2024年山东省聊城市阳谷实验中学中考物理模拟试卷（一）

2024年山东省聊城市阳谷实验中学中考物理模拟试卷（一）一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1．（3分）下列材料选用的实例中，主要从“物质密度”角度考虑的是（）A．选用水作为冷却汽车发动机的物质 B．选用塑料制作电源插座的外壳 C．选用塑料泡沫制作影视场景的“滚石” D．选用液态氢作为火箭发动机的燃料2．（3分）下列估测最接近实际的是（）A．中学生步行的速度约为10m/s B．一个鸡蛋的质量约为250g C．人感觉舒适的气温约为45℃ D．初中物理教科书的长度约26cm3．（3分）如图所示，小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲。对于吉他发出的声音，下列说法正确的是（）A．乐曲的声音是通过空气传入人耳的 B．变换手指按压弦的位置可以改变声音的响度 C．用力拨动吉他弦可以提高声音的音调 D．拨动不同的吉他弦可以改变吉他的音色4．（3分）如图所示的物态变化过程中，放出热量的是（）A．冬天哈出的“白气” B．正在消融的冰凌 C．夏天湿衣服晾干 D．放入衣箱中的樟脑球变小5．（3分）人沿水平方向推装满沙子的车，如图，但没有推动（）A．人对车的作用力小于车对人的作用力 B．人对车的推力小于地面对车的摩擦力 C．人对车的推力与地面对车的摩擦力是一对平衡力 D．沙子受到的重力与地面对车的支持力是一对平衡力6．（3分）防范触电事故最重要的是要有安全用电意识，下列有关安全用电的说法中，正确的是（）A．发现有人触电后，应立即用手把他拉开 B．家用电器或电线着火时，应迅速用水来灭火 C．更换灯泡、搬动用电器前，应断开电源开关 D．在照明电路中，电灯的开关应接在零线和灯泡之间7．（3分）小华利用带钉的木块、沙土、钩码来探究“压力的作用效果跟什么因素有关”，分析比较如图，说法错误的是（）A．该实验通过比较钉子陷入沙土中的深度来比较压力的作用效果 B．由图可知压力的作用效果与受力面积的大小有关 C．本实验用到了控制变量法 D．由图可知压力的作用效果与压力的大小有关8．（3分）关于能源、电磁波、超声波等物理知识，下列说法中正确的是（）A．核电站利用的是核聚变时产生的能量 B．化石能源属于可再生能源 C．光纤通信是利用电磁波传递信息 D．“北斗”卫星导航是利用超声波进行定位和导航的9．（3分）在三个相同的烧杯里装入质量相等的甲、乙、丙三种不同的液体，把一支装有适量铁砂的平底试管先后放入这三个烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是（）A．试管在甲液体中受到的浮力最大 B．甲液体的密度最大 C．丙液体对烧杯底部的压强最小 D．试管在三种液体中排开液体的重力一样大10．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动，下列说法正确的是（）A．电压表V1与电压表V2示数始终相等 B．电流表A示数变大，电压表V2示数变小 C．电压表V2示数与电流表A示数之比变大 D．电压表V1示数与电流表A示数之比不变二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）（多选）11．（4分）（多选）有关热现象，下列说法中正确的是（）A．组成物质的分子之间存在引力和斥力 B．在热传递过程中，吸收热量的物体温度升高 C．在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能 D．温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在（多选）12．（4分）在斜面上将一个质量为5kg的物体匀速拉到高处，如图所示，沿斜面向上的拉力为40N（g取10N/kg）。下列说法正确的是（）A．物体只受重力、拉力和摩擦力三个力的作用 B．做的有用功是50J C．此斜面的机械效率为62.5% D．物体受到的摩擦力大小为10N（多选）13．（4分）如图甲中电源恒定，R0为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示。下列选项正确的是（）A．定值电阻R0的阻值为10Ω B．电源电压为4V C．当滑片在a端时，R0的功率为2.4W D．当滑片在中点时，R0的功率为0.9W三、填空题（本大题共5小题，共10.0分）14．（2分）2014年巴西世界杯足球赛引起世界人民的关注。在比赛中，某运动员用头顶回远处飞来的足球（如图），说明力可以改变物体的；运动员起脚射门，足球离脚后，由于还能继续飞向球门。15．（2分）湖边的路灯距湖面高3米，湖水深5米，映在平静湖水中灯的“倒影”是像（填“实”或“虚”），该“倒影”距离湖面米。16．（2分）小明家电能表上个月月底表盘数字是，这个月月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电度。他只让某电水壶工作，发现在10min内该电能表转盘转过了600转，则该电水壶的实际功率为W。17．（2分）如图，重为50N的物体挂在杠杆B点，OB＝0.4m，在A端施加竖直向上的拉力F，当F＝N（杠杆自重忽略不计）时，杠杆在水平置平衡；测量质量的工具托盘天平也是杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。18．（2分）如图所示，电路中Rc为压敏电阻，阻值随所受压力增大而减小，开关S闭合后极，当压力增大时，电磁铁的磁性会。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）19．（2分）如图所示，为永磁体A和电磁铁B之间的磁场分布。请根据图中磁感线的方向标出永磁体A右端的磁极和电磁铁B中电源的“+”、“﹣”极。20．（2分）在如图中作出物体A所受重力的示意图和拉力F的力臂l。五、实验探究题（本大题共3小题，共32.0分）21．在探究热现象的实验中，小明用烧杯、试管、温度计、圆底烧瓶等器材进行了如下实验。（1）小明用图1甲所示的装置“探究冰熔化时温度的变化规律”，根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图1乙所示。该物质在BC段处于（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）状态，此过程中物质的内能（选填“增加”、“减少”或“不变”）；比较图乙中AB段与CD段可知，质量相同的冰和水在升高相同的温度时，原因是。（2）小明用如图2甲所示的装置“探究水沸腾时温度变化的特点”，纸板上留有小孔的目的是。实验中温度随时间变化的图象如图乙所示，分析FG段会发现（请写出一条）。（3）小明用图3所示的烧瓶将水加热至沸腾后，把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾。再迅速塞上瓶塞，发现水又重新沸腾了，这是因为。22．在探究“凸透镜成像规律”实验中：（1）如图甲所示，可知该凸透镜的焦距为cm；（2）如图乙所示，应将光屏向（填“上”或“下”）调整，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，其目的是；（3）当烛焰距离凸透镜25cm时，移动光屏使光屏上成清晰的像，其像是倒立、的实像。23．物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电阻”实验时，准备了以下器材：小灯泡（额定电压为2.5V）、电流表（0～0.6A，0～3A）（0～3V，0～15V）、开关、两节干电池、滑动变阻器、导线若干。如图甲为该小组连接的实物图。（1）请指出实物图连接的两处错误。①②（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表示数为A，则小灯泡电阻为Ω．（计算结果保留一位小数）（3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录下不同时刻的电压值和电流值，并计算出小灯泡在不同电压下的电阻值，其中有一处是不恰当的，这一处是，原因是。实验次数电压/V电流/A电阻/Ω平均电阻/Ω11.00.175.97.721.40.187.831.80.228.242.00.238.7（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为V，若此时电流表示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为W。六、计算题（本大题共3小题，共32.0分）24．某微电脑电热水壶具有温度可控、动抽水等优点。下表是该电热水壶的铭牌。求：（1）电热水壶正常工作时，将1.2L水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]（2）若（1）中的加热时间为7min，求电热水壶消耗的电能。（3）电热壶的热效率。25．如图所示，弹簧测力计下面挂一实心圆柱体，将圆柱体从盛有水的容器上方离水面某一高度处缓缓下降（其底面始终与水面平行）水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。（忽略水面变化）求：（1）圆柱体的重力。（2）圆柱体浸没时受到的浮力。（3）圆柱体的密度。（4）圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强。26．如图所示，电源电压和小灯泡的灯丝电阻均保持不变。小灯泡L标有“6V1.2W”字样，R0为10Ω的定值电阻，滑动变阻器R铭牌上标有“■Ω1A”字样（电阻值已模糊不清），电压表使用的量程为0～3V，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器的滑片在最右端（1）滑动变阻器R铭牌上标注的电阻值；（2）当开关S1、S3闭合，S2、S4断开时，小灯泡的实际功率；（3）当开关S2、S4闭合，S1、S3断开时，在不损坏各电路元件的情况下，电路中允许通过的最大电流。

2024年山东省聊城市阳谷实验中学中考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1．（3分）下列材料选用的实例中，主要从“物质密度”角度考虑的是（）A．选用水作为冷却汽车发动机的物质 B．选用塑料制作电源插座的外壳 C．选用塑料泡沫制作影视场景的“滚石” D．选用液态氢作为火箭发动机的燃料【分析】利用下列知识分析判断：①水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。②塑料、橡胶具有良好的绝缘性，广泛应用于电路的绝缘部分。③相同体积时，物质的密度越小，质量越小。④从燃料的热值的角度分析解答。【解答】解：A、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，水吸收的热量多，使发动机的温度不致升得太高，故A不符合题意；B、用塑料作为插座外壳的材料，可以保证用电安全，故A不符合题意；C、用塑料泡沫制作影视场景的“滚石”是因为塑料泡沫的密度比较小，质量小。故C符合题意；D、用液体氢作为火箭发动机的燃料，与密度无关。故选：C。【点评】生活中认真观察，要对观察到的问题多提为什么，这些为什么能巩固所学内容，又能解决问题。2．（3分）下列估测最接近实际的是（）A．中学生步行的速度约为10m/s B．一个鸡蛋的质量约为250g C．人感觉舒适的气温约为45℃ D．初中物理教科书的长度约26cm【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错。【解答】解：A、人正常步行的速度约为1m/s；B、一个鸡蛋的质量约50g；C、人体正常体温在37℃左右，故C错误；D、初中物理教科书的长度约25﹣28cm。故选：D。【点评】此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案。3．（3分）如图所示，小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲。对于吉他发出的声音，下列说法正确的是（）A．乐曲的声音是通过空气传入人耳的 B．变换手指按压弦的位置可以改变声音的响度 C．用力拨动吉他弦可以提高声音的音调 D．拨动不同的吉他弦可以改变吉他的音色【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（2）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声。【解答】解：A、声音的传播需要介质，故A正确；B、变换手指按压弦的位置可以改变声音的音调；C、用力拨动吉他弦可以提高声音的响度；D、拨动不同的吉他弦可以改变吉他的音调。故选：A。【点评】本题考查了学生对声音的三个特性﹣﹣音调、响度、音色以及声与能量的掌握，属于声学基础知识的考查，比较简单。4．（3分）如图所示的物态变化过程中，放出热量的是（）A．冬天哈出的“白气” B．正在消融的冰凌 C．夏天湿衣服晾干 D．放入衣箱中的樟脑球变小【分析】（1）物质从固态变为液态的过程是熔化，从液态变为固态的过程是凝固，熔化吸热，凝固放热；（2）物质从液态变为气态的过程是汽化，从气态变为液态的过程是液化，汽化吸热，液化放热；（3）物质从固态直接变为气态的过程是升华，从气态直接变为固态的过程是凝华，升华吸热，凝华放热。【解答】解：A、冬天哈出的“白气”是水蒸气发生液化变成的小水滴；故A正确；B、冰凌消融是由固态变为液态，熔化吸热；C、夏天湿衣服变干，是汽化过程；故C错误；D、樟脑球变小，属于升华现象；故D错误。故选：A。【点评】本题考查了学生对生活中物态变化以及吸放热情况的掌握，属于热学基础知识的考查，比较简单。5．（3分）人沿水平方向推装满沙子的车，如图，但没有推动（）A．人对车的作用力小于车对人的作用力 B．人对车的推力小于地面对车的摩擦力 C．人对车的推力与地面对车的摩擦力是一对平衡力 D．沙子受到的重力与地面对车的支持力是一对平衡力【分析】物体处于平衡状态时，受到平衡力的作用，一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。【解答】解：A、人对车的作用力与车对人的作用力是一对相互作用力，故A错误；B、小车处于静止状态，人对车的推力等于地面对车的摩擦力；C、人对车的推力与地面对车的摩擦力大小相。等、作用在一条直线上，是一对平衡力；D、沙子受到的重力与地面对车的支持力大小并不相等，故D错误。故选：C。【点评】熟知一对平衡力的条件，同时知道物体处于平衡状态时，受平衡力的作用，可对选项中的内容逐一判断。6．（3分）防范触电事故最重要的是要有安全用电意识，下列有关安全用电的说法中，正确的是（）A．发现有人触电后，应立即用手把他拉开 B．家用电器或电线着火时，应迅速用水来灭火 C．更换灯泡、搬动用电器前，应断开电源开关 D．在照明电路中，电灯的开关应接在零线和灯泡之间【分析】（1）发现有人触电，应先切断电源，再进行施救；（2）家用电器或电线着火时，应先切断电源，再进行灭火；（3）更换灯泡、搬动用电器前，应断开电源开关，以防止触电；（4）在照明电路中，电灯的开关应接在火线和灯泡之间。【解答】解：A、发现有人触电，再进行施救，容易使施救者也触电；B、家用电器或电线着火时，再进行灭火，容易引发触电；C、更换灯泡，应断开电源开关，故C正确；D、在照明电路中，这样断开开关时，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查了家庭电路中的一些用电常识，注意无论是在发生触电、着火或电器需要维修时，都应先断开电源开关。7．（3分）小华利用带钉的木块、沙土、钩码来探究“压力的作用效果跟什么因素有关”，分析比较如图，说法错误的是（）A．该实验通过比较钉子陷入沙土中的深度来比较压力的作用效果 B．由图可知压力的作用效果与受力面积的大小有关 C．本实验用到了控制变量法 D．由图可知压力的作用效果与压力的大小有关【分析】（1）力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显；（2）压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关，在探究过程中，用到了控制变量法。【解答】解：A、该实验通过比较钉子陷入沙土中的深度来比较压力的作用效果，故A正确；B、由图可知，甲，压力不同，故B错误；C、实验中探究压力作用效果与压力大小和受力面积大小两个量的关系，故C正确；D、由图可知，甲，压力不同，故D正确。故选：B。【点评】本题考查了探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验现象分析，注意转换法和控制变量法在实验中的运用。8．（3分）关于能源、电磁波、超声波等物理知识，下列说法中正确的是（）A．核电站利用的是核聚变时产生的能量 B．化石能源属于可再生能源 C．光纤通信是利用电磁波传递信息 D．“北斗”卫星导航是利用超声波进行定位和导航的【分析】（1）核电站的原理是通过核裂变释放能量来发电的；（2）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；（3）光纤通信是利用激光传递信息，传输过程遵循光的反射定律；（4）卫星导航是利用电磁波来传递信息的。【解答】解：A、核电站是利用核裂变来释放能量的。故A错误；B、化石能源在地球上的储量是有限的，属于不可再生能源；C、光纤通信是利用光波在光导纤维中传输信息的一种通信方式，故C正确；D、电磁波能在真空中传播，故D错误。故选：C。【点评】本题考查学生对核电站的原理、电磁波的应用及传播特点、光纤通信、可再生能源的掌握情况，需要准确记忆。9．（3分）在三个相同的烧杯里装入质量相等的甲、乙、丙三种不同的液体，把一支装有适量铁砂的平底试管先后放入这三个烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是（）A．试管在甲液体中受到的浮力最大 B．甲液体的密度最大 C．丙液体对烧杯底部的压强最小 D．试管在三种液体中排开液体的重力一样大【分析】（1）同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，受到的浮力相等、都等于自身重力；（2）根据公式F浮＝ρgV排可判断两液体密度的大小；（3）对于烧杯，液体对烧杯底的压力液体的重力，根据p＝判断容器底所受压强的大小关系；（4）根据浮力的大小关系判断G排的大小关系。【解答】解：A、试管在三种液体中都漂浮，因此浮力相等；B、由F浮＝ρ液gV排可知，ρ液＝，浮力相等，V排甲最大，所以ρ甲最小，B错误；C、甲、乙、丙液体的质量相等，受到浮力相等排＝G管，可得三种液体对烧杯底的压力相等，由于p＝，压强相等；D、由C分析可知，D正确。故选：D。【点评】本题是有关浮力知识的综合运用，关键利用好阿基米德原理及物体漂浮时，浮力与重力的关系。10．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动，下列说法正确的是（）A．电压表V1与电压表V2示数始终相等 B．电流表A示数变大，电压表V2示数变小 C．电压表V2示数与电流表A示数之比变大 D．电压表V1示数与电流表A示数之比不变【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A测电路中的电流，根据电源的电压不变可知滑片移动时电压表V2的示数变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V2示数与电流表A示数之比变化；根据串联电路的电压特点可知两电压表示数的关系，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1示数与电流表A示数之比变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V5测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A测电路中的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时6的示数不变，故B错误；将滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动时，接入电路中的电阻变小，由I＝可知，即电流表A的示数变大，则电压表V2示数与电流表A示数之比变小，故C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表V2与电压表V2示数不相等，故A错误；由R＝可知1示数与电流表A示数之比等于R4的阻值，则其比值不变。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，正确的判断电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）（多选）11．（4分）（多选）有关热现象，下列说法中正确的是（）A．组成物质的分子之间存在引力和斥力 B．在热传递过程中，吸收热量的物体温度升高 C．在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能 D．温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在【分析】（1）物质的分子之间有相互的引力和斥力；（2）晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；（3）做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；（4）物质由固态变成气态的过程叫升华现象。【解答】解：A、物质的分子之间有相互的引力和斥力；B、在热传递过程中，如晶体在熔化过程中吸收热量，故B错误；C、在四冲程内燃机中，故C正确；D、温度低于0℃的室外，即温度低于0℃的室外，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查了分子间的作用力、温度、内能、热量的关系、热机工作过程中能量的转化、蒸发等知识，知识点较多，但都较简单，属于基础题。（多选）12．（4分）在斜面上将一个质量为5kg的物体匀速拉到高处，如图所示，沿斜面向上的拉力为40N（g取10N/kg）。下列说法正确的是（）A．物体只受重力、拉力和摩擦力三个力的作用 B．做的有用功是50J C．此斜面的机械效率为62.5% D．物体受到的摩擦力大小为10N【分析】（1）对物体进行受力分析，受重力、支持力、摩擦力和拉力；（2）已知物体的重力和提升的高度（斜面高），根据公式W＝Gh可求重力做功，即提升物体所做的有用功；（3）求出了有用功和总功，可利用公式η＝计算出机械效率；（4）总功减去有用功即为克服摩擦力所做的额外功，根据W额＝fs求出物体所受斜面的摩擦力。【解答】解：A、沿斜面向上拉物体时、支持力，故A错误；B、所做的有用功：W有用＝Gh＝mgh＝5kg×10N/kg×1m＝50J，故B正确；C、拉力F对物体做的总功：W总＝Fs＝40N×8m＝80J；斜面的机械效率为：η＝×100%＝，故C正确；D、克服摩擦力所做的额外功：W额＝W总﹣W有＝80J﹣50J＝30J，由W额＝fs可得，物体受到的摩擦力：f＝＝，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查了功和摩擦力的计算，明确有用功和总功、额外功之间的关系以及额外功为克服摩擦力所做的功是关键。（多选）13．（4分）如图甲中电源恒定，R0为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示。下列选项正确的是（）A．定值电阻R0的阻值为10Ω B．电源电压为4V C．当滑片在a端时，R0的功率为2.4W D．当滑片在中点时，R0的功率为0.9W【分析】由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压。（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑片位于b端时接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，电流表的示数最小，根据图象读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；（2）当滑片在a端时，根据P＝UI求出R0的功率；当滑片在中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P＝I2R求出R0的功率。【解答】解：由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流。（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，由图象可知，电路中的最大电流I大＝0.3A，由I＝可得U＝I大R0＝0.8A×R0，当滑片位于b端时接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，由图象可知，U滑＝4V，电路中的最小电流I小＝5.2A，则滑动变阻器的最大阻值：R滑＝＝＝20Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U＝I小（R0+R滑）＝8.2A×（R0+20Ω），因电源的电压不变，所以，3.6A×R0＝4.2A×（R0+20Ω），解得：R6＝10Ω，故A正确；电源的电压U＝I大R0＝0.2A×10Ω＝6V，故B错误；（2）当滑片在a端时，R0的功率：P4＝UI大＝6V×0.6A＝3.6W，故C错误；当滑片在中点时，电路中的电流：I＝＝＝0.3A，R8的功率：P0′＝I2R3＝（0.3A）3×10Ω＝0.9W，故D正确。故选：AD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。三、填空题（本大题共5小题，共10.0分）14．（2分）2014年巴西世界杯足球赛引起世界人民的关注。在比赛中，某运动员用头顶回远处飞来的足球（如图），说明力可以改变物体的运动状态；运动员起脚射门，足球离脚后，由于惯性还能继续飞向球门。【分析】力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。【解答】解：在比赛中，运动员用头顶回远处飞来的足球；运动员起脚射门，足球离脚后，所以还能继续飞向球门。故答案为：运动状态；惯性。【点评】本题考查了力的作用效果与惯性的现象，是运动中常见的现象，其中包含的物理知识是我们应该熟知的。15．（2分）湖边的路灯距湖面高3米，湖水深5米，映在平静湖水中灯的“倒影”是虚像（填“实”或“虚”），该“倒影”距离湖面3米。【分析】平静的湖水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。【解答】解：平静的湖水面相当于平面镜，灯在湖水面上成虚像，灯到水面距离是3m。故答案为：虚；3。【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。16．（2分）小明家电能表上个月月底表盘数字是，这个月月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电100度。他只让某电水壶工作，发现在10min内该电能表转盘转过了600转，则该电水壶的实际功率为1200W。【分析】（1）小明家本月用电的计算方法：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位kW•h；（2）3000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转600r电路中消耗的电能。然后求出电热水壶的实际功率。【解答】解：（1）月底电能表示数W2＝1362.5kW•h，小明家本月用电：W＝W4﹣W1＝1362.5kW•h﹣1262.4kW•h＝100kW•h＝100度。（2）电能表转盘转动600r，电路消耗的电能为：W'＝600×kW•h＝0.8kW•h，电热水壶单独工作时间；t＝10min＝h，电热水壶的实际功率：P＝＝＝1.8kW＝1200W。故答案为：100；1200。【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算求法，理解“3000r/kW•h”的含义是本题的关键，易错点电能表的读数（最后一位是小数）。17．（2分）如图，重为50N的物体挂在杠杆B点，OB＝0.4m，在A端施加竖直向上的拉力F，当F＝20N（杠杆自重忽略不计）时，杠杆在水平置平衡；测量质量的工具托盘天平也是杠杆等臂（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。【分析】根据杠杆的平衡条件，将已知条件代入便可得出F的大小；托盘天平是等臂杠杆。【解答】解：根据杠杆的平衡条件：F•OA＝G•OB则：F×1m＝50N×0.8m解得：F＝20N平时测量质量的托盘天平是等臂杠杆。故答案为：20；等臂。【点评】本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，熟练掌握平衡条件，正确分析杠杆所受的力及对应的力臂，是解决问题的关键。18．（2分）如图所示，电路中Rc为压敏电阻，阻值随所受压力增大而减小，开关S闭合后S极，当压力增大时，电磁铁的磁性会增强。【分析】（1）据安培定则分析即可判断：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为螺线管N极方向；故由电流的方向结合右手螺旋定则可判出通电螺线管的磁极；（2）根据压力变化判断电阻阻值如何变化，然后应用欧姆定律判断电路电流如何变化，再判断电磁铁磁性如何变化；【解答】解：当开关S闭合后，电流由上端流入，该螺线管的下端是N极，阻值随所受压力增大而减小，当压力增大时x阻值减小，电路总电阻减小，由欧姆定律可知，电磁铁的磁性会增强；故答案为：S；增强。【点评】本题考查了判断电磁铁极性、电磁铁磁性强弱如何变化等问题，分析清楚电路结构、应用安培定则、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）19．（2分）如图所示，为永磁体A和电磁铁B之间的磁场分布。请根据图中磁感线的方向标出永磁体A右端的磁极和电磁铁B中电源的“+”、“﹣”极。【分析】首先根据磁感线的方向判断出电磁铁B和永磁体A的极性，然后根据安培定则判断电流的方向，从而判断出电源的正负极。【解答】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出最后回到S极，电磁铁B的左端都是N极；根据安培定则，伸出右手使右手大拇指指向电磁铁的N极，即电流从电磁铁B的右端流入，左端为“﹣”极。故答案为：【点评】安培定则不但可以判断出螺线管的磁极，也能根据磁极判断出电流方向或绕圈的绕向，即电流方向、线圈的绕向及N极方向，知道其中两个便可求出另外一个。20．（2分）在如图中作出物体A所受重力的示意图和拉力F的力臂l。【分析】（1）先确定物体的重心，然后从重心开始沿重力方向画一条带箭头的线段表示重力G；（2）根据力臂的概念画出F的力臂L。【解答】解：（1）对于形状规则、质地均匀的物体，从重心开始沿重力方向﹣﹣竖直向下。（2）过支点O作F的垂线段，即为拉力F的力臂L【点评】（1）无论物体处于什么状态，物体所受重力的方向都是竖直向下的；（2）画力臂，关键是确定支点和力的作用线，从支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂，只要细心，不会出错。五、实验探究题（本大题共3小题，共32.0分）21．在探究热现象的实验中，小明用烧杯、试管、温度计、圆底烧瓶等器材进行了如下实验。（1）小明用图1甲所示的装置“探究冰熔化时温度的变化规律”，根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图1乙所示。该物质在BC段处于固液共存（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）状态，此过程中物质的内能增加（选填“增加”、“减少”或“不变”）；比较图乙中AB段与CD段可知，质量相同的冰和水在升高相同的温度时，原因是水和冰的比热容不同。（2）小明用如图2甲所示的装置“探究水沸腾时温度变化的特点”，纸板上留有小孔的目的是为了使烧杯内外气压相同。实验中温度随时间变化的图象如图乙所示，分析FG段会发现水在沸腾过程中继续吸热但温度不变（请写出一条）。（3）小明用图3所示的烧瓶将水加热至沸腾后，把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾。再迅速塞上瓶塞，发现水又重新沸腾了，这是因为沸点随气压的降低而降低。【分析】（1）熔点是晶体熔化时的温度，晶体在熔化时保持熔点温度不变，处于固液共存状态；冰熔化的时候继续吸热，温度不变，但内能增加；升温快慢与物质不同状态下的比热容有关。由Q＝cmΔt判断冰和水的比热容大小；（2）液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；水沸腾的特点：吸收热量，温度不变；（3）水的沸点随着表面气压的降低而降低。【解答】解：（1）冰是晶体，由图象可知BC段表示冰处在熔化过程；冰融化过程中继续吸热，内能增大；由图象可以看出，AB段与CD段的倾斜程度不同，水比冰用的时间长。由Q＝cmΔt，水的比热容比冰的比热容大；（2）因为液体的沸点跟气压的大小有关，在“探究水沸腾时温度变化的特点”；沸腾图象的FG段温度保持，是因为水沸腾时，温度不变；（3）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，气体压强减小，因此。故答案为：（1）固液共存；增加；（2）为了使烧杯内外气压相同；（3）沸点随气压的降低而降低。【点评】本题考查了晶体的熔化和液体沸腾的特点，关键掌握晶体熔化和沸腾的条件和特点；同时还考查了水的沸点及与大气压之间的关系，是一道综合性较强的题目。22．在探究“凸透镜成像规律”实验中：（1）如图甲所示，可知该凸透镜的焦距为10.0cm；（2）如图乙所示，应将光屏向下（填“上”或“下”）调整，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，其目的是使烛焰的像成在光屏中央；（3）当烛焰距离凸透镜25cm时，移动光屏使光屏上成清晰的像，其像是倒立、缩小的实像。【分析】（1）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；题目中的操作方法是一种测量凸透镜焦距的方法：平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距。由此可以确定其焦距是多少。（2）为使所成像能在光屏的中心，必须使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上。（3）当u＞2f时，成倒立、缩小的实像；（4）物近像远像变大，物远像近像变小。【解答】解：（1）凸透镜对光线有会聚作用；可把平行光线会聚到凸透镜的焦点。由此可知该凸透镜的焦距为60.0cm﹣50.0cm＝10.7cm；（2）由图可知，光屏的位置偏高；为使所成像能在光屏的中心、凸透镜；（3）由图可知：此时的物距为25cm，u＞2f、缩小的实像；故答案为：（1）10.0；（2）下；（3）缩小。【点评】当u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，应用是照相机；当u＝2f时，凸透镜成倒立等大的实像，应用是测焦距；当f＜u＜2f时，凸透镜成倒立放大的实像，应用是投影仪；当u＝f时，不成像；当u＜f时，成正立放大的虚像，应用是放大镜。23．物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电阻”实验时，准备了以下器材：小灯泡（额定电压为2.5V）、电流表（0～0.6A，0～3A）（0～3V，0～15V）、开关、两节干电池、滑动变阻器、导线若干。如图甲为该小组连接的实物图。（1）请指出实物图连接的两处错误。①电流表的正负接线柱接反了②滑动变阻器同时接了上面两个接线柱（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表示数为0.24A，则小灯泡电阻为9.6Ω．（计算结果保留一位小数）（3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录下不同时刻的电压值和电流值，并计算出小灯泡在不同电压下的电阻值，其中有一处是不恰当的，这一处是计算小灯泡的平均电阻，原因是小灯泡的电阻受温度的影响，且随温度的升高而增大，不能求电阻的平均值。实验次数电压/V电流/A电阻/Ω平均电阻/Ω11.00.175.97.721.40.187.831.80.228.242.00.238.7（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，若此时电流表示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为0.625W。【分析】（1）电流应从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出；滑动变阻器要按“一上一下”串联接入电路；不能同时接在金属杆上；（2）根据电表选择的量程确定其分度值正确读数，然后根据欧姆定律的变形公式求出小灯泡的电阻；（3）小灯泡的电阻受温度的影响，且随温度的升高而增大，求平均值没有意义；（4）小灯泡正常发光时的电压等于额定电压，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率。【解答】解：（1）由图甲可知，电流从电流表的负接线柱流入，故错误是：电流表的正负接线柱接反了；滑动变阻器的两个接线柱同时接在金属杆上，没有按“一上一下”的方式串联在电路中。（2）由图乙可知，电流表选择的量程为0～0.3A，电流表示数为0.24A，由图丙可知，电压表选择的量程为0～4V，电压表示数为2.3V，由欧姆定律得，小灯泡的电阻：R＝＝≈6.6Ω。（3）由表格数据可知，小灯泡在不同电压下的电功率不同，温度不同，求平均电阻没有意义。原因是：小灯泡的电阻受温度的影响，且随温度的升高而增大。（4）要测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数等于灯泡的额定电压2.4V；若此时电流表示数为0.25A，则小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.2V×0.25A＝0.625W。故答案为：（1）①电流表的正负接线柱接反了；②滑动变阻器同时接了上面两个接线柱；（2）8.24；9.6；（3）计算小灯泡的平均电阻；小灯泡的电阻受温度的影响，不能求电阻的平均值；（4）2.5；0.625。【点评】此题考查的是实物电路的连接、电表读数、欧姆定律的应用、电功率的计算等知识，属于电学实验的常考内容，要求同学们必须牢固掌握。六、计算题（本大题共3小题，共32.0分）24．某微电脑电热水壶具有温度可控、动抽水等优点。下表是该电热水壶的铭牌。求：（1）电热水壶正常工作时，将1.2L水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]（2）若（1）中的加热时间为7min，求电热水壶消耗的电能。（3）电热壶的热效率。【分析】（1）首先求得水的质量，根据Q吸＝c水mΔt求出水吸收热量。（2）根据W＝Pt求出电热水壶消耗的电能；（3）然后根据η＝求出电热水壶的加热效率。【解答】解：（1）由ρ＝可得m＝ρV＝1.0×106kg/m3×1.4×10﹣3m3＝8.2kg，水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.7×103J/（kg•℃）×1.3kg×（100℃﹣20℃）＝4.032×105J；（2）由P＝可得，电热水壶消耗的电能：W电＝Pt＝1210W×3×60s＝5.082×105J，（3）热水壶的效率：η＝×100%＝。答：（1）水吸收的热量是4.032×105J；（2）电热水壶消耗的电能5.082×105J。（3）电热壶的热效率为79.2%。【点评】本题考查了吸热公式、电功公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键。25．如图所示，弹簧测力计下面挂一实心圆柱体，将圆柱体从盛有水的容器上方离水面某一高度处缓缓下降（其底面始终与水面平行）水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。（忽略水面变化）求：（1）圆柱体的重力。（2）圆柱体浸没时受到的浮力。（3）圆柱体的密度。（4）圆柱体在刚浸没时下表面受到的水的压强。【分析】为