撑杆，飞速向前

滑去，请根据此情景提出三个与物理知识有关的问题，并加以解释。

问题:解答:

问题:;解答:

问题:解答:

四、作图题（本题包括3个小题，每小题2分，共6分）

18.（2分）在图中完成光路图。

19.（2分）在图中画出力Fi的力臂和力臂L2对应的力F2。

20.（2分）如图所示，根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极•

五、实验探究题（本题包括3个小题，37小题6分，38小题4分，39小题12分，共22分）

21.（6分）某实验小组在“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如把表所示，第1、2、

3次实验装置分别如图的甲、乙、丙所示。

次数钩码重钩码上升有用功W测力计拉测力计移总功W总/J机械效率

G/N高度h/m有用/J力F/N动距离n

s/m

140.10.41.10.50.5572.7%

240.10.41.60.30.4883.3%

320.10.20.90.30.27

（1）第3次实验中的机械效率是

（2）比较第2次实验和第3次实验，可得出初步结论：使用同样的滑轮组，提起的钩码

越重，滑轮组的机械效率越。

（3）第1次实验中动滑轮个数比第2次实验多，动滑轮自重增大，对动滑轮所做的额外

功（选填“增大”或“减小”）.因而，由第I、2次实验可知：滑轮组的机械效

率可能与动滑轮自重力大小有关。

甲7.丙

22.（4分）小航在实验室测量盐水密度，小航先用天平测量烧杯和盐水的总质量，天平平

衡时的情景如图乙所示，然后将盐水倒入量筒中如图甲所示，再用天平测出烧杯和剩余

盐水的质量为30g。则盐水的体积为cn?,请你根据以上实验数据计算出盐水的

密度为kg/m3»

甲乙

23.（12分）小明想知道小灯泡的亮暗程度与什么因素有关，于是找来额定电压是25V、电

阻约为10Q的小灯泡L,按照图甲所示的电路，将其接在电源电压为6V的电路中开始

乙

丙

（1）请用笔画线代替导线，根据图甲所示的电路图，完成图乙所示实物图的连接。

（2）小明正确连接电路后，闭合开关，发现灯泡特别亮，此时电流表、电压表都有示数,

出现该现象的原因可能是

（3）小明移动滑动变阻器的滑片P,记下三组数据如下表，其中当电压表的示数为2V

时，电流表的示数如图丙所示，这时通过小灯泡的电流是Ao

实验次数电压U/V电流I/A小灯泡的亮度

12.0暗

—

22.50.25亮

32.80.26很亮

(4)分析上表，可以发现小灯泡亮度是变化的，小灯泡的亮度是由(填“实际

功率”或“额定功率”)决定的，小灯泡正常工作时的电功率为Wo

(5)小明从数据中发现,灯泡的电阻是变化的，你认为影响其变化的主要因素是

(6)完成上述实验后，小明认为把灯L换成定值电阻，该实验可以用来探究“电流跟电

压、电阻的关系”，于是继续进行下面的实验。在探究“电流与电阻的关系”的过程中，

应控制不变，实验中小明将定值电阻由10(1更换为20Q时，闭合开关后，下一

步的操作应当是使滑动变阻器接入电路的电阻(填“变小”或“变大”)。

六、计算题(本题包括2小题，40小题10分，41小题U分，共21分。要求写出必要的

计算过程和文字说明。请将答案填写在答题卡相应的位置，)

24.(10分)工人利用如图所示的装置，在河边打捞水中的物体M,物体M的体积是0.08m3,

打捞过程中物体M在水中匀速上升的速度为0.2m/s；当物体被打捞出水面后，工人对绳

子施加最大的拉力，恰好能使物体继续匀速上升。已知：工人的质量为60kg,物体M的

密度为2.5Xl()3kg/m3。不计绳重、摩擦及水对物体的阻力，g|XION/kgo求：

(1)物体M在水中时所受的浮力；

(2)物体M的重力GM；

(3)动滑轮的重力G动；

(4)物体M在水中匀速上升时工人做功的功率。

25.(11分)小明家新添了一台电热饮水机，其铭牌如下表所示。如图是饮水机简化电路的

示意图，其中S是用感温材料制造的温控开关，Ri是电阻，R2是供加热的电阻丝。

额定电压220V环境温度10℃〜38℃

额定频率50Hz环境湿度<90%

加热/保温功率880W/88W耗电量1.2kW*h/24h

290c・5L/h防触电类I类

(1)求Rl、R2的阻值各是多少？

(2)正常工作时该饮水机将1kg、20℃的水加热至100℃需7min,则水吸收的热量相当

于完全燃烧多少克的液化气？

(3)以上过程中电流做的功是多少？

(4)该饮水机加热状态时的效率？[水的比热容C=4.2X1()3J/(kg«℃),液化气的热值

为3.OX107j/kg]

2022年贵州省铜仁市中考物理一模试卷

参考答案与试题解析

一、单选题（本大题共9小题，共36分）

1.（4分）为了了解自己的身体情况，健康的小明做了一些测量，其中比较符合实际的是（）

A.身高1600cmB.步行速度lm/s

C.体温50℃D.质量5Xl（）4mg

【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远

的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：A、身rWi约160cm,故A错误；

B、步行速度lm/s,符合实际，故B正确；

C、体温约36.5℃,故C错误；

D、质量5Xl（）7mg,故D错误。

故选：B。

【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，

找出符合实际的选项即可。

2.（4分）下列对关系正确的是（）

A.法拉第一一发现电流的磁效应

B.沈括一一发现地理两极与地磁场两极不重合

C.奥斯特一一发现电磁感应现象

D.牛顿一一首先测出大气压强值

【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

【解答】解：A、丹麦物理学家奥斯特最早发现了电流周围存在磁场，也就是电流的磁效

应，故A错误；

B、沈括最早发现了地理两极与地磁场两极不重合，故B正确；

C、法拉第最早发现了电磁感应现象，故C错误；

D、托里拆利最早测出大气压强值，故D错误。

故选：Bo

【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论

要加强记忆，这也是考试内容之一。

3.（4分）甲、乙、丙三辆小车同时、同地向同一方向运动，它们运动的图象如图所示，由

A.甲车的速度是4km/h

B.甲、乙两车的速度相同

C.甲车相对于丙车是运动的

D.经过5s,乙车跑在最前面

【分析】（1）根据甲的s-t图象可求其运动速度；

（2）由v-t图象可知，乙、丙的运动速度大小；

（3）以丙为参照物，判断甲相对丙的运动情况；

（4）由v=5可知，在时间相同的情况下，速度越大，物体通过的路程越大，据此解答。

s

【解答】解：A、由s-t图象可知，甲在5s内通过的路程s甲=20m,则v甲=，=鬻=

t甲A

4m/s=14.4km/h,故A错误；

B、由v-t图象可知，v乙=6m/s,大于v甲=4m/s,故B错误；

C、由v-t图象可知，v丙=4m/s=v甲，又因为甲、丙同时、同地、同一方向运动，则甲

相对于丙没有发生位置的改变，即甲相对丙静止，故C错误；

D、由上述分析可知，乙的速度最大，且甲、乙、丙同时、同地、同一方向运动，则在

5s的时间内乙通过的路程最大，即乙跑在最前面，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查速度公式及其应用、s-t图象和v-t图象的应用，利用图象比较物体

运动的快慢是解答本题的关键。

4.（4分）如图所示，烛焰在光屏上成清晰的像。当把蜡烛向左移动一段距离，要在光屏上

再次成一个清晰的像，应该（)

A.保持凸透镜不动，光屏向左移

B.保持凸透镜不动，光屏向右移

C.保持凸透镜和光屏都不动

D.以上说法都不对

【分析】掌握凸透镜成像的规律，根据成实像时，物近像远像变大的特点进行分析。

【解答】解：由题意知，物距小于像距，此时成倒立放大的实像；

当把蜡烛向左移动一段距离，根据成实像时，物近像远像变大的特点，可知，为了能在

光屏上得到清晰的像，保持凸透镜位置不变，光屏应该向左移动。

故选：Ao

【点评】凸透镜成像规律是光学的难点，在平时学习中要熟练掌握成像特点与物距、像

距的关系，此题应用成实像时，物近像远像变大的特点分析很简单。

5.（4分）下列说法中正确的是（）

A.火箭发射升空过程中，火箭的重力势能变大，机械能不变

B.篮球场上，运动员将手中的篮球传给队友，说明力能改变物体的运动状态

C.物理书放在课桌上，书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力

D.飞机飞行时，机翼上方空气流速小于下方，所以机翼获得向上的升力

【分析】A、根据影响动能和势能大小的因素判断动能和势能的变化，从而根据机械能等

于动能与势能的和分析机械能的变化；

B、力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；

C、二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；

D、流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。

【解答】解：A、火箭发射升空过程中，火箭的质量不变，速度变大，则动能变大，同时

高度增加，重力势能变大；机械能等于动能与势能的总和，所以火箭的机械能变大，故

A错误；

B、篮球场上，运动员将手中的篮球传给队友，运动员施加的力使篮球由静止变为运动,

说明力能改变物体的运动状态，故B正确；

C、物理书放在课桌上，书对桌面的压力和桌面对书的支持力是作用在不同物体上的两个

力，所以不是一对平衡力，故C错误；

D、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所

以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，

这样就产生了作用在机翼上的向上的升力，故D错误。

故选：B„

【点评】此题主要考查学生对动能和势能的大小变化、平衡力的辨别、力的作用效果、

流体压强与流速关系的理解和掌握，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，

掌握基础知识即可正确解题。

6.（4分）以下是某同学记录的物理笔记，其中正确的是（）

①一个物体从地球带到月球上质量不变；

②一个物体的速度越快，它的惯性就越大；

③一个物体吸收了热量，温度升高，内能增大；

④内燃机做功冲程是将机械能转化为内能；

⑤验电器是利用同种电荷互相排斥、异种电荷互相吸引的原理工作的；

⑥家用电器的总功率过大是造成家庭电路电流过大的原因之一。

A.①②④⑥正确B.①②③⑥正确C.只有①⑥D.④⑤⑥正确

【分析】（1）质量是物质本身的一种属性；

（2）惯性大小只与质量有关；

（3）内能的大小与温度、质量、状态等因素有关；

（4）内燃机做功冲程是将内能转化为机械能

（5）验电器是检验物体是否带电的仪器，是利用同种电荷互相排斥的原理工作的；

（6）家庭电路电流过大的原因：短路和用电器总功率过大。

【解答】解：①一个物体从地球带到月球上，位置发生了变化，但质量不变；

②惯性大小只与质量有关，一个物体的速度越快，它的惯性不变：

③物体吸收了热量，内能增大，但温度不一定升高，例如：晶体熔化时，吸收热量，温

度不变：

④内燃机做功冲程中，燃气对外做功，是将内能转化为机械能；

⑤验电器是利用同种电荷互相排斥：

⑥家用电器的总功率过大是造成家庭电路电流过大的原因之一；

综上所述，①⑥正确。

故选C。

【点评】本题考查了多个知识点，难度不大，仔细分析即可得到答案。

7.（4分）在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化

正确的是（)

A.Ai、A3示数不变，A2、V示数变小

B.Ai、V示数不变，4、A3示数变大

C.Ai、A2、V示数不变，A3示数变小

D.4、V示数不变，Ai示数变小，A3示数变大

【分析】分析电流走向可知，本题电路为R1与R2并联，电流表Ai测量R2电流，电流

表A2被短路，电流表A3测量干路总电流，电压表示数U=U1=U2.当滑片P向右滑动

时，变阻器Ri阻值变大，根据并联电路电压特点及欧姆定律可得出相应电表的示数变化

情况。

【解答】解：电流表A2被短路，电压表示数U=Ui=U2.故此两电表示数是不变的。

电流表Ai测量R2电流，故12=告，因R2为定值电阻，阻值不变，故电流表Ai示数也

是不变的。

电流表A3测量干路电流，故12=；,因R1滑片向右滑动，阻值变大，故R#也相应增

R并

大，由电流表小示数变小。

故选：C.

【点评】本题关键在于对电路的辨别和简化，凡是电路图不是标准的串并联电路的，首

先要做的就是对电路的辨别和简化，这是题目的关键也是题目的基础。

8.（4分）下列四幅图中能说明发电机的工作原理的是（）

5

B.

【分析】首先明确题干要求，然后对每个选项分析：A是发电机原理图，B是奥斯特实

验，说明通电导体能产生磁场，C是探究电磁铁磁性强弱的实验，D电动机原理图。最

后选出符合题意的选项。

【解答】解：A、是电磁感应实验，它是发电机原理，故A正确；

B、是奥斯特实验，说明通电导体能产生磁场，故B错误；

C、是探究电磁铁磁性强弱的实验，故C错误；

D、是电动机原理图，故D错误。

故选：Ao

【点评】题目中的图就是电流磁效应的几个重要实验，要牢记，只有牢记才能分开它们，

否则很容易混淆。

9.（4分）如图所示，电源电压18V,且保持不变，电流表接“。〜0.6A”量程，电压表接

“0〜15V”量程，灯泡上标有“6V3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则下列

计算正确的是（）

A.灯泡正常发光时的电流0.2A

B.当电流表的示数为0.4A时，电压表的示数为4.8V

C.为了保证电路的安全，滑动变阻器允许接入的最大阻值为36。

D.为了保证电路的安全，滑动变阻器允许接入的最小电阻是24。

【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出正常发光时的电

流；

（2）先根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据欧姆定律求出电流表的示数为0.4A时灯

泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数；

（3）根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电压表的示数为15V时电路中的电流，再

根据欧姆定律求出滑动变阻器允许接入电路中的最大阻值；

（4）比较灯泡正常发光时的电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律

求出电路中的总电阻，利用电阻串联求出滑动变阻器允许接入的最小阻值；

【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电压UL=6V,功率PL=3W,

由P=UI可得，正常发光时的电流：

IL=空=罂•=0.5A,故A不正确；

ULO/

（2）由1=细■得，灯泡的电阻：

A

DUL6Vlon

RL=7；=两=3,

当电流表的示数为0.4A时，灯泡两端的电压：

UL'=1RL=0.4AX12Q=4.8V,

因串联电路中总电压等于各分电压之和,

所以，电压表的示数：

UR=U-UL=18V-4.8V=13.2V,故B不正确；

（3）当电压表的示数UR'=15丫时;滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

此时灯泡两端的电压：

UL'=U-UR'=I8V-I5V=3V,

因串联电路中各处的电流相等，

所以，此时电路中的电流：

I，U13V

1=瓦=迸=。25人’

滑动变阻器接入电路中的最大阻值：

R'==唐北=60。,故C不正确；

（4）灯泡的额定电流为0.5A,电流表的量程为0〜0.6A,则电路中的最大电流I"=0.5A,

此时电路中的总电阻：

cU18V

R总=r=osA=36。，

滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R"=R&-RL=36£1-12fl=24fl,故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是滑动

变阻器接入电路中最大阻值和最小阻值的判断。

二、填空题：（本题包括7个小题，每空1分，共17分。请将答案填写在答题卡相应的位

置）

10.（1分）江口县域到梵净山的路程是20km,一辆汽车按规定时速行驶需30min；则汽车

的平均速度是40km/h。

【分析】知道江口县域到梵净山的里程和需要的时间，根据v=］求出汽车的平均速度。

【解答】解：汽车的平均速度：

s20km..

v="=—=40km/ho

t>

故答案为：40o

【点评】本题考查了平均速度的计算，是一道基础题目。

11.（2分）甲、乙两金属块，它们的质量之比为4：3,体积之比为1：2,则它们的密度之

比为8：3,如果它们的质量相等，那么它们的体积之比为3：8。

【分析】①已知金属块的质量之比和体积之比，利用p=获得到密度之比：

②已知金属块的质量相等和密度之比，利用V=,得到体积之比。

771用4V甲1

【解答】解：①甲、乙两金属块，它们的质量之比为二=-，体积之比为二=>

m,3V,2

乙乙

m用

P甲V甲7n伊“/428

则它们的密度之比——nr-=-----x—=-x-

mV313

P乙三乙7甲m

V甲，PmP/3

②如果它们的质量相等，那么它们的体积之比'=-FrF=—=-

V-rf----p8

乙P乙甲M

故答案为：8：3；3：8«

【点评】此题是利用密度变形公式比较质量或体积大小关系，难度不大，但一定要细心,

避免出错。

12.（3分）太阳能是可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源，其利用方式有

多种，绿色植物的光合作用是将光能转化为生物质能;太阳能热水器是通过热

传递的方式增加水的内能。

【分析】（1）可再生能源是指可以源源不断地直接从自然界获取的能源；不可再生能源

是指在消耗后无法在短时间内获得补充的能源。

（2）目前人类可以利用太阳能获取的能源主要有：内能、电能、生物质能。

（3）太阳能热水器工作时，是通过热传递的方式将太阳能转化为水的内能。

【解答】解：太阳能是太阳内部发生核聚变反应产生的，对人类来说，是可以从自然界

源源不断地直接获取的能源，故太阳能属于可再生能源。

绿色植物的光合作用是将太阳能转化为生物质能：太阳能热水器是通过热传递的方式将

太阳能转化为内能。

故答案为：可再生；生物质；热传递。

【点评】近几年，环境保护、能源危机成为热门的考点，我们要注意收集相关信息。

13.（3分）下列物态变化的名称是：

（1）秋冬草上露珠液化；（2）日光灯管两端变黑先升华后凝华；（3）冰雪化

成水熔化。

【分析】（1）物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；

（2）物质由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；

（3）物质由固态变为气态的过程叫升华，由气态变为固态的过程叫凝华。

根据我们对于各种物态变化的概念来分析，即可得出结论。

【解答】解：（1）秋冬草上露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化；

（2）日光灯管两端变黑，是通电时温度升高，鸽丝在高温下升华为鸨蒸气；断电后，温

度降低，铝蒸气遇冷的玻璃又凝华为固态的鸨沾在灯管的内壁上，先升华后凝华；

（3）冰雪化成水：冰雪由固态变成了液态，属于熔化现象；

故答案为：（1）液化；（2）先升华后凝华；（3）熔化。

【点评】判断物态变化主要看物体由什么状态变为什么状态，然后根据各种物态变化的

概念得出结论；物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握.

14.（3分）周末，小丽和家人去新场湿地公园游玩，看见平静的水里，鱼儿在白云中游来

游去。看到的鱼儿是由于光的折射形成的像;若湖水深4m,则白云形成的像到水

面的距离大于4m（选填“大于”、“小于”或“等于”），则湖水对湖底的压强是40000

Pao

【分析】小丽看到鱼，是鱼反射的光线从水中斜射入空气中，进入人眼，人看到的不是

真实的鱼，而是偏高的虚像，是由于折射形成的；平面镜成的像与物到镜面距离相等，

平面的水面相当于平面镜，水底并不是平面镜，而题中的4m深是干扰条件；

根据液体压强公式计算湖水对湖底的压强。

【解答】解：看到的鱼儿是鱼反射的光线从水中斜射入空气中，进入人眼而形成的虚像，

这是光的折射现象；水面相当于平面镜，若湖水深4m,白云离水面的距离一定大于4m,

所以白云的像离水面的距离也大于4m,像离水面的距离与水深无关；

湖水对湖底的压强：p=pgh=1.0X103kg/m3X1ON/kgX4m=40000Pa»

故答案为：折；大于；40000。

【点评】本题考查光的折射现象、液体压强公式的灵活运用，属于基础题。

15.（3分）由于雾霾严重，小明咳嗽看医生，医生用听诊器听肺音诊断疾病，是因为声可

以传递信息：居民小区禁止汽车鸣笛是从声源处减弱噪声;接听电话时，很

容易分辨出熟人的声音，这主要是根据声音的音色（选填“音调”、“响度”或“音

色”）来判断的。

【分析】（1）声音的传播中可以包含有大量信息，比如说话，就是在改变着声音的音调

和响度来传播信息；

（2）减弱噪声的途径：从噪声的产生处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减

弱噪声；

（3）音色由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。

【解答】解：医生用听诊器听肺音诊断疾病，是因为声可以传递信息；居民小区禁止汽

车鸣笛是从声源处减弱噪声；接听电话时，很容易分辨出熟人的声音，这主要是根据声

音的音色来判断的。

故答案为：信息；声源处；音色。'

【点评】本题考查声音传递信息、减弱噪声的途径、音色，理解知识点是解决该题的关

键。

16.（2分）如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻Ri=10Q,R2=20。，若开关SI、

S2断开，S闭合，电流表示数为0.2A,则电源电压是6V,若S、Si、S2都闭合时,

电流表示数为0.9A,则电阻R3消耗的功率是1.8Wo

【分析】（1）开关Si,S2都断开、S闭合时，Ri与R2串联，电流表测电路中的电流，

根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；

（2）开关S、Si、S2都闭合时，Ri与R3并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电

压特点和欧姆定律求出通过Ri的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R3的电流，

再根据P=UI求出R3的电功率。

【解答】解：（1）开关Si、S2都断开、S闭合时，Ri与R2串联，电流表测电路中的电

流，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由1=诒可得，电源的电压：

U=I（R1+R2）=0.2AX（100+20（1）=6V；

（2）开关S、Si、S2都闭合时，Ri与R3并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律可知

通过Ri的电流：

,u6V.

I尸瓦=而=°n3'

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过R3的电流：

l3=r-Ii=0.9A-0.6A=0.3A,

电阻R3消耗的功率P=Ul3=6VX0.3A=1.8Wo

故答案为：6；1.8。

【点评】本题考查了串并联电路的特点、及欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是开

关闭合、断开时电路串并联的辨别和电流表所测电路元件的判断。

三、简答题（每问2分，共6分，请将答策填写在答题卡相应的位置。）

17.（6分）如图所示，滑雪运动员保持身体姿势不变从斜坡滑下后，用力撑杆，飞速向前

滑去，请根据此情景提出三个与物理知识有关的问题，并加以解释。

问题：滑雪板的面积为什么做的较大：解答：压力不变，增大接触面积，可减小

压强。

问题：为什么滑雪板下表面做的很光滑；解答：减小接触面的粗糙程度，从而减

小摩擦。

问题：运动员相对于谁是运动的？相对于谁是静止的；解答：以地面为参照物是

运动的，以滑雪板为参照物是静止的。

【分析】从滑板的面积较大涉及到压强；滑板比较光滑涉及到摩擦力；运动员下蹲涉及

到稳定性；运动员下滑涉及到能量转化；运动员撑杆前进涉及到力的作用效果和物体间

力的作用是相互的；杆比较尖涉及到压强等。

【解答】解：问题1:滑雪板的面积为什么做的较大？解答：压力不变，增大接触面积,

可减小压强。

问题2：为什么滑雪板下表面做的很光滑？解答:减小接触面的粗糙程度，从而减小摩擦。

问题3：运动员相对于谁是运动的？相对于谁是静止的？解答：以地面为参照物是运动的,

以滑雪板为参照物是静止的。

问题4：运动员为什么采取下蹲姿势？解答这样可以降低重心，增加稳定性。

问题5：运动员为什么能飞速向前？解答：从斜坡滑下，重力势能转化为动能；用力撑杆，

力改变物体运动状态，从而使运动员飞速向前。

故答案为：滑雪板的面积为什么做的较大：压力不变，增大接触面积，可减小压强；

为什么滑雪板下表面做的很光滑；减小接触面的粗糙程度，从而减小摩擦；

运动员相对于谁是运动的？相对于谁是静止的；以地面为参照物是运动的，以滑雪板为

参照物是静止的。

【点评】对于给定图片提出问题是比较困难的，提出一个问题比解答一个问题更困难。

提问题时，用从图片的用具上考虑，还要从运动过程中进行考虑。

四、作图题（本题包括3个小题，每小题2分，共6分）

18.（2分）在图中完成光路图。

【分析】先确定所给的入射光线或折射光线的特点，再根据凸透镜或凹透镜的三条特殊

光线作图。

【解答】解：

左图中，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射

后传播方向不改变；

右图中，延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经

凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：

【点评】凸透镜三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②

平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线经凸透镜折射后传播方

向不改变。

凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；

②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的

光线经凹透镜折射后传播方向不改变。

19.（2分）在图中画出力Fi的力臂和力臂L2对应的力F2。

【分析】（1）已知动力Fi,根据力臂的画法，先确定支点，再过支点作动力作用线的垂

线段，即可画出动力臂；

（2）己知阻力臂L2,根据力臂的画法，画出阻力的作用线，根据Fi的方向和支点位置，

确定F2的方向。

【解答】解：（1）反向延长Fi的作用线，然后过支点做力Fi作用线的垂线段，再标出

垂直符号和力臂符号Li；

（2）已知力臂L2,它与力F2的作用线垂直，方向斜向下，如图所示:

【点评】本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使

杠杆的运动趋势是相反的。

20.（2分）如图所示，根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极。

【分析】首先据电源的正负极判断出电流的方向，再据安培定则判断出该通电螺线管的

N、S极，然后可知磁感线的方向，而后再根据磁极间的作用规律判断出小磁针的N、S

极即可。

【解答】解：据电源的正负极可知，电流应当从右端流入，左端流出，根据安培定则能

判断出该螺线管的左端是N极，右端是S极；磁感线的特点：在磁体的外部，磁感线方

向是由N极指向S极；再根据磁极间的作用规律可知，与螺线管N极靠近的右端是小磁

针的S极，小磁针的左端是N极。如图所示：

【点评】此题考查了磁感线的特点和安培定则的应用，是一道综合题。

五、实验探究题（本题包括3个小题，37小题6分，38小题4分，39小题12分，共22分）

21.（6分）某实验小组在“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如把表所示，第1、2、

3次实验装置分别如图的甲、乙、丙所示。

次数钩码重钩码上升有用功W测力计拉测力计移总功W/J机械效率

G/N高度h/m有用/J力F/N动距离n

s/m

140.10.41.10.50.5572.7%

240.10.41.60.30.4883.3%

320.10.20.90.30.27

（1）第3次实验中的机械效率是74.1%。

（2）比较第2次实验和第3次实验，可得出初步结论：使用同样的滑轮组，提起的钩码

越重，滑轮组的机械效率越高。

（3）第1次实验中动滑轮个数比第2次实验多，动滑轮自重增大，对动滑轮所做的额外

功增大（选填“增大”或“减小”）.因而，由第1、2次实验可知：滑轮组的机械效

率可能与动滑轮自重力大小有关。

【分析】（1）根据可=不”即可求出滑轮组的机械效率;

（2）钩码升高的距离相同，绳子自由端移动的距离相同，提起的重物越重，机械效率越

高。

（3）提起的重物相同，升高的距离相同，有用功相同，动滑轮越重，额外功增大，总功

增大，机械效率越小。所以滑轮组的机械效率跟动滑轮的重有关。

w

有用

【解答】解：（1）滑轮组的机械效率：n=X1OO%=普X1OO%=7^x100%Q74.1%；

wrSU.Z/J

总

（2）第2、3两次实验数据，可得出：相同条件下，同一滑轮组，提起的钩码越重，滑

轮组的机械效率越高。

（3）分析第1次和第2次实验数据可知，有用功相同，总功增大，额外功增大，机械效

率降低。所以滑轮组的机械效率跟动滑轮的重有关。

故答案为：（1）74.1%；（2）高；（3）增大。

【点评】本题考查了机械效率的计算、实验数据处理，认真分析实验数据是正确解题的

关键。

22.（4分）小航在实验室测量盐水密度，小航先用天平测量烧杯和盐水的总质量，天平平

衡时的情景如图乙所示，然后将盐水倒入量筒中如图甲所示，再用天平测出烧杯和剩余

盐水的质量为30g»则盐水的体积为30cnP,请你根据以上实验数据计算出盐水的

密度为1.1X1Q3kg/m3.

【分析】用量筒测量液体的体积时，视线和液面的上表面相平。

用天平称量物体质量，当天平平衡后，物体的质量=祛码的质量+游码对应的刻度值。

知道盐水的质量和体积，根据密度公式求出盐水的密度。

【解答】解：由图乙可知，天平测量烧杯和盐水的总质量m总=50g+10g+3g=63g；

由图乙可知，倒入量筒中盐水的体积为：V=30mL=30cm3；

倒入量筒内盐水的质量为：m=m总-m'=63g-30g=33g,

盐水的密度为：==l.lg/cm3-l.lX103kg/m3o

故答案为：30；

【点评】本题液体密度的测量实验，主要考查天平的读数、量筒的读数，这是初中物理

中是重要内容，学习中必须掌握！

23.（12分）小明想知道小灯泡的亮暗程度与什么因素有关，于是找来额定电压是2.5V、电

阻约为10。的小灯泡L,按照图甲所示的电路，将其接在电源电压为6V的电路中开始

探究。

（1）请用笔画线代替导线，根据图甲所示的电路图，完成图乙所示实物图的连接。

（2）小明正确连接电路后，闭合开关，发现灯泡特别亮，此时电流表、电压表都有示数，

出现该现象的原因可能是闭合开关前，没有将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处。

（3）小明移动滑动变阻器的滑片P,记下三组数据如下表，其中当电压表的示数为2V

时，电流表的示数如图丙所示，这时通过小灯泡的电流是0.22Ao

实验次数电压U/V电流I/A小灯泡的亮度

12.0暗

0.22

22.50.25亮

32.80.26很亮

（4）分析上表，可以发现小灯泡亮度是变化的，小灯泡的亮度是由实际功率（填

“实际功率”或“额定功率”）决定的，小灯泡正常工作时的电功率为0.625Wo

（5）小明从数据中发现，灯泡的电阻是变化的，你认为影响其变化的主要因素是ja

度。

（6）完成上述实验后，小明认为把灯L换成定值电阻，该实验可以用来探究“电流跟电

压、电阻的关系”，于是继续进行下面的实验。在探究“电流与电阻的关系”的过程中，

应控制电压不变,实验中小明将定值电阻由1（X1更换为20Q时，闭合开关后，下

一步的操作应当是使滑动变阻器接入电路的电阻变大（填“变小”或“变大

【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表的量程，电压表并联在灯的两端；根据欧姆

定律求出灯正常工作时的电流确定电流表的量程，电流表串联在电路中，由电路图可知，

变阻器滑片左边电阻丝连入电路，并注意电表正负接线柱的接法；

（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；

(3)电流表读数时要看清量程和分度值，然后根据指针的位置读数；

(4)小灯泡的亮度取决于实际功率，小灯泡正常工作时的电功率是额定功率；灯泡在额

定电压下正常发光，由表中数据得出额定电压下的电流，根据P=UI可求出灯泡的额定

功率；

(5)导体电阻跟导体材料、长度、横截面积和温度有关，从电阻大小的影响因素来考虑；

(6)探究“电流与电阻关系”，应控制电阻两端的电压不变，改变电阻，比较电流与电

阻的关系；将定值电阻由1()。更换为20。的电阻，根据分压原理判断滑动变阻器滑片的

移动方向。

【解答】解：(1)灯的额定电压为2.5V,所以电压表选用小量程，电压表并联在灯的两

端；灯正常工作时的电流：相=景=勒=0.25人，所以电流表也选用小量程，将其串联

在电路中；由电路图可知，变阻器滑片左边电阻丝连入电路，故滑动变阻器左下接线柱

连入电路中，并注意电表正负接线柱的接法；如图所示：

(2)灯泡特别亮，电路中的电流太大，由欧姆定律可知，电路总电阻太小，因此出现该

现象的原因可能是：闭合开关前，没有将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，滑动变阻

器不能起到保护电路的作用；

(3)电流表选择的是0〜0.6A量程，对应的分度值是0.02A,因此示数为0.22A；

(4)小灯泡亮度是变化的，小灯泡的亮度是由实际功率决定；灯泡在额定电压下正常发

光，由表中数据知，在额定电压下灯的电流为0.25A,小灯泡正常工作时的电功率为P=

UI=2.5VX0.25A=0.625W；

(5)通过小灯泡的电流不同，灯丝的温度就不会相同，灯丝的电阻与温度有关，因此电

阻是变化的；

(4)在探究“电流与电阻关系”的过程中，该同学应控制电阻两端的电压不变；

将定值电阻由10Q更换为20。时，根据分压原理，定值电阻的电压变大，要保持定值电

阻电压不变，就要增大变阻器的电压，根据分压原理，要增大滑动变阻器连入电路中的

电阻值。

故答案为：（1）如图所示；（2）闭合开关前，没有将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；

（3）0.22；（4）实际功率；0.625W；（5）温度；（6）电压；变大。

【点评】本题探究小灯泡的亮暗程度与什么因素有关，考查了实物电路的连接、注意事

项、电流表读数、电功率的计算、灯丝电阻的影响因素和控制变量法的应用，是中考的

热点。

六、计算题（本题包括2小题，40小题10分，41小题11分，共21分。要求写出必要的

计算过程和文字说明。请将答案填写在答题卡相应的位置，）

24.（10分）工人利用如图所示的装置，在河边打捞水中的物体M,物体M的体积是0.08m3,

打捞过程中物体M在水中匀速上升的速度为0.2m/s；当物体被打捞出水面后，工人对绳

子施加最大的拉力，恰好能使物体继续匀速上升。已知：工人的质量为60kg,物体M的

密度为2.5Xl（）3kg/m3。不计绳重、摩擦及水对物体的阻力，g取10N/kg。求：

（1）物体M在水中时所受的浮力；