2023届云南省昭通市第一中学高三第二学期阶段考试物理试卷

2023届云南省昭通市第一中学高三第二学期阶段考试物理试题试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件。当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作；当

显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态。如图所示，一块宽为。、长为c的矩形半导体霍尔

元元件，元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入方向向右的电流/时，电子的定向移动速度外当显示屏闭

合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场B中，于是元件的前、后表面间出现电压U,以此控制屏幕的熄灭。

则元件的（）

A.前表面的电势比后表面的低。

B.前、后表面间的电压U=Bve

C.前、后表面间的电压U与/成正比

D.自由电子受到的洛伦兹力大小为四

C

2、如图所示，固定斜面上放一质量为，〃的物块，物块通过轻弹簧与斜面底端的挡板连接，开始时弹簧处于原长，物

块刚好不下滑。现将物块向上移动一段距离后由静止释放，物块一直向下运动到最低点，此时刚好不上滑，斜面的倾

角为。，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在物块向下运动过程中，下列说法不正确的是（）

A.物块与斜面间的动摩擦因数为tan。B.当弹簧处于原长时物块的速度最大

C.当物块运动到最低点前的一瞬间，加速度大小为gsin，D.物块的动能和弹簧的弹性势能的总和为一定值

3、如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中Ro为定值电阻，R是滑动变阻器，C为

耐压值为22V的电容器，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是（）

图甲R°图乙

A.副线圈两端电压的变化频率为0.5Hz

B.电流表的示数表示的是电流的瞬时值

C.滑动片P向下移时，电流表Ai和A2示数均增大

D.为保证电容器C不被击穿，原副线圈匝数比应小于10：1

4、如图所示为鱼饵自动投放器的装置示意图，其下部是一个高度可以调节的竖直细管，上部是四分之一圆弧弯管，管

口沿水平方向。竖直细管下端装有原长为〃的轻质弹簧，弹簧下端与水面平齐，将弹簧压缩并锁定，把鱼饵放在弹簧

上。解除锁定当弹簧恢复原长时鱼饵获得速度即。不考虑一切摩擦，重力加速度取g,调节竖直细管的高度，可以改

变鱼饵抛出后落水点距管口的水平距离，则该水平距离的最大值为

A.胃+%c.jD.——2L»

5、在轨道上稳定运行的空间站中，有如图所示的装置，半径分别为r和R（R>r）的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置

在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道相通，宇航员让一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过粗糙的

段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，那么下列说法正确的是（）

A.小球在CD间由于摩擦力而做减速运动

B.小球经过甲轨道最高点时比经过乙轨道最高点时速度大

C.如果减少小球的初速度，小球有可能不能到达乙轨道的最高点

D.小球经过甲轨道最高点时对轨道的压力大于经过乙轨道最高点时对轨道的压力

6、下列说法中错误的是（）

A.若氢原子从〃=6能级向n=l能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从〃=6能级向n=2能级

跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应

B.卢瑟福通过a粒子散射实验，提出原子的核式结构模型

C.原子核发生一次0衰变，该原子核外就一定失去一个电子

D.质子、中子、a粒子的质量分别是机、机2、m3,质子和中子结合成一个a粒子，释放的能量是（2町+2/%-便,）。?

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，直杆与水平面成30。角，一轻质弹簧套在直杆上，下端固定在直杆底端。现将一质量为，”的小滑块从杆

顶端A点由静止释放,滑块压缩弹簧到达最低点B后返回，脱离弹簧后恰能到达A3的中点。设重力加速度为g,AB=L,

则该过程中（）

A.滑块和弹簧刚接触时的速度最大B.滑块克服摩擦做功为

4

C.滑块加速度为零的位置只有一处D.弹簧最大弹性势能为;机gL

8、电磁波在生产生活中有广泛应用。关于电磁波，下列说法正确的是（）

A.在同一介质中所有电磁波传播速度都相同

B.紫外线有助于人体合成维生素D

C.一切物体都在不停地发射红外线

D.电磁波谱中丫射线的波长最短

E.医学上用丫射线透视人体，检查体内病变等

9、如图所示，间距为L=L0m、长为5.0m的光滑导轨固定在水平面上，一电容为C=0.1F的平行板电容器接在导轨

的左端.垂直于水平面的磁场沿x轴方向上按8=4+依（其中综=（）.4T,k=02T/m）分布,垂直x轴方向的

磁场均匀分布.现有一导体棒横跨在导体框上，在沿x轴方向的水平拉力厂作用下，以v=2.0m/s的速度从x=0处

沿x轴方向匀速运动，不计所有电阻，下面说法中正确的是

EXXXXXXXXXXX

—F

"TxXXXXXXXXXXX

A.电容器中的电场随时间均匀增大

B.电路中的电流随时间均匀增大

C.拉力F的功率随时间均匀增大

D.导体棒运动至x=3m处时，所受安培力为0.02N

10、如图所示，足够大的水平圆台中央固定一光滑竖直细杆，原长为L的轻质弹簧套在竖直杆上，质量均为机的光滑

小球A、B用长为L的轻杆及光滑钱链相连，小球A穿过竖直杆置于弹簧上。让小球B以不同的角速度“绕竖直杆匀

速转动，当转动的角速度为则时，小球3刚好离开台面。弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为重力加速度为g,

则

A.小球均静止时，弹簧的长度为心等

K

B.角速度（D=（OO时，小球A对弹簧的压力为mg

C.角速度＜oo=------------

\kL-2mg

D.角速度从“。继续增大的过程中，小球A对弹簧的压力不变

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学利用图甲所示的装置设计一个“用阻力补偿法探究加速度与力、质量的关系”的实验。如图中AB是

水平桌面，CD是一端带有定滑轮的长木板，在其表面不同位置固定两个光电门，小车上固定着一挡光片。为了补偿

小车受到的阻力，将长木板C端适当垫高，使小车在不受牵引时沿木板匀速运动。用一根细绳一端拴住小车，另一端

绕过定滑轮挂一托盘，托盘中有一祛码调节定滑轮的高度，使细绳的拉力方向与长木板的上表面平行，将小车靠近长

木板的C端某位置由静止释放，进行实验。刚开始时小车的总质量远大于托盘和祛码的总质量。

（1）用游标卡尺测量挡光片的宽度d,如图乙所示，其读数为cm；

（2）某次实验，小车先后经过光电门1和光电门2时，连接光电门的计时器显示挡光片的挡光时间分别为A和加此过

程中托盘未接触地面。已知两个光电门中心之问的间距为L,则小车的加速度表达式生（）（结果用字母d、小

t2\L表7K);

⑶某同学在实验中保持小车总质量不变，增加托盘中硅码的个数，并将托盘和硅码的总重力当做小车所受的合力F,

通过多次测量作出a-尸图线，如图丙中实线所示。试分析上部明显偏离直线的原因是o

12.(12分)图甲是某同学在做“探究加速度与力、质量的关系”实验初始时刻的装置状态图，图乙是该同学得到一条

用打点计时器打下的纸带。

甲

乙

⑴写出图甲中错误的地方.(至少写出两点)

⑵图甲中所示打点计时器应该用以下哪种电源

A.交流4~6VB.交流220V

C.直流4~6VD.直流220V

(3)为完成“探究加速度与力、质量的关系”实验，除了图甲中装置外，还需要用到以下哪些装置

(4)该装置还可用于以下哪些实验.

A.探究小车速度随时间变化的规律实验

B.用打点计时器测速度实验

C.研究平抛运动的实验

D.探究做功与物体速度变化的关系实验

⑸图乙是打点计时器打出的点，请读出C点对应的刻度为cm,已知打点计时器的频率为50Hz,打点计时

器在打C点时物体的瞬时速度vc=m/s,由此纸带测得小车的加速度为a=m/s2（最后两空计算结果均保

留到小数点后面两位数字）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）长为1.5m的长木板B静止放在水平冰面上，小物块A以某一初速度从木板B的左端滑上长木板B,直

到A、B的速度达到相同，此时A、B的速度为0.4m/s,然后A、B又一起在水平冰面上滑行了8.0cm后停下.若小

物块A可视为质点，它与长木板B的质量相同，A、B间的动摩擦因数口1=0.1.求：（取g=10m/s2）

♦

（1）木块与冰面的动摩擦因数.

（2）小物块相对于长木板滑行的距离.

14.（16分）在光滑绝缘的水平面上，存在平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为E,水平面上放置两个静止、

且均可看作质点的小球4和8,两小球质量均为m,A球带电荷量为+Q,〃球不带电，A、8连线与电场线平行，开

始时两球相距L,在电场力作用下，A球与3球发生对心弹性碰撞.设碰撞过程中，A,8两球间无电量转移.

⑴第一次碰撞结束瞬间A、B两球的速度各为多大？

（2）从开始到即将发生第二次碰撞这段过程中电场力做了多少功？

（3）从开始到即将发生第二次碰撞这段过程中，若要求A在运动过程中对桌面始终无压力且刚好不离开水平桌面（v=0时

刻除外），可以在水平面内加一与电场正交的磁场.请写出磁场B与时间t的函数关系.

15.（12分）如图所示，一个截面为半圆的玻璃砖，O为圆心，是半圆的直径，它对红光和紫光的折射率分别为

"I、"2,与直径平行放置一个光屏48,A8与的距离的为d.现有一束由红光和紫光组成的复色光从尸点沿PO

方向射入玻璃砖，ZPON=45°.试问：

A

ME

AQ50

NB

(1)若红光能从MN面射出，〃/应满足什么条件？

(2)若两种单色光均能从MN面射出，它们投射到A5上的光点间距是多大?

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.电流方向向右，电子向左定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里，则后表面积累了电

子，前表面的电势比后表面的电势高，故A错误；

B.由电子受力平衡可得

解得。=8以，电流越大，电子的定向移动速度y越大，所以前、后表面间的电压。与/成正比，所以故B错误，C

正确；

D.稳定时自由电子受力平衡，受到的洛伦兹力等于电场力，即

故D错误。

故选C。

2、C

【解析】

A.由于开始时弹簧处于原长，物块刚好不下滑，则

mgsin6=pimgcos6

得物块与斜面间的动摩擦因数

〃=tan0

选项A正确

B.由于物块一直向下运动，因此滑动摩擦力始终与重力沿斜面向下的分力平衡，因此当弹簧处于原长时，物块受到

的合外力为零，此时速度最大，选项B正确;

C.由于物块在最低点时刚好不上滑，此时弹簧的弹力

F=mgsin0+/.imgcos0—2mgsin0

物块在到达最低点前的一瞬间，加速度大小为

F.

a=—=2gsin。

m

选项C错误；

D.对物块研究

WF+WG+Wf=\Ek

而重力做功和摩擦力做功的代数和为零，因此弹簧的弹力做功等于物块动能的变化量，即弹簧的弹性势能和物块的动

能之和为定值，选项D正确。

故选C。

3、C

【解析】

A.根据图乙知交流电周期为0.02s,周期与频率的关系为

/=-=-Hz=50Hz

T0.02

所以频率为50Hz,故A错误;

B.电流表、电压表的示数表示的都是有效值，故B错误;

C.滑动变阻器的触头向下滑动，电阻减小，而副线圈电压不变，副线圈电流增大，由可得副线圈的输出功率变

大，变压器的输入功率等于输出功率增大，所以输入电流也变大，即两个电流表的示数都增大，故C正确

D.由题意知，原线圈的最大电压为3UV,而电容器的耐压值为22V,即为最大值，根据原副线圈的变压比

U1_311_10V24

或=三=丁“2

可知匝数比应大于10夜：1，故D错误。

故选C。

4、A

【解析】

设弹簧恢复原长时弹簧上端距离圆弧弯管口的竖直距离为心根据动能定理有一，叫九多二二一-2二二，鱼饵离开管口后

♦・

做平抛运动，竖直方向有〃+〃匚*2,鱼饵被平抛的水平距离户出联立解得

□=+公偿-4)二:；，所以调节竖直细管的高度时，鱼饵被投放的最远距离为三+L),

选项A正确。

5、D

【解析】

在空间站中，所有物体都处于完全失重状态，任何物体间都没有相互作用力，小球在CD运动时所受弹力为零，摩擦

力为零，A错；由于处于完全失重状态，小球运动到两个最高点时没有外力做功，机械能守恒，运动到最高点速度大

小相同，B错；C错；小球做圆周运动的向心力由弹力提供，有产=力二，D对；

R

6、C

【解析】

A.根据玻尔理论可知，氢原子从〃=6能级向〃=1能级跃迁时辐射出的光的能量大于氢原子从〃=6能级向〃=2能

级跃迁时辐射出的光的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从〃=6能级向〃=1能级跃迁时辐射出的光不

能使某金属发生光电效应，则氢原子从〃=6能级向〃=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故A

正确；

B.卢瑟福通过对口粒子散射实验结果的分析，提出了原子核式结构理论，故B正确；

C.P衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，故C错误;

D.质子、中子、a子的质量分别是见、机＞根3,质子和中子结合成一个a粒子的过程中亏损的质量为

Zn=2ml+2私-m3

根据爱因斯坦质能方程可知释放的能量是(2叫+2机2-〃4)C2,故D正确；

本题选择错误的，故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.滑块向下运动受到的合力为零时，速度最大，即

mgsin6=O+/

这时，速度最大，故A错误；

B.根据动能定理有

0-0=mg^sin30°-W(

解得

WJ.=^mgL

故B错正确；

C.滑块加速度为零即合力为零，向下滑动时

0=。+f-mgsin0

向上滑动时

格-(mgsin，+/)=0

所以C错误；

D.弹簧被压缩到最短时弹性势能最大，根据能量守恒

2

mgLsin3Q°=-W(+Ep

解得弹簧最大弹性势能为

h1,

EP^-mgL

故D正确。

故选BD«

8、BCD

【解析】

A.一切电磁波在真空中传播速度相同，在同一介质中，不同电磁波传播速度不同，A错误;

B.紫外线有助于人体合成维生素D,但不宜过量，B正确；

C.红外线应用在遥感技术中，是利用一切物体都在不停地发射红外线，C正确；

D.电磁波谱中丫射线的频率最高，波长最短，D正确；

E.医学上用X射线透视人体，检查体内病变等，E错误。

故选BCDo

9、AC

【解析】

根据导体切割磁感应线产生的感应电动势计算公式可得E=BLV,所以AE=ABLV,由于磁场随位移均匀变化，所以感

应电动势随位移均匀增大，电容器两端的电压均匀变化，电场强度也是均匀变化的，A正确；电容器的电容

=,解得：［="_乙。，由于导体棒匀速运动，且磁感应强度随位移均匀变化，而x=v・At,所以电

\U\BLvAr

流强度不变，B错误；

导体棒匀速运动，根据平衡条件可得F=BIL,而B均匀增大，所以安培力均匀增大，拉力F均匀增大，拉力做功功率

等于克服安培力做功功率，即P=Fv可知，外力的功率均匀增大，C正确；导体棒运动至x=3m处时，磁感应强度为

AB

B=(0.4+0.2x3)T=1T,电流强度：1=——LCv=~-LCv2=0.2xlx0.1x4A=0.08A,所以导体棒所受安培力为

△tAx

FA=BIL=1X0.08X1N=0.08N,故D错误.故选AC.

10、ACD

【解析】

A.若两球静止时，均受力平衡，对B球分析可知杆的弹力为零，

NB=mg;

设弹簧的压缩量为x,再对4球分析可得：

mg=kx、,

故弹簧的长度为：

L,=L-玉=L-避，

“1k

故A项正确；

BC.当转动的角速度为g时，小球8刚好离开台面，即NZ=0,设杆与转盘的夹角为由牛顿第二定律可知：

〃利=nux.■L-cos0

tan。°

%•sin6=mg

而对A球依然处于平衡，有：

4下sin。+mg=Fk=kx2

而由几何关系：

.AL-x

sin0=------Lx

L

联立四式解得:

Fk=2mg,

则弹簧对A球的弹力为2mg,由牛顿第三定律可知4球队弹簧的压力为2mg,故B错误，C正确；

D.当角速度从价继续增大，8球将飘起来，杆与水平方向的夹角。变小，对A与8的系统，在竖直方向始终处于平

衡，有：

Fk=mg+mg=2mg

则弹簧对A球的弹力是2mg,由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力依然为2,ng,故D正确；

故选ACD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.170托盘和祛码的总质量过大，小车所受合力与托盘和祛码的总重力相差越来越大

2帅；

【解析】

(1)口1游标卡尺的主尺读数为：1mm,游标尺的刻度第14个刻度与上边的刻度对齐，所以读数为：0.05xl4=0.70mm,

所以rf=lmm+0.70mm=1.70mm=0.170cm；

(2)⑵小车做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动速度位移公式

2aL=--—

得

解(彳-公

(3)[3]实验时，小车的合外力认为就是托盘和祛码的总重力，"g,只有在MMI时，才有

T«mg

图线才接近直线，一旦不满足Mm,描出的点的横坐标就会向右偏离较多，造成图线向右弯曲，所以。-尸图

线上部明显偏离直线的原因是托盘和祛码的总质量过大，小车所受合力与托盘和祛码的总重力相差越来越大。

12、小车释放时距打点计时器过远；细线没有放在滑轮上；细线没有与木板平行BBCABD11.00

0.60(0.59~0.63均可)1.35(1.30~1.40均可)

【解析】

(1)⑴小车释放时距打点计时器过远、细线没有放在滑轮上、细线没有与木板平行均为错误操作;

(2)[2]图甲中是电火花计时器，电源应用交流电压220V,故选B；

(3)[3]题图甲中已经有了电火花计时器，故不再需要电磁打点计时器，故A错误；实验中需要测量小车质量及纸带

点间距离，故要用到天平和刻度尺，故BC正确；题图甲中已经有钩码，不需要质量较大的祛码，故D错误，故选BC；

(4)[4]本装置不能做平抛运动实验，其他均可，故选ABD；

(5)⑸⑹⑺刻度尺分度值为1mm,故读数为11.00cm；

选C点前后点数据可得瞬时速度

x(12.22-9.82)x10-2m

v=—=-------------------=0.60m/s

crt0.04s

前面的点抖动明显存在误差，选择后面的点计算

。=丝=(17.65-11.00)-(11.00-5.70)xl0_2m/s2=：

/0.12

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)=0.10(2)0.96m

【解析】

(1)4、8一起运动时，受冰面对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度：

2

0.4/21/2

a-u.e-------m/s=lm/s

2x0.08

解得木板与冰面的动摩擦因数：

=0.10

(2)小物块A在长木板上受木板对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度为：

4=〃ig=2.5m/s2

小物块A在木板上滑动时，木板B受小物块A的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力，做匀加速运动，有：

从mg-也(2m)g=ma2

解得加速为

2

a2=0.50m/s

设小物块冲上木板时的初速度为匕°,经时间t后A、B的速度相同为v,由长木板的运动得：

v=a2t

解得滑行时间为:

V0.8s.

小物块冲上木板的初速度为

v10=v+卬=2.4m/s

小物块A在长木板B上滑动的距离为：

1212

Ax=%一/=匕（）'一万"/~一—0.96m

_____m~2g________

14、⑴心=03⑵5。且⑶对一黑）（修保）

【解析】

（1）A球的加速度〃=笠，碰前A的速度y.产伍Z=J跑跑;碰前B的速度外产0

m41Vm

设碰后A、B球速度分别为u*、山一两球发生碰撞时，由动量守恒和能量守恒定律有：

mmmmm

VM=vM+v^，；vM=；vl+；my；

所以B碰撞后交换速度：4产0,以=口产但也

Vin

（2）设A球开始运动时为计时零点，即f=0,A、B球发生第一次、第二次的碰撞时刻分别为九、