2023年江苏省常州市中考物理结课试卷（附答案详解）

2023年江苏省常州市中考物理结课试卷

1.人们在生活中用热水取暖，生产上常用水作为冷却剂，这因为水的（）

A.比热容大B.吸收的热量多C.放出的热量多D.密度较大

2.如图所示，一根绳子绕过定滑轮，一端拴在物体上，另一端拴在

弹簧测力计上，沿四个不同方向匀速拉起物体，弹簧测力计的示数分

别为Fi、F2、F3、F4,则Fi、F2、F3、凡的大小关系为（）

A.F1>F2>F3>F4B.F1=F2=F3=F4

C.F1<F2<F3<F4D.F1>F2>F3=F4

3.如图的用电器中，主要是利用电流热效应工作的是（）

4.在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，同学们做了如图所示三个实验，

质量为机和2机的小球分别沿同一斜面按照实验要求滚下，与水平面上的纸盒相碰，纸盒在

水平面上移动一段距离后静止。下列说法不正确的是（）

A.实验中所探究的“物体的动能”是指小球的动能

B.由甲、乙两图可知物体动能的大小与物体的高度有关

C.此实验中物体动能的大小是通过纸盒移动的距离来表示的

D.由甲、丙两图可知物体的动能大小与物体的质量大小有关

5.将额定电压相同的两个灯泡Ll与工2串联后接入电路中，接通后发现Ll要亮一些，则下列

判断正确的是（）

A.G的电阻比人的小B.k的额定功率比人小

C.Li的电压比人的小D.4的实际功率比G的小

6.三个完全相同的杯子，里面装满了水，把质量相等的铜块、铁块、铝块分别投入三个杯

子里，则从杯子里溢出水量最多的是（P网>Pgf>P铝）（）

A.放铝块的杯子B.放铁块的杯子C.放铜块的杯子D.溢出的水一样多

7.小明利用如图所示的装置探究“杠杆平衡条件”，在杠杆

两侧挂上不同个数的钩码，移动钩码使杠杆在水平位置平衡,

三次实验后得出结论：动力X支点到动力作用点的距离=阻力

X支点到阻力作用点的距离。下列操作中，能帮助他得出正确

结论的是（）

A.增加钩码个数，再多次实验使结论更具普遍性

B.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计竖直向下拉

C.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计竖直向上拉

D.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计斜向下拉

8.如图画出了磁感线的分布情况，由此可知（）

A.A端为磁铁的N极，C端是电源正极B.A端为磁铁的N极，c端是电源负极

C.A端为磁铁的S极，d端是电源正极D.A端为磁铁的S极，”端是电源负极

9.如图，用变阻器控制灯泡L的亮度，若要求滑片P向左滑动时

灯泡逐渐变亮，则下列接法中正确的是（）

A.M接C,N接。

8.〃接4,N接B

C.例接C,N接B

D.M接A,N接。

10.如图是家庭电路中常见的元件和用电器，下列说法不正确的是（）

A.图甲中洗衣机金属外壳与图中字母E的导线相连

B.图乙中的空气开关能防止家庭电路电流过大导致的危险

C.图丙中的测电笔辨别火线和零线时不可以碰金属笔尾

D.图丁中断开开关，手接触点M时会触电

11.在如图四个实验装置中，能说明发电机工作原理的是（）

12.“节约能源，人人有责”，关掉不必要的用电器也是节约用电的一种途径。每关上教室

的一盏灯，下列说法不正确的是（）

A.总电压不变B.总电流减小C.总电阻减小D.总功率减小

13.小花利用电能表测量其家用电器的电功率，当电路中只有这个用电器工作时，测得

Iomin内，消耗电能0.03kWZ∙∕ι,则这个用电器可能是（）

A.空调B.电冰箱C.日光灯D.收音机

14.如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0〜0.64,电

压表的量程为。〜3叭定值电阻的规格为“100,0.54"，滑动变阻器

的规格为“20。，IA”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片

移动过程中，下列说法正确的是（）

①电阻Rl的功率的范围为0.4勿〜2.5W

②电流表示数的范围为0.3A〜0.5A

③滑动变阻器的接入范围是20〜IOO

④电路消耗的总功率的变化范围是1.2勿~3MZ

A.只有①和③B.只有②和③C.只有①与④D.只有②和④

15.我国北斗三号全球卫星导航系统己全面提供定位、授时和短报文等服务。北斗卫星之间

利用（次声波/电磁波/超声波）相互传递信息，实现“星间链路”，它在真空中的传播

速度是m/so若此波周期是10-8s,则频率是Hz.

16.某瓶氧气的密度是8kg∕r∏3,给人供氧用去了氧气质量的一半，则瓶内剩余氧气的密度

3

是g∕c-m∙,容积是IOL的瓶子装满了煤油，已知煤油的密度是0∙8xK）3∕cg∕m3,则瓶

内煤油的质量是kg,将煤油倒去4依后，瓶内剩余煤油的密度是。

17.如图所示，用竖直向上的力匀速拉动较长的杠杆，使重为

36N的物体缓慢升高10c"z,拉力大小F为16N,拉力移动的距

离为25cm。则杠杆的机械效率为,若将重物的悬挂点A

向右移动到8点，将重物提升相同的高度，则杠杆的机械效率

将（变大/变小/不变）（不考虑摩擦）。

18.电动汽车是未来汽车发展的方向，它的电动机工作时主要是将能转化成能。

一个单缸四冲程汽油机的飞轮转速为3600r∕min,则IS时间内完成个冲程，对外做

______次功。

19.小明家电能表如图所示，图中甲、乙分别是小明家5月初和6月初电能表的示数，请回

答下列问题：

kW∙h1.01kW∙h1.01

05|5|4|6同0∣5∣6∣3∣^ΓE∣

电子式单相电能表电子式单相电能表

220V10（40）A50Hz220V10(40)A50Hz

360OimP∕kW∙hAO3600imp.∕kW∙h>O

指示灯指示灯

（1）小明家在5月总共用电.kWh：

（2）由表盘可知，小明家接入用电器的总功率不能超W；

（3）小明将某用电器单独接在该表上，当用电器工作5min后，电能表转盘转过60〃该用电器

消耗的实际功率是Wo

20.夏天，用塑料泡沫箱放入冰块装运海鲜，可达到减少装载质量和保鲜的目的。其中利用

了塑料泡沫（选填“弹性”“密度”或“绝缘”）较小和（选填“隔热”“导热”

或“绝缘”）效果较好的特性；利用石墨稀可以加快用电器在工作时的散热，这说明它的导热

性（选填“强”或“弱”）。

21.如图为某大学教授课堂演示情景，教授将一个摆球从下巴处放手

结果摆球摆回时并没有砸到他的下巴，这一过程摆球的机械能（

选填“减小”或“不变”），这一过程（选填“符合”或“不符

合”）能量守恒定律。

22.如图（α）所示电路中，Ri=IOO,当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示,

则电阻&两端电压为V,通过Rl电流为A,电路通电后的总功率为卬。

23.图中，站在地面上的小华借助滑轮组匀速提升重物，请画出最省

力的绕线方法。

24.如图所示，在探究并联电路电流规律实验中，要使电流表测量干路电流在需要改动的导

线上画“x”，并画出改动后的导线。（只改动一根导线）

25.小池同学是一名天文爱好者，他淘到一小块“陨石”但真伪难以辨别。阅读资料后知陨

石密度一般大于3g∕cm3,于是小池对这块“陨石”的密度进行了测量，来初步鉴别真伪。测

量过程如图所示。

I⅛

A∙加水到标记B.取出陨石C.将水倒入杯中至标记

T

(1)他把天平放在______桌面上，游码拨到零刻度线，调节使天平平衡，然后将“陨

石”放在左盘中，在右盘中增减祛码，当加入最小祛码时，发现指针位置如图甲所示，他接

下来的第一步操作应该是；

A.调节平衡螺母

B.拨动游码

C.取下最小祛码

(2)天平平衡后，祛码质量和游码对应刻度如图乙，则“陨石”的质量r∏o为g;

(3)将“陨石”(陨石不吸水)缓放入盛有40根乙水的量筒中，水面升高至如图丙所示，则小池

测出“陨石”的密度P=kg/m3；

(4)若实验过程中，小池不小心将量筒打碎了，经过思考，他采取了以下步骤测量“陨石”的

体积(如图丁)；

①向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量

②如图丁A所示，烧杯放在水平桌面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，使小石块浸没

在水中，在烧杯壁上记下水面位置。

③将小石块从水中取出后，向烧杯中缓慢加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量Tn2。

则这样密度测量值将(偏大/偏小/准确)。

26.如图所示，用滑轮组提起重800N的物体。绳子自由端拉力F为300N,

重物以0.2m∕s的速度匀速上升，不计摩擦和绳重。求：

(I)拉力做功的功率？

(2)滑轮组的机械效率？

(3)如果绳子的最大拉力是600N,在不超过绳子能承受的最大拉力的情况下，

此滑轮组的最大机械效率是多少？

27.某新型混合动力汽车有多种提供动力方式。内燃机不工作时，蓄电池向车轮输送能量;

内燃机启动时，既可以向车轮输送能量，又可以给蓄电池充电，车速与所受阻力的关系如图

所示。在某次测试中只由内燃机提供能量,汽车以50km"的速度在水平面上匀速行驶了0.5九,

测试过程中共消耗8依燃料(假设燃料完全燃烧)，同时蓄电池的电能增加了5.12XIO，/,假

设所用燃料的热值为4.5X107J∕kg.求：

(1)测试过程中汽车行驶的距离；

(2)测试过程中汽车牵引力做的功；

(3)内燃机的效率。

28.如图“，是“用传感器比较不同物质的比热容”实验装置，两试管分别装有水和煤油，

同一个热源红外加热器同时给试管内的水和煤油加热，试管内的水和煤油的温度通过温度传

感器采集，并通过数据采集线与计算机相连。

图b

(1)实验前要让两个试管内的水和煤油相同外，还须使水和煤油的相同，故实

验还需用到的测量工具是：。

(2)某次实验结束后，计算机屏幕显示的实验图象如图b所示。

①分析图象可知，(选填“甲”或“乙”)图线是煤油的实验图线，因为的吸

热能力强些。

②水的比热容是4.2xlO3〃(kg.。C),由图象可算出煤油的比热容是J∕(kg∙'

29.如图所示，电源电压为6V且保持不变，R0=3012,滑动变

阻器的规格为“200,1A”，电流表的量程为“0〜3A”，小灯

泡上标有”3V,1.5勿”字样。不考虑灯丝电阻变化，并保证电路

安全。求：

(1)小灯泡的电阻。

(2)当S闭合，Si、S2均断开时，电路消耗的最大功率。

(3)当S、工、S?均闭合时，变阻器接入电路的最小阻值和电路消耗的最小功率。

30.小华做测量定值电阻RX阻值的实验，现有器材：待测电阻％、两节干电池、电压表、电

流表、滑动变阻器、开关、导线若干。

(1)请按图甲所示的电路图，以笔画线代替导线，将图乙中的电路连接完整。

(2)连接电路时，开关必须是的(闭合/断开)；滑动变阻器应调到(最左/最右)处。

(3)正确连接电路，闭合开关，发现无论怎样移动滑片P,电流表都没有示数，而电压表示数

接近3匕则故障可能是(选填标号)。

人滑动变阻器断路

ARX断路

C&短路

。.滑动变阻器短路

(4)排除故障后，当电压表示数为1.3V时，电流表示数如图丙所示，它的阻值是0。

(5)本实验要多次测量取平均值，目的是。

(6)小华对实验进行进一步拓展，利用电源(电压未知但恒定不变)、阻值为RO的定值电阻、电

流表、开关等器材，设计了如图丁所示的电路也能测出RX的阻值，请你完成下列实验步骤：

①按电路图正确连接电路，闭合开关S,断开开关S1，读出电流表示数/1：

②,读出电流表示数/2；

③根据实验数据，计算出待测电阻RX=。（用R。、/1、/2表示）

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：

水的比热容大，降低相同温度时.，相同质量的水和其它物质比较，水放出的热量多，用热水取暖

的效果好；

因为水的比热容大，升高相同的温度时，相同质量的水和其它物质比较，水可以吸收更多的热量，

冷却效果好，而且水便宜，所以用水作冷却剂。

故选：Ao

水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降

低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

本题考查了水的比热容的特点及应用，相对比较简单，属于基础题。

2.【答案】B

【解析】解：定滑轮实质是一个等臂杠杆，使用定滑轮不能省力，无论沿哪个方向匀速拉起物体，

力的大小都相等，故F1=F2=F3=Ep故B符合题意，ACQ不符合题意。

故选：Bo

定滑轮的工作特点是：使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力。

本题考查了定滑轮的特点，属于基本内容，比较简单。

3.【答案】D

【解析】解：

A、电风扇工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故A错误；

B、笔记本电脑工作时主要把电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作的，故B错误；

C、心即台灯工作时主要把电能转化为光能，不是利用电流热效应工作的，故C错误。

。、电饭锅工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故。正确。

故选：Do

电流通过导体要发热，电能转为内能，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都

是电流的热效应的例子。

本题考查了电流的热效应的应用，分析时注意看是否把电能主要转化为内能。

4.【答案】B

【解析】解：AC、在物理学中，能够做功的多少表示物体具有能量的大小，实验中小球能够做功

体现在推动纸盒运动的距离长短，推动纸盒移动的距离越远，说明小球能够做的功越多，小球具

有的动能就越大，所以通过观察纸盒被推动的距离的大小，可以判断小球动能的大小，故A正确，

C正确；

8、甲、乙两次实验，小球的质量相同，B由静止自由滚下的高度大于A滚下的高度，B运动到水

平面时速度较大，3球将纸盒推动得更远，说明动能更大，可得：质量相同的物体，运动速度越

大，它具有的动能就越大，由甲、乙两图可知物体动能的大小与物体的速度有关，故8错误；

。、甲、丙两图中，让质量不同的小球从相同高度自由下滑，目的是控制小球运动到水平面时的

速度相同，根据控制变量法，可探究动能大小与质量的关系，由甲、丙两图实验现象可知，丙图

中小球的动能大，故由甲、丙两图可知物体的动能大小与物体的质量大小有关，O正确。

本题探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，主要考查转换法和控制变量法和数据分析,

要掌握。

5.【答案】B

【解析】解：两灯串联时电流相等，

Ll比乙2亮，说明实际功率关系是：Pl＞「2，故。错误；

由P=/2R可得：R1＞R2,故A错误；

利用欧姆定律U=/R可知人的电压比J的大，故C错误；

两灯的额定电压相等，则由P=g可得：P1P2故8正确。

故选:Bo

两灯串联在电路中，则电流一定相等，根据灯泡的亮度可判断两灯泡电阻的大小；则由功率公式

可判出额定功率的大小。

本题考查了串联电路电流特点，关键是电功率公式的灵活选取，即P=KR及P=4。

K

6.【答案】A

【解析】解：

由题知，m铜=m铁=m铝,P铜＞P铁＞P铅，

由V=蓝可得：V耕＜喂＜匕7，

因为这三个金属块都浸没入水杯里，

所以它们排出水的体积都等于它们各自的体积，

则IZ翎拼＜V铁排＜∙V铝排，

所以铝块排出的水最多，即从杯子里溢出水量最多的是放铝块的杯子。

故选：Ao

要判断哪个杯子溢出的水最多，就得需要知道哪个金属块的体积最大，而要判断哪个金属块的体

积最大，我们可根据密度知识进行判断。

本题主要考查了学生对密度公式的应用，要知道：质量相同的不同物质，体积与密度成反比。

7.【答案】D

【解析】解：“动力X支点到动力作用点的距离=阻力X支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在

水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，此时的力臂正是支点到力作用

点的距离。为得出普遍结论，应改变力的方向使力臂不等于支点到力作用点的距离，多做几次实

验，得出实验结论，故正确的实验操作应该是。、去掉一侧钩码，换用弹簧测力计斜向下拉。

故选：D.

杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂。从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点

到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂。力臂不一定是支点到力作用点的距离。探究杠杆平衡条件时，

使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自

重对杠杆平衡的影响。为得出普遍结论，用弹簧测力计拉杠杆，使力与杠杆不垂直，多做几次实

验，得出实验结论。

本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实

验操作能力。

8.【答案】D

【解析】解：由图可知，A点的磁感线是从外部进入A的，则A为S极；磁感线从螺线管的左端

进入，则螺线管的左端为S极，右端为N极，根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右

端流出，所以C为电源的正极，d为电源的负极。

故选：D。

磁体外部的磁感线是从N极出来回到S极的；根据安培定则判定电源的正负极。

本题考查了磁感线的方向、安培定则的应用，属于基础题。

9.【答案】C

【解析】解：滑动变阻器的滑片左移，灯泡变亮，功率变大，根据P=∕2R,电路中电流变大.电

源电压不变，电流变大，电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻丝变短.下面的接线柱一定接入

C,上面的接线柱接A或B,则符合要求的只有C.

故选C.

滑动变阻器接入电路时，任何情况下都只有接入“一上一下”两个接线柱才能起变阻的作用，当

接下面左端接线柱时滑片向左移电阻减小，当接下面右端接线柱时滑片向左移电阻增大，根据题

意要求，滑片P向左移灯要变亮，要求电流变大，电阻变小，则M(N)应与C相接，关于A、B两

接线柱连接任何一个都满足要求.

(1)掌握根据实际功率判断灯泡的亮度.

(2)知道电压和电阻，根据欧姆定律判断电流大小.

(3)弄清楚滑动变阻器的原理、作用、接线柱的接法.

10.【答案】C

【解析】解：A、三脚插头的插头E与用电器的外壳相连，使用中与地线相接避免触电，故A正

确；

8、家庭电路中空气开关的作用是保护电路，当电路中发生短路或用电器总功率过大时会引起家庭

电路电流过大，空气开关跳闸，故2正确；

C、使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故C错误；

D、断开开关，手接触点M时，M点与火线相通，接触时会触电，故O正确。

故选：Co

(1)三脚插头中最长的插头与用电器的外壳相连，使用中与地线相接避免触电；

(2)当电路中发生短路或用电器总功率过大时，电路中电流过大，空气开关中的电磁铁会产生较强

的磁性吸引衔铁，使开关断开，切断电路起到保护电路的作用；

(3)用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；测电笔笔尖金属体接触火

线时就管发光，接触零线时筑管不发光；

(4)人体直接或间接接触火线，并与地线或零线构成通路，会有电流通过人体造成触电。

此题考查知识较多，知道家庭电路的连接和安全用电的知识是解决该题的关键，属于中考选择题

常考查题。

11.【答案】A

【解析】解：人开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生

偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故4符合题意。

从该图是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故B不符合题意；

C、开关闭合后，电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，故是电动机的原

理实验，故C不符合题意；

该图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，故。不符合题意。

故选：Ao

发电机的工作原理是电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体

中就会产生电流。

本题是历年考试中的常见题型。涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理。注

意电动机和发电机的区别：电动机是先有电，后运动；发电机是先运动，后发电。

12.【答案】C

【解析】解：教室内各用电器是并联的，每关上教室的一盏灯，相当于减少了一条支路，电路的

总电阻增大，总电压不变；

并联电路中各支路间互不影响，且总电流等于各支路电流之和，所以每关上一盏灯，其它支路电

流不变，总电流减小；其它支路用电器功率不变，减小一条支路，总功率减小，故ABQ正确、C

错误。

故选：Co

教室内各用电器是并联的，在并联电路中：

并联电路的总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和，电阻越并越小，小于其中任何一个分电阻；

各支路两端的电压相等；干路电流等于各支路电流之和；

用电器的总电功率等于各用电器电功率之和。

本题考查了并联电路的电流、电压和电阻规律的应用，并联电路总电功率变化的分析，属于基础

题目。

13.【答案】B

【解析】解：用电器在t=10min=；/i,消耗的电能W=O.03kW•九，

O

则用电器的电功率：P=吆=竺普^=O.18kW=180W,

βh

空调的电功率一般大于IOoOW,电冰箱的功率约为200W,日光灯的电功率约为40W,收音机的

电功率约几瓦，所以电功率为180卬的用电器可能是电冰箱。

故选：B。

知道用电器工作时Iomin消耗的电能，根据P=Y求出用电器的电功率，再与题目中给出的用电器

的功率比较进行解答。

本题考查了电功率公式P=子的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础

性题目。

14.【答案】B

【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过

电路的电流，

(1)电流表的量程为。〜0.64,定值电阻的规格为“100,0.54"，串联电路各处电流相等，所以

通过电路的最大电流为0∙54

2

电阻Rl的最大功率:P1=IR1=(0.54)2XIOO=2.5”,

电阻Rl两端的电压：U1=IR1=0.54XIOO=5V,

串联电路总电压等于各部分电压之和，此时滑动变阻器两端的电压：Up=U-U1=6V-5V=IV,

此时滑动变阻器接入电路的最小阻值：RP=半=怒=2。，

IU.5A

电路消耗的最大总功率：P=Ul=6V×0.54=3W；

(2)电压表的量程为。〜3V,根据串联分压原理可知当电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路的

阻值最大，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，

1

此时定值电阻两端的电压：U1'=U-Up=6V-3V=3V,

此时通过电路的电流：/=J=芸=0.34所以电流表示数的范围为0.32〜0.54故②正确；

nɪIUJz

22

此时电阻Rl的最小功率：P1'=∕{Λ1=(0.3Λ)×10/2=0.9W,所以电阻Rl的功率的范围为

0.9IV〜2.5",故①错误；

此时滑动变阻器接入电路的阻值：Rp，=半=怒=100,所以滑动变阻器的接入范围是20〜

1012,故③正确；

电路消耗的最小功率:P'=UI1=6V×0.34=1.8W,所以电路消耗的总功率的变化范围是1.8IV〜

3W,故④错误。

故选：B。

闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，

(I)电流表的量程为0〜0.6A,定值电阻的规格为“100,0.54”，根据串联电路电流特点确定通

过电路的最大电流，根据P=KR计算电阻Rl的最大功率，根据U=/R计算电阻Rl两端的电压，

根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入

电路的最小阻值，根据P=U/计算电路消耗的最大总功率；

(2)电压表的量程为0~3V,根据串联分压原理可知当电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路的

阻值最大，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，

根据串联电路电压规律计算此时定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，

进一步确定电流表示数的范围；

根据P=/2R计算此时电阻RI的最小功率，进一步确定电阻Rl的功率的范围；

根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的阻值，进一步确定滑动变阻器的接入范围；

根据P=U/计算电路消耗的最小功率，进一步确定电路消耗的总功率的变化范围。

本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，确定通过电路的最大和最小电流是

解题的关键。

15•【答案】电磁波3×IO81.0×IO8

【解析】解：(1)太空是真空，声音无法传播，因此北斗卫星是通过电磁波来传递信息的;

(2)电磁波在真空中的传播速度为3X108rn∕s;

若此波周期是10-8s,则频率/=1=—⅛-=1.0XIO8HZo

故答案为：电磁波；3x108；ι.oχio8°

(1)卫星都是通过电磁波来传递信息的；

(2)电磁波在真空中的传播速度为3xlθ8τn∕s,周期7=，据此计算。

本题主要考查的是学生对电磁波的波长、波速和频率的关系的理解和掌握，弄清楚电磁波在真空

中的传播速度是解决此题的关键。

33

16.【答案】4x10-3808xιo∕c5∕m

【解析】解：

(1)由题知，瓶内剩余氧气的质量为原来瓶中氧气的质量的一半，而氧气的体积不变，由p=§可

知瓶内剩余氧气的密度减半，为4kg/m3=4×10-3g∕cm3;

(2)由于瓶内装满了煤油，所以煤油的体积等于瓶子的容积：IZ=IOL=IOdm3=O-Olm3,

由由P=给得煤油的质量：

m=PV=O.8X103kg∕m3X0.01m3=8kg；

密度是物质的一种特性，与质量和体积无关，所以，将煤油倒去4依后，瓶内剩余煤油的密度不

变，还是0.8X103∕cg∕zn30

33

故答案为：4x10-3；8.08x10⅛5∕mo

(1)氧气用掉一半，质量减半，氧气还充满整个氧气瓶，体积保持不变，根据密度公式得出剩余氧

气的密度值。

(2)瓶子装满煤油后煤油的体积等于瓶子的容积，利用公式Tn=PlZ求煤油的质量；密度是物质的

一种特性，与物质种类和状态有关，与质量和体积无关。

本题易错点在第一问，知道氧气瓶的容积(氧气的体积)不变是解题的关键。

17.【答案】90%变小

【解析】解：(1)拉力所做的功：

W&=FS=16N×0.25m=47,

有用功：

W有=Gh=36N×0.1m=3.67,

杠杆的机械效率：

η=-^-×100%=詈Xιoo%=90%o

总

(2)杠杆提升钩码时，对钩码做有用功，克服杠杆重做额外功，并且W有+W颁=W总；

设杠杆重心升高的距离为人所以，Gfi"Gah=Fh2,G不变，必不变，G4不变,

钩码从A点到B点，钩码还升高相同的高度，有用功不变；

杠杆上旋的角度减小，杠杆升高的距离力变小，克服杠杆重力所做的额外功变小；

则Gb+G/变小，所以尸后也变小；根据〃=A"=*=可知，总功变小，有用功不变，所以4

增大.

故答案为：90%；变大。

(1)已知拉力的大小和拉力移动的距离，根据公式W=FS可求拉力所做的功；还知道物体的重力

和物体升高的高度，根据公式勿=GZt可求有用功；有用功和总功的比值就是机械效率。

(2)将钩码的悬挂点从A点移至8点，钩码还升高相同的高度，杠杆上旋的角度减小，克服杠杆重

做功减小，有用功不变，额外功减小，总功减小，进而判断机械效率的变化。

本题考查了使用杠杆时有用功、总功和机械效率的计算，在判断杠杆的机械效率的大小变化时，

利用杠杆平衡条件得出动力的大小变化是关键。

18.【答案】电机械12030

【解析】解：电动机工作时消耗电能，转化为机械能和内能，主要是将电能转化为机械能；

单缸四冲程汽油机的飞轮转速为3600r∕min,即每秒钟转60圈，所以IS时间内可以完成120个冲

程，做功30次。

故答案为：电；机械；120；30o

(1)电动机在工作时，主要将电能转化为机械能；

(2)四冲程内燃机曲轴(飞轮)转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1

次。

本题考查电动机工作过程中的能量转化和汽油机的工作过程，是基础题。

19.【答案】99.18800200

【解析】解：(1)5月初电能表示数为5546.7kVV∙h,6月初电能表示数为5637.8kW•忙这个月总

共用电5637.8kW∙h-5546.7kW-h=91.1k勿∙M

(2)电能表上标志额定电压是220匕允许通过的最大电流是40A,故允许接入的用电器总功率P=

Ul=220V×40A=8800W;

(3)电能表转盘转过60r时，该用电器消耗的电能W=36OO%Wm=表kW∙h;

Uz-kW∙h

该用电器消耗的实际功率是P=T=%—=0.2kW=200W。

6δh

故答案为：(1)91.1；(2)8800；(3)200。

(1)根据电能表示数读数时，最后一位是小数，单位是kW∙h;电能表的读数器上前后两次读数之

差，就是这段时间内消耗的电能。

(2)找出电能表上的额定电压和允许通过的最大电流代入公式P=U/即可求解。

(3)先用电能表转盘转的圈数除以电能表常数得到消耗的电能,再用P=/求出用电器的实际功率。

本题考查对电能表上参数的理解，要用P=?计算时要注意单位要统一。

20.【答案】密度隔热强

【解析】解：塑料泡沫密度较小，故体积相同的情况下，质量会较小，可达到减少装载质量的目

的；

隔热性能好，所以，夏天用塑料泡沫箱装运海鲜，可以避免海鲜升温。从而达到保鲜的目的；

利用石墨烯可以加快用电器在工作时的散热,这说明它的导热性强,可以加速热传递过程的进行。

故答案为：密度；隔热；强。

根据塑料泡沫和石墨稀的物理性质做出解答。

此题考查不同物质不同的物理性质，是一道基础题。

21.【答案】减小符合

【解析】解：教授将一个摆球从下巴处放手结果摆球摆回时并没有砸到他的下巴，这一过程摆

球有部分机械能转变成内能，故机械能减小，但这一过程符合能量守恒定律。

故答案为：减小；符合。

能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转

移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变。

本题考查了学生对能量守恒定律的理解，属于基础题。

22.【答案】1.80.726.48

【解析】解：

闭合开关，两电阻串联，电压表匕测量电源电压，电压表V2测量/?2两端的电压。

根据串联电路的电压特点可知，电压表匕的示数应大于电压表彩的示数，

因为两电压表指针位置相同，所以电压表片的量程是0〜151/,

分度值是0.5V,电压表示数UlZl=9V,则电源电压U=UUl=9V,

电压表彩量程是0~3V,分度值是0.1V,电压表示数UyZ=I.8匕

根据串联电路的电压特点可知Rl两端的电压Ui=UV1-Uv2=9K-1.8V=7.2V；

根据欧姆定律可知通过RI电流/=察=第=0.724

nɪIUJz

电路通电后的总功率P=UI=9V×0.72A=6.48亿

故答案为：1.8；0.72；6.48o

闭合开关，两电阻串联，电压表匕测量电源电压，电压表彩测量&两端的电压。

根据串联电路的电压特点可知，电压表匕的示数应大于电压表彩的示数，因为两电压表指针位置

相同，所以电压表匕的量程是O〜15V,分度值是0.5V,据此得出电压表匕的示数，进而得出电源

电压；

电压表彩量程是0~3叭分度值是0.1U,据此得出电压表七的示数，根据串联电路的电压特点可

知Rl两端的电压，根据欧姆定律可知通过公的电流，根据P=U/得出电路通电后的总功率。

本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性较强。

23.【答案】解：要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起。

故答案为：

【解析】首先要会组装滑轮组。知道承担物重的绳子段数越多越省力。在此题中，人在地面用力，

所以拉力方向下。

此题考查了滑轮组的组装。滑轮组的组装有两种方法，从定滑轮绕起或从动滑轮绕起。从动滑轮

开始绕，承担物重的绳子段数多。

24.【答案】解：由题知，两灯应并联，电流表应连接在干路上，所以将Ll连接电流表“3”接线

柱的导线改接到接线柱上即可，如图所示：

【解析】根据题目要求，电流表要测干路电流，应将电流表改接在干路上，据此分析解答。

本题考查根据要求改接实物电路的连接，属于一道基础题。

25.【答案】水平平衡螺母C623.1×IO3准确

【解析】解：(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，然后

调节平衡螺母使天平的横梁平衡；

当把祛码盒中最小的祛码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明放的祛码多了，故应该

把天平右盘的最小的祛码拿走，并向右移游码直至横梁重新平衡，故他接下来的第一步操作应该

是：C.取下最小祛码；

(2)由图乙可知，标尺的分度值为0.2g,祛码的质量为50g、10g,游码所对的刻度值为2g,则

“陨石”的质量为：m0=50g+IOg+2g=62g；

(3)量筒中水的体积匕为40〃山，由图丙可知，“陨石”浸没在水中时的总体积V2为60mL则

3

“陨石”的体积为：V=V2—V1=60mL—40mL=20mL=20cτn；

该“陨石”的密度为：P=£=2窗3=3.1g∕cτ∏3=3.1X103kg∕m3↑

(4)加入水的质量为：=m2-mlf

m,

加入水的体积为：味=上=9L

水P次P水

“陨石”的体积为：V=U次=吆g,

P水

“陨石”的密度为：p=E=ι⅛=r⅞÷

V—fc----LT∏2—ntɪ

。水

实验步骤是：①向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量皿1。

②如图丁A所示，烧杯放在水平桌面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，使小石块浸没在水

中，在烧杯壁上记下水面位置。

③将小石块从水中取出后，向烧杯中缓慢加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m2。

“陨石”的质量是直接测量出来的，体积的测量利用了等效替代法，由于往水中放“陨石”之前

先测量了烧杯和水的总质量后来又加水至标记处，测出烧杯和水的总质量租2,则多出的那一

部分水的体积与“陨石”的体积是相等的，计算出的体积是比较准确的，所以测量出的密度值也

是比较准确的。

故答案为：(1)水平；平衡螺母；C；(2)62；(3)3.1×103；(4)准确。

(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；然后调节平衡螺母

使天平的横梁平衡；当把祛码盒中最小的祛码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明放

的祛码多了，故应该把天平右盘的最小的祛码拿走，并向右移游码直至横梁重新平衡，这里向右

移动游码就相当于向右盘加小祛码；

(2)“陨石”的质量等于右盘所加祛码的总质量加上游码在标尺上所对的刻度值；

(3)“陨石”的体积等于“陨石”浸没在水中时水和“陨石”的总体积与水的体积之差，再根据密

度公式计算密度；

(4)“陨石”的体积的测量采用等效替代的方法：“陨石”浸没在水中做标记，当“陨石”取出，

往烧杯内加水到达标记处，“陨石”的体积和加入水的体积相等，知道加入水的质量和密度，求

出加入水的体积，即“陨石”的体积，再根据密度公式计算“陨石”的密度。

本题是测量固体的密度，考查了天平的使用、量筒的读数、密度的计算等，理解测量原理，尤其

是等效替代法在实验中的应用。

26.【答案】解:

(1)滑轮组有三段绳子承担总重，所以s=3∕ι,绳子自由端移动的速度是物体移动速度的3倍，即

绳子自由端移动的速度为：

V=3v物=3×0.2m∕s=0.6m∕s,

因为P=y=y=Fv,

所以拉力的功率为：

P=FV=300NX0.6m∕s=180V/；

(2)滑轮组的机械效率T7=X100%=^×100%=⅛×100%=名篇X100%≈88.9%；

W总rɔɔ/*ɔ^ɔuu/v

(3)•••滑轮组有三段绳子承担总重，

.∙,F=∣(G+G^),

动滑轮重：G动=3F—G物=3X30ON-800N=IooN

当每段绳子承担拉力为600N时，

F=[GQG动)，

则物体的重力为：G、=3尸'-G动=3X600N-100/V=1700/V,

此时滑轮组的机械效率为最大?=X100%=^x100%=⅛×100%=X100%≈

忠

94.4%o

答：(1)拉力广的功率是180W。

(2)此滑轮组的机械效率是88.9%。

(3)若绳子能承受的最大拉力为600N,则滑轮组的最大机械效率是94.4%。

【解析】(1)根据滑轮组承担总重绳子的段数可知S=3力，判断绳端移动速度和物体升高速度的关

系；由功率公式P=/和速度公式V=，的推导公式P=Fu计算拉力的功率；

(2)有用功与总功的比值就是滑轮组的机械效率，根据计算公式年=/=曾计算出滑轮组的机

械效率；

(3)不计绳重及滑轮摩擦，已知拉力，根据公式F=XG+G动)求出动滑轮重；

已知绳子能承担的最大拉力，根据公式尸=2(G+G动)求出物重，根据计算公式4=等=,计

总

算出滑轮组的机械效率。

此题主要考查了滑轮组的机械效率和功率的计算，其中机械效率发生了变化，但关键要找出一个

隐含的条件即动滑轮的重力不变，灵活应用公式F=∣(G+G动)计算。

27.【答案】解：(1)由速度公式可得，汽车运动的距离：

S=Vt=5。km/hX0.5/z=25km=2.5X104?n；

(2)因汽车匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，

所以，由图象可知，汽车的牵引力F=f=4000N,

则汽车牵引力做的功：

W=Fs=4000/VX2.5X104m=IX1087；

(3)消耗8kg的燃料完全燃烧放出的热量：

Q放=mq=8kgX4.5×107J∕kg=3.6X108∕o

汽车牵引力做功使其前进的同时给蓄电池充电，电能增加了川电=5.12XIO77,

燃料燃烧转化为有用的能量：

W亭=W+IV电=IXIO8/+5.12XIO7J=1.512X1087；

内燃机的效率：

4=2X100%=1512x1,，X100%=42%O

W成3.6×1087

答：(1)测试过程中汽车行驶的距离为2.5X104m；

(2)测试过程中汽车牵引力做的功为IXIO87;

(3)内燃机的效率为42%。

【解析】(1)知道汽车行驶的速度和时间，利用s="求行驶的路程；

(2)汽车匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，据此求出牵引力，根据VK=

FS求出汽车牵引力做的功；

(3)知道燃料的热值和质量，利用Q成=mq求出燃料完全燃烧放出的热量；根据卬4="+W也得

W由

出燃料燃烧转化为有用的能量，根据〃=jXIO0%得出内燃机的效率。

本题考查了速度、功、热量、效率的计算，本题关键是从图象读出汽车所受阻力的大小，通过二

力平衡条件求出牵引力，是一道综合题。

28.【答案】初温质量秒表甲水2.1×103

【解析】解：(1)考虑到散热因素，实验前要让两个试管内的水和煤油初温相同；根据比较不同物

质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故须使水和煤油的质量相同；根据转换法，用

加热时间比较吸热多少，故实验还需用到的测量工具是：秒表；

(2)①分析图象可知，加热相同时间，甲升温高，乙的吸热能强，甲图线是煤油的实验图线，因为

水的吸热能力强些；

②根据乙知，加热4分钟(吸热相同)，甲升高的温度为：

30°c-10°c=20°c;

乙升高的温度为：

20°c-10°c=10°c;

根据Q=CnIZIt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温

度与比热容成反比，则煤油的比热容是：

IfrC

C=崇X4.2X103J∕(,kg∙°c)=2.1Xl^J∕(kg∙°c).,

故答案为：(1)初温；质量；秒表；(2)①甲；水；②2.1x103。

(1)我们用同一加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能

力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸

收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温

度的变化，温度变化小的吸热能力强；

(2)①分析图象可知，根据比较吸热能力的方法结合水的比热容大分析；

②根据乙得出加热4分钟甲、乙升高的温度，根据Q=Crn4t可知，在质量和吸热相同的情况下，

比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出煤油的比热容。

本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=

CTHZt的运用，为热学中的重要实验。

2(/2.2

29.【答案】解：(1)由P=5可得，小灯泡电阻：RL=J=黑=60；

额

(2)当S闭合，S1、S2均断开时，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路电流，

因串联电路各处电流相等，所以通过灯泡和滑动变阻器的电流相等，

P

由P=U/可得，小灯泡正常发光时的电流：人=券=蜉=0.54

由于电流表的量程为。〜34,滑动变阻器的规格为“2001“',

所以，当灯泡正常发光时，电路中电流最大为：/成大=〃