有机化合物的结构特点（核心素养）-2023学年高二化学知识整合（人教版2019选择性必修3）（解析版）

专题Ol有机化合物的结构特点（核心素养检测）

一、选择题

1.（2022秋•陕西延安•高二校考期末）下列关于同分异构体判断正确的是

A.立方烷的一氯代物1种、二氯代物有2种

B.分子式为CsH"Cl的同分异构体有8种

C.分子式为C8H∣O的芳香烧有3种

D.）∣J,χy=-I''':=<∙L总的一氯代物只有2种（不考虑立体异构）

S____f

【答案】B

【解析】A.立方烷是C8H8,即8个碳原子位于正方体的八个顶点，立方烷的一氯代物1种；二氯代物有3

种,分别为1,2位、1,3位、1,7位，A错误;B.分子式为C∙sH∣2的同分异构体是：CH3-CH2-CH2-CH2-CH3,

它有三种不同的位置的氢原子，所以有三种一氯代物；（CH3）2-CH-CH2-CH3,它有4种不同的位置的氢原子，

所以有四种一氯代物;（CH3）2-C-（CH3）2,它有一种位置的氢原子,所以有一种一氯代物。所以分子式为CsHuCl

的同分异构体有3+4+1=8,B正确；C.分子式为CsHm的芳香烧，分子中含有1个苯环，侧链为烷基，若

有1个侧链，为-CH2-CH3；若有2个侧链，为-CH3,有邻、间、对三种，所以符合条件的同分异构体有4

种，C错误；D.H∕,τξ马的一氯代物有3种出GYAG&，D错误；答案选

Bo

2.（2023秋.海南僧州.高二校考期末）下列有机物中氢原子化学环境种数判断错误的是

CHj

A.：3种B.(Hi-CH-C-CHv4种

II

CH3CH3

CHrCH3

C.."VLj5种D.I：5种

H2C=C-CH-CH2

【答案】B

【解析】A.该化合物有2条对称轴，分子中含有三种位置的H原子，用数字标注为:

CHj

I

B.分子中含有3种不同位置的H原子，用数

CH3CHj

字标注为：CH,→H-C-CHj,B错误；C.该物质分子中含有五种不同位置的H原子，用数字标注为:

2CHjCHJ

CHrCH3

I^分子中含有五种不同位置的H原子，用数字

H2OC-CH-CHi

CHr-CH.

标注为：I-,D正确；故合理选项是B。

3.（2022秋.上海.高二上海市复兴高级中学校考期末）下列不属于有机物种类繁多的原因

A.碳原子的结合方式种类多B.碳原子的空间排列方式多样

C.碳原子化学性质活泼D.存在同分异构现象

【答案】C

【解析】A.碳原子可以形成单键、双键、三键，碳原子的结合方式种类多是有机物种类繁多的原因，故不

选A；B.碳原子可以形成碳链还可以形成碳环，空间排列方式多样是有机物种类繁多的原因，故不选B；

C.碳原子最外层有4个电子，化学性质不活泼，故选C；D.有机物存在同分异构现象是有机物种类繁多

的原因，故不选D；选C。

4.（2023秋•吉林通化•高二梅河口市第五中学校考期末）下列化合物中，含有3个手性碳原子的是

【答案】D

【解析】A.该化合物只有一个手性碳原子（用*标出），如图所示：vʌ》一，A错误；B.该化合

O

5.（2022秋•上海浦东新•高二校考期末）环丙基乙烯（VCP）结构如图所示,关于VCP的说法正

确的是

A.分子式为C5H6B.能使酸性高镭酸钾溶液褪色

C.与环戊二烯互为同分异构体D.一澳代物有3种

【答案】B

【解析】A.根据键线式∕∖

可知，环丙基乙烯的分子式为C5H8,选项A错误；B.分子中含有

碳碳双键，能使酸性高镭酸钾溶液褪色，选项B正确；C.环戊二烯分子式为C5H6,与

不互为同分异构体，选项C错误；D.f∖

A分子中有4种不同环境下的氢，其

一漠代物有4种，选项D错误。答案选B。

6.（2023秋•山西长治•高二长治市上党区第一中学校校考期末）已知某有机物只含C、H、0三种元素，分

子模型如图所示（球与球之间的连线代表化学键，如单键、双键等）。下列关于该有机物的说法正确的是

A.分子中既有。键又有兀键B.只含有一种官能团-峻基

C.结构简式为CH?-C（CHJCOC）HD.与CH3CH2CH（CHjC∞H互为同系物

【答案】A

【解析】A∙根据结构式CH?=C(CHS)COOH,可知分子中既有。键又有兀键，A正确；B.含碳碳双键、

竣基，两种官能团，B错误；C.有机物的结构简式为CH2V(CH3)C∞H,C错误；D.与

CH3CH2CH(CHjCC)C)H的官能团不完全相同，结构不相似，二者不互为同系物，D错误；故选A。

7.(2022春.重庆渝中.高二重庆巴蜀中学校考期中)下列分子式只表示一种物质的是

A.C2H5ClB.C2H6OC.C2H4OD.C2H4O2

【答案】A

【解析】A.GH，C1为氯乙烷，只有一种结构，不存在同分异构体，所以能只表示一种物质，选项A正确;

B.C2H6O存在2种同分异构体：CH3CH2OH,CH3OCH3,所以不能只表示一种物质，选项B错误；C.C2H4O

可以是环氧乙烷，也可以是乙醛，存在同分异构体，所以不能只表示一种物质，选项C错误；D.C2H4O2

存在2种同分异构体：CH3COOH,HCOOCH3,所以不能只表示一种物质，选项D错误；答案选A。

8.(2022春•浙江宁波•高二效实中学校考期中)不考虑立体异构，分子式为C3H<,BrCl的有机物共有

A.4种B.5种C.6种D.7种

【答案】B

【解析】采用“定--移的方法确定同分异构体，碳链上有三个碳，当Br在端位碳上时，Cl有三种位置,

当Br在中间碳原子上时，CI有两种位置，所以共5种同分异构体，结构如下

9.(2022春・江西抚州•高二金溪一中校联考期中)有机物Q为合成药物的中间体，下列说法错误的是

A.M和N转化为Q的反应类型为取代反应

B.有机物M的分子式为CH)HQBr

C.Q中含有两种官能团

D.Q中环上的一氯代物有5种

【答案】C

【解析】A.根据结构分析可知，M和N转化为Q的反应类型为取代反应，同时生成HBr,A项正确；B.有

机物M的分子式为CH)H,OBr,B项正确；C∙Q中除含有羟基、酸键两种含氧官能团外，还含有碳碳三键，

C项错误；D.Q中环上的一氯代物有5种，D项正确；故选：Co

10.(2022春•黑龙江牡丹江•高二牡丹江市第三高级中学校考期中)下列有机物分子中属于手性分子的是

①新戊烷KCH3)4C］②乳酸［CH3CH(OH)COOH∣

H2C-OH_

③甘油Hf-OHC-CH3

oh

H2C-OH

A.①②③B.②和④C.①和③D.②③④

【答案】B

【解析】连4个不同原子或原子团的C为手性碳原子,含有手性碳原子的分子为手性分子。①新戊烷KCH3)4Cl

中4个-CH3连在同一个碳原子上，无手性碳原子，①不合题意；②乳酸［CH3CH(0H)C00H］中，连接-OH

HC-OH

29I

的碳原子为手性碳原子，分子为手性分子，②符合题意；③甘油HC-OH中没有手性碳原子，③不合

H2C-OH

题意；④中，连接-OH的碳原子为手性碳原子，分子为手性分子，④符合题意；综合以上

OH

分析，只有②和④符合题意；故选B。

11.(2022春,云南昆明•高二北大附中云南实验学校校考期中)由丁醇(X)制备戊酸(Z)的合成路线如图所示,

不正确的是

A.与X互为同分异构体，且不能与金属钠反应的有机物有4种

B.X与对应的Z形成的戊酸丁酯可能有4种

C.Y的结构有4种

D.与Z互为同分异构体，且能发生水解反应的有机物有9种

【答案】A

【解析】A.与X互为同分异构体，且不能与金属钠反应的有机物为酸，有CH3OCH2CH2CH3、

CH3CH2OCH2CH3,CH3OCH(CH3)2,⅛3种，故A错误；B.丁醇有CH3CH2CH2CH2OH,CH3CH2CH(OH)CH3ʌ

HOCH2CH(CH3)2,HoC(CH3)3共4种，与之对应的戊酸有4种，所以丁醇与对应的戊酸丁酯可能有4种，

故B正确；C.Y的结构有CH3CH2CH2CH2BhCH3CH2CHBrCH3,BrCH2CH(CH3)2^BrC(CH3)3,共4种，

故C正确；D.与Z互为同分异构体，且能发生水解反应的有机物属于酯，WHCOOCH2CH2CH2CH3,

HCOOCH(CH3)CH2CH3.HCooCH2CH(CHJ)2,HCc)OCH(CH3)3、CH3COOCH2CH2CH3,CH3COOCH(CH3)2^

CH3CH2COOCH2CH3、CH3CH2CH2COOC⅛.(CH3)2CHCOOCH3,共9种，故D正确；选A。

12.(2022秋•新疆昌吉•高二奇台县第一中学校考期中)利用某些有机物之间的相互转化可以储存太阳能，

光照

如原降冰片二烯(NBD)经过太阳光照转化成为四环烷(Q),反应原理为一曷

暗处

ΔH=+88.62kJ∙mol-lo下列叙述不正确的是

A.NBD比Q稳定B.NBD转化为Q是吸热反应

C.NBD的能量比Q的能量高D.NBD与Q互为同分异构体

【答案】C

【解析】A.吸热反应中物质Q具有的总能量比NBD的高，能量越低越稳定，NBD比Q稳定，故A正确；

B.该反应是吸热反应，因此NBD转化为Q是吸热反应，故B正确；C.吸热反应中物质Q具有的总能量

比NBD的高，故C错误；D.NBD和Q分子式相同，结构不同，二者属于同分异构体，故D正确；故选

C»

13.(2022春•浙江•高一浙江大学附属中学校考期中)乙酸与甘油(丙三醇)酯化的有机产物理论上有

A.3种B.5种C.6种D.7种

【答案】B

【分析】根据竣基和羟基1：1进行书写；【解析】根据竣基和羟基的酯化反应关系进行书写判断：

CHJCOO-CHJCH,C∞-CHjCH,C∞-CHJHO-CHJCH,C∞-CH2

5

CHSCOO-(JH、HO-CH、CH3C∞-CH、CH3C∞-CH、HOrH共有种产物：故答

CHJC∞-(>ljCHJC∞-CHJHO-CH2HO-CHJHO-CHJ

案选B；

14.(2022春•江西新余•高二校考期中)某有机化合物的结构简式如图：

OOCCH3

CH2=CH-CHi-f^∩pCH-CH2COOH

OH

此有机化合物属于

①焕燃②多官能团有机化合物③芳香垃④烧的衍生物⑤高分子⑥芳香族化合物

A.①②③④⑥B.②④⑥C.②④⑤⑥D.①③⑤

【答案】B

【解析】由题给的结构简式可知，有机物中不存在碳碳双键，含有O元素，不是快烧，而是燃的含氧衍生

物，所以①错误；含酯基、羟基、粉基，属于多官能团有机化合物，所以②正确；含苯环，但还含O元素，

则不属于芳香煌，则③错误；含C、H、O三种元素，为燃的含氧衍生物，则④正确；该有机物不是高分子

化合物，则错误；含有苯环，属于芳香族化合物，则⑥正确；所以正确的是②④⑥，故选：Bo

15.（2022秋・甘肃武威・高二民勤县第一中学校考期中）下列有机物只有四种同分异构体（不考虑立体异构）

的是

A.甲苯的一漠取代物B.分子式为C4H10的二氯取代物

C.对二甲苯的二氯取代物D.分子式为C4%的有机物

【答案】A

【解析】A.甲苯中苯环上有3种H,侧链的甲基上有1种H,共4种H,其甲苯的一浪代物共有4种，A

符合题意：B.C4HH^CH3CH2CH2CH3∖（CH3）2CHCH3两种结构，根据定一移一，对应的二氯代物分别由

6种，3种，共9种，B不符合题意；C.两个氯原子可能位于同一个碳原子上，也可能位于不同碳原子上，

如果两个氯原子位于同一个碳原子上有1种结构，如果位于不同碳原子上有6种结构，一个氯原子位于甲

基上、一个氯原子位于苯环上有1种结构，如果两个氯原子位于苯环上有3种，两个氯原子可分别在两个

甲基上,所以二氯代物有7种,C不符合题意;D.分子式为C4f⅞的同分异构体,可能是烯烧：CH2=CH-CH2CH3、

CH3CH=CHCH3,CH2-C（CH3）2,也可能是环烷煌:环丁烷、甲基环丙烷，共有5种，D不符合题意；答案

选A,.

二、非选择题

16.（2022春•黑龙江鸡西•高二校考期中）屠呦呦因在抗疟药青蒿素研究中的杰出贡献，成为首个获科学类

诺贝尔奖的中国人，青蒿素的结构简式如图所示，回答下列问题：

（1）青蒿素属于（填"烧’’还是"烽的衍生物”），是（填链状化合物还是环状化合物）。

（2）青蒿素的分子式为

（3）青蒿素分子中具有的官能团有o

A.羟基B.触键C.竣基D.酯基

（4）对二甲苯（H3C——CH3）的一氯代物有种（填1、2或3）。

【答案】（1）煌的衍生物环状化合物

（2）Cl5H22θ5（3）BD（4）2

【解析】（1）只由碳氢两种元素组成的有机化合物叫作烧；烧分子中的氢原子被其他原子或者原子团所取

代而生成的一系列化合物称为煌的衍生物，分子中含有碳环，是环状化合物；青蒿素属于属于燃的衍生物;

环状化合物：

（2）由图可知，1个青蒿素分子中含有5个碳原子、22个氢原子、5个氧原子，分子式为C5H22O5；

（3）由图可知，青蒿素分子中具有的官能团有酷键-O-、酯基-COOC-；故选BD；

（4）H3C-^>-CH3分子中存在2种情况的氢原子，故一氯代物有2种。

17.（2022秋•宁夏石嘴山•高二石嘴山市第三中学校考期末）按要求填空

同分异构体同分异构体

要求或分子式要求或分子式

种类种类

①CMCl—②CsHnO不能发生氧化反应—

③CMClBr—④C9H12芳香煌—

XCO-氯代物

⑤CMCh——

⑦C5H∣0O2酯类——

⑧二氯代物

⑨CsHuCl不能发生⑩C8H7O2CI,能与NaHCo3反应生成CCh的芳香族化

——

消去反应合物共有（不含立体异构）

【答案】①4②7③12④8⑤12⑥3⑦9⑧25⑨1⑩17

【解析】C4H9Cl可以看作是丁烷中的1个H原子被O取代产物，C4H9CI同分异构体数目与丁基的数目相

同，有4种丁基，则C4H9CI的同分异构体种数有4种，故答案为：4；

②CsHnO的不饱和度Ω=（5×2+2-12）×y=0,说明C5Hi2O分子是饱和的，同分异构体只能是一元醇或酸,

同分异构体结构简式为：属于醇的①CH3CH2CH2CH2CH2OH,②CH3CH2CH2CH(OH)CH3③(CH3CH2)2CHOH

④CH3CH2CH(CH3)CH2OH⑤(CH3)2C(C)H)CH2CH3⑥(CH3)2CHCH2(0H)CH3⑦(CH3”CHCH2CH2OH⑧

(CH3)3CCH2(OH)其中不能被氧化的只有⑤(CH3)2C(OH)CH2CH3一种；属于醛的有①CH3OCH2CH2CH2CH3

②CH3OCH2CH(CH3)2③CH3。CH(CH3)CH2CH3④CHQC(CH3)3⑤CH3CH2OCH2CH2CH3⑥CH3CH2OCH(CH3)2

不能发生氧化反应，故答案为：7；

C-C——C

③C4F⅞OBr,先分析碳骨架异构，分别为C-C-C-C与I2种情况，然后分别对2种碳骨架采

C

ClCl

II

用“定一移一”的方法分析，其中骨架C-C-C-C有c—q—C—C、C-C-C-C共8种，骨架

IilllIII

12344123

共4种，共12种，故答案为：12；

④C9H∣2芳香烧，C6H5C3H7,正丙基，异丙基两种，C6H4连一个甲基一个乙基，邻位、间位、对位三种,

C6H3连三个甲基，又三种，一共八种故答案为：8；

C

Cl

⑤CaHgCb,先分析碳骨架异构，分别为C-C-C-C与c2种情况，然后分别对2种碳骨架采用

ClC__C__C

“定一移一”的方法分析，其中骨架C-C-C-C有f—f-f—f、C-C—C—'共8种，骨架I

C

1234412

有C—C—C、1—C—C—C,共4种，共12种，故答案为：12；

111

3,一氯代物有3种,故答案为:3：

OC5HioO2酯9种，HCOOCH2CH2CH2CH.^HCOOCH2CH(CH3)2HCOOCH(CH3)CH2CH3^HCOOC(CH3)3ʌ

CH3COOCH2CH2CH3^CH3COOCH(CH3)2、CH3CH2COOCH2CH3、CH3CH2CH2COOCH3√CH3)2CHCOOCH3,

故答案为：9：

的一氯代物有5种,

,二氯代物分别有1N

64

7

85

,共25种，故答案为:25；

⑨CsHuCl:分子式为CsHn的同分异构体是：CH3-CH2CH2-CH2-CH3,它有三种不同的位置的氢原子，所以

有三种一氯代物，均能发生消去反应；（CH3）2-CH-CH2-CH3,它有4种不同的位置的氢原子，所以有四种一氯

代物，均能发生消去反应；（CH3）2-C-（CH3）2,它有一种位置的氢原子，所以有一种一氯代物，不能发生消去

反应。所以分子式为CsHuCl的同分异构体有3+4+1=8种，只有1种不能发生消去反应，故答案为：1；

⑩分子式为C8H8θ2的含有苯环有机物，能与NaHCo3溶液反应生成气体，含有竣基和苯环，可能含有1个

侧链，侧链为-CH2C00H,可能含有2个侧链，侧链为-CooH、-CH3,有邻、间、对三种，故符合条件的

CH2-COOH

同分异构体有：,共有4种，其一氯代物的种类分

别为：4种、5种、5种、3种，共17种，C8H7O2Cl,能与NaHCo3反应生成CCh的芳香族化合物共有（不

含立体异构），故答案为：17。

18.（2022秋•福建福州•高二期末）请回答下列关于有机物的问题:

（1）下列有机物属于酯类的是（填正确答案编号）。

A.B.

0

c.IlD.CH3CH2OH

CHj—C-O-CHj

（2）下列有机物不能发生水解反应的是（填正确答案编号）

A.油脂B.葡萄糖C.纤维素D∙蛋白质

(3)下列有机物属于芳香族化合物的是(填正确答案编号，下同)，与环己烷互为同系物的是

能使嗅的四氯化碳溶液褪色的是，D和H2反应的化学方程式是。

【答案】(I)C

(2)B

【解析】(DA.该物质是乙醛，属于醛类，故A错误；B.该物质是乙酸，属于竣酸类，故B错误；C.含

有酯基属于酯类，即乙酸甲酯，故C正确；D.该物质是乙醇，属于醇类，故D错误；故选C；

(2)A.油脂可以发生水解反应，故A错误：B.葡萄糖是单糖，不能发生水解反应，故B正确；C.纤

维素是多糖，能发生水解反应，故C错误：D.蛋白质能发生水解反应，故D错误；故选B；

(3)含有苯环的有机物是芳香族化合物，则属于芳香族化合物的是BD；与环己烷互为同系物的是

CH1，答案选A；《》镯!含有碳碳双键，能使嗅的四氯化碳溶液褪色，答案选C:Dψ

含仃苯环，和H2反应的化学方程式是一CH2CH3+3H2-¾-薄纯

19.(2023秋•上海浦东新•高二上海市建平中学校考期末)三种环状有机物X、Y、Z的结构如图所示

A0

XYz

完成下列填空。

(1)写出Z的分子式OY的官能团名称是O

(2)Y与H?l：1加成生成苯的同系物M,写出其反应方