高考化学备考之有机化合物压轴突破训练∶培优易错试卷篇

高考化学备考之有机化合物压轴突破训练∶培优易错试卷篇一、有机化合物练习题（含详细答案解析）1．某些有机化合物的模型如图所示。回答下列问题：（1）属于比例模型的是___（填“甲”、“乙”、“丙”、“丁”或“戊”，下同）。（2）表示同一种有机化合物的是___。（3）存在同分异构体的是___，写出其同分异构体的结构简式___。（4）含碳量最低的是___，含氢量最低的分子中氢元素的质量百分含量是___（保留一位小数）。（5）C8H10属于苯的同系物的所有同分异构体共有___种。【答案】乙、丙甲、丙戊CH3CH2CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH2CH3、C（CH3）4甲、丙16.7%4【解析】【分析】甲、丁、戊分别是甲烷、丁烷、戊烷的球棍模型，乙、丙分别是乙烷和甲烷的比例模型。【详解】(1)乙、丙能表示的是原子的相对大小及连接形式，属于比例模型；(2)甲、丙分别是甲烷的球棍模型与比例模型，属于同一种有机化合物；(3)存在同分异构体的是戊(戊烷)，其同分异构体的结构简式CH3CH2CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH2CH3、C(CH3)4；(4)烷烃的通式为CnH2n+2，随n值增大，碳元素的质量百分含量逐渐增大，含碳量最低的是甲烷，含氢量最低的分子是戊烷，氢元素的质量百分含量是×100%=16.7%；(5)C8H10属于苯的同系物，侧链为烷基，可能是一个乙基，如乙苯；也可以是二个甲基，则有邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯三种，则符合条件的同分异构体共有4种。2．(1)的系统名称是_________；的系统名称为__________。(2)2，4-二甲基-3-乙基戊烷的结构简式是_____，1mol该烃完全燃烧生成二氧化碳和水，需消耗氧气_______mol。(3)键线式表示的物质的结构简式是__________________。【答案】3，4-二甲基辛烷1，2，3-三甲苯14molCH3CH2CH=CH2【解析】【分析】(1)命名烷烃时，先确定主链碳原子为8个，然后从靠近第一个取代基的左端开始编号，最后按取代基位次—取代基名称—烷烃名称的次序命名。命名苯的同系物时，可以按顺时针编号，也可以按逆时针编号，但需体现位次和最小。(2)书写2，4-二甲基-3-乙基戊烷的结构简式时，先写主链碳原子，再编号，再写取代基，最后按碳呈四价的原则补齐氢原子，1mol该烃耗氧量，可利用公式进行计算。(3)键线式中，拐点、两个端点都是碳原子，再确定碳原子间的单、双键，最后依据碳呈四价的原则补齐氢原子，即得结构简式。【详解】(1)主链碳原子有8个，为辛烷，从左端开始编号，最后按取代基位次—取代基名称—烷烃名称的次序命名，其名称为3，4-二甲基辛烷。命名时，三个-CH3在1、2、3位次上，其名称为1，2，3-三甲苯。答案为：3，4-二甲基辛烷；1，2，3-三甲苯；(2)书写2，4-二甲基-3-乙基戊烷的结构简式时，主链有5个碳原子，再从左往右编号，据位次再写取代基，补齐氢原子，得出结构简式为；1mol该烃耗氧量为mol=14mol。答案为：；14mol；(3)键线式中，共有4个碳原子，其中1，2-碳原子间含有1个双键，结构简式为CH3CH2CH=CH2。答案为：CH3CH2CH=CH2。【点睛】给有机物命名，确定主链时，在一条横线上的碳原子数不一定最多，应将横线上碳、取代基上碳综合考虑，若不注意这一点，就会认为的主链碳原子为7个，从而出现选主链错误。3．I.A～D是四种烃分子的球棍模型（如图）（1）与A互为同系物的是___________（填序号）。（2）能使酸性高锰酸钾溶液褪色的物质是_____________（填序号）。（3）D和液溴反应的化学方程式是_____________。Ⅱ.某些有机物的转化如下图所示。已知A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，D是食醋的有效成分。请回答下列问题：（4）A中官能团的名称是______________。（5）B的结构简式为_________________。（6）反应③的化学方程式为__________________。【答案】CB+Br2+HBr碳碳双键CH3CH2OH或C2H5OH【解析】【分析】I.由球棍模型可知，A为甲烷，B为乙烯，C为丁烷，D为苯；结合同系物的概念和乙烯与苯的性质分析解答(1)～(3)；Ⅱ.A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则A为CH2=CH2，与水在一定条件下发生加成反应生成CH3CH2OH，乙醇在Cu作催化剂条件下发生氧化反应CH3CHO，CH3CHO可进一步氧化生成CH3COOH，CH3CH2OH和CH3COOH在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，据此分析解答(4)～(6)。【详解】I.由球棍模型可知，A为甲烷，B为乙烯，C为丁烷，D为苯。(1)甲烷、丁烷结构相似，都是烷烃，互为同系物，故答案为：C；(2)乙烯中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故答案为：B；(3)苯和液溴反应生成溴苯和HBr，反应的方程式为+Br2+HBr，故答案为：+Br2+HBr；Ⅱ.(4)A为乙烯(CH2=CH2)，含有的官能团是碳碳双键，故答案为：碳碳双键；(5)B的结构简式为CH3CH2OH或C2H5OH，故答案为：CH3CH2OH或C2H5OH；(6)反应③为CH3CH2OH和CH3COOH在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O。4．根据下列转化关系，回答有关问题：已知CH3CHO在一定条件下可被氧化为CH3COOH。（1）A的结构简式为________，C试剂是________，砖红色沉淀是________（填化学式）。（2）B溶液的作用是__________。（3）④和⑥反应的化学方程式及反应类型分别为:④_______，_______________。⑥________，_________。（4）由图示转化关系可知淀粉________（填“部分水解”或“完全水解”）。某同学取图中混合液E，加入碘水，溶液不变蓝色，________（填“能”或“不能”）说明淀粉水解完全，原因是__________。若向淀粉中加入少量硫酸，并加热使之发生水解，为检验淀粉水解的情况所需的试剂是________。（填序号）①NaOH溶液②新制Cu（OH）2悬浊液③BaCl2溶液④碘水（5）在进行蔗糖的水解实验并检验水解产物中是否含有葡萄糖时，某同学的操作如下：取少量纯蔗糖加水配成溶液，在蔗糖溶液中加入3～5滴稀硫酸，将混合液煮沸几分钟、冷却，在冷却后的溶液中加入新制Cu（OH）2悬浊液，加热，未见砖红色沉淀。其原因是________（填字母）。a．蔗糖尚未水解b．蔗糖水解的产物中没有葡萄糖c．加热时间不够d．煮沸后的溶液中没有加碱液无法中和稀硫酸【答案】CH2OH（CHOH）4CHO新制Cu（OH）2悬浊液Cu2O中和稀硫酸2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O氧化反应CH3CH2OH＋CH3COOHCH3COOCH2CH3＋H2O酯化反应部分水解不能I2与过量的NaOH溶液反应①②④d【解析】【详解】（1）淀粉在酸性条件下水解的最终产物是葡萄糖，葡萄糖在碱性条件下与新制Cu（OH）2悬浊液反应，所以水解后先加NaOH溶液中和H2SO4后才可与新制Cu（OH）2悬浊液反应生成砖红色沉淀；故答案为：CH2OH（CHOH）4CHO；新制Cu（OH）2悬浊液；Cu2O；（2）淀粉水解后产物为葡萄糖，葡萄糖与新制Cu（OH）2悬浊液反应需要在碱性条件下，所以水解后先加NaOH溶液中和H2SO4，故答案为：中和稀硫酸；（3）葡萄糖在酒化酶作用下可生成乙醇和CO2，D为乙醇，乙醇被氧化为乙醛，乙醛被氧化为乙酸，乙酸与乙醇在一定条件下反应生成乙酸乙酯和水。故答案为：2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O；氧化反应；CH3CH2OH＋CH3COOHCH3COOCH2CH3＋H2O；酯化反应；（4）淀粉如果部分水解，既能与新制Cu（OH）2悬浊液反应又能使碘水变蓝，由图示转化关系可知淀粉部分水解。某同学取图中混合液E，加入碘水，溶液不变蓝色，不能说明淀粉水解完全，因为I2与过量的NaOH溶液反应。若向淀粉中加入少量硫酸，并加热使之发生水解，为检验淀粉水解的情况需要先加NaOH溶液中和原溶液，再加新制Cu（OH）2悬浊液，若出现砖红色沉淀，说明水解生成葡萄糖；淀粉的检验时，直接取水解液加碘水若显蓝色，说明有淀粉剩余。故答案为：部分水解；不能；I2与过量的NaOH溶液反应；①②④；（5）在进行蔗糖的水解实验并检验水解产物中是否含有葡萄糖时，检验水解产物前必须加碱来中和酸。故答案为：d；【点睛】淀粉水解情况有三种：如果未发生水解，则溶液不能与新制Cu（OH）2悬浊液反应；如果部分水解，则既能与新制Cu（OH）2悬浊液反应又能使碘水变蓝；如果已完全水解，则遇碘水不显蓝色。操作过程有两点注意事项：①检验水解产物前必须加碱来中和酸。②淀粉的检验时，必须直接取水解液加入碘水，不能取中和液，因为碘能与NaOH溶液反应。5．乙炔是一种重要的有机化工原料，以乙炔为原料在不同的反应条件下可以转化成以下化合物。完成下列各题：(1)正四面体烷的分子式为__________________。(2)关于乙烯基乙炔分子的说法错误的是：_________。a.能使酸性溶液褪色b.1mol乙烯基乙炔能与3mol发生加成反应c.乙烯基乙炔分子内含有两种官能团d.等质量的乙炔与乙烯基乙炔完全燃烧时耗氧量不相同(3)1866年凯酷勒提出了苯的单、双键交替的正六边形平面结构，解释了苯的部分性质，但还有一些问题尚未解决，它不能解释下列_________事实(填入编号)。a.苯不能使溴水褪色b.苯能与发生加成反应c.溴苯没有同分异构体d.邻二溴苯只有一种(4)写出与环辛四烯互为同分异构体且属于芳香烃的分子的结构简式：_______________。【答案】C4H4dad【解析】【分析】(1)每个顶点上含有一个C原子，每个碳原子形成四个共价键，据此确定该物质分子式；(2)乙烯基乙炔中含有碳碳双键、碳碳三键，具有烯烃和炔烃性质；(3)根据双键能发生加成反应分析性质，根据Br−C−C−Br和Br−C＝C−Br两种不同的位置分析结构；(4)环辛四烯的不饱和度为5，其同分异构体属于芳香烃，说明含有苯环，苯环的不饱和度为4，则苯环上取代基含有碳碳双键。【详解】(1)每个顶点上含有一个C原子，每个碳原子形成四个共价键，所以该物质分子式为C4H4；故答案为：C4H4；(2)a．该分子中含有碳碳双键、碳碳三键，具有烯烃和炔烃性质，所以能被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故正确；b．碳碳双键和碳碳三键都能和溴单质发生加成反应，1mol碳碳双键完全加成需要1mol溴单质，1mol碳碳三键完全加成需要2mol溴单质，所以1mol乙烯基乙炔能与3molBr2发生加成反应，故正确；c．该分子中含有碳碳双键和三键，所以乙烯基乙炔分子内含有两种官能团，故正确；d．乙炔和乙烯炔的最简式相同，所以等质量的乙炔与乙烯基乙炔完全燃烧时的耗氧量相同，故错误；故答案为：d；(3)1866年凯库勒提出了苯的单、双键交替的正六边形平面结构，如果含有C＝C键的话，则能发生加成反应而使溴水褪色，但真实的情况是苯不能使溴水发生反应而褪色，这一点不能解释；如果是单双建交替的正六边形平面结构，则邻二溴苯应有Br−C−C−Br和Br−C＝C−Br两种不同的结构，但事实是邻二溴苯只有一种，这一点也不能解释；故答案为：ad；(4)环辛四烯的不饱和度为5，其同分异构体属于芳香烃，说明含有苯环，苯环的不饱和度为4，则苯环上取代基含有碳碳双键，所以环辛四烯符合条件的同分异构体为苯乙烯，其结构简式为；故答案为：。【点睛】关于有机物的性质要根据所含的官能团进行分析和判断；判断同分异构体可以从不饱和度的角度思考。6．精细化工在生产和生活中有广泛而重要的应用。(1)精细化学品往往有特定的功能从而广泛地应用于日常生活中，下列洗涤方法原理各不相同，请比较分析：①沾有油脂的器皿可用汽油擦洗，其原理是________；②也可用洗洁精和水洗涤，其原理是_______；③还可以用纯碱或稀氢氧化钠溶液洗涤，其原理是___________。④如果水溶液的硬度很大，用肥皂与合成洗涤剂哪个洗涤剂效果更好？为什么？____。(2)据报道，我国某地发生误食工业用猪油的中毒事件，原因是工业品包装中混入有机锡等，下列有关叙述正确的是__________。A．猪油是天然高分子化合物B．猪油是高级脂肪酸甘油酯C．猪油发生皂化反应后，反应液能使蓝色石蕊试纸变红D．猪油皂化反应完全后，反应混合物静置后分为两层(3)阿司匹林是一种常用的药剂，其化学名称为乙酰水杨酸，其分子结构如图：阿司匹林的一种同分异构体中含有苯环和两个羧基，且苯环上只有一个侧链，则阿司匹林的这种同分异构体的结构简式为____________。以苯酚为原料合成水杨酸，为阿司匹林的大量生产开辟了广阔的前景，其生产阿司匹林的流程如下：水杨酸阿司匹林写出反应②的化学方程式__________。【答案】根据相似相溶原理，汽油与油脂互溶除去洗洁精属于合成洗涤剂，含有亲水基和憎水基，可将油污洗去油脂在碱性条件下发生水解，从而用纯碱或稀氢氧化钠溶液可以除去油脂用合成洗涤剂较好，因为在硬水中肥皂会形成硬脂酸钙(镁)沉淀而失去去污能力B+(CH3CO)2O→+CH3COOH【解析】【分析】(1)①根据相似相溶回答；②洗洁精具有亲水基，和憎水基，可以将油污除去；③油脂在碱性环境下水解；④硬水中使用肥皂，会产生沉淀，降低去污能力。(3)苯酚，与NaOH和CO2，在一定条件下，发生反应，在酚羟基的邻位引入一个—COONa，酸化得到—COOH，在乙酸酐的作用下，酚羟基转化为酯基。【详解】(1)①根据相似相溶原子，油脂能够溶解在汽油中，因此能够用汽油去油脂；②洗洁精属于合成洗涤剂，含有亲水基和憎水基，憎水基与油污结合，亲水基溶于水中，形成乳浊液，可将油污洗去；③油脂在碱性条件下发生水解，从而用纯碱或稀氢氧化钠溶液可以除去油脂；④用合成洗涤剂较好，因为在硬水中肥皂会形成硬脂酸钙(镁)沉淀而失去去污能力；(2)A、猪油是脂肪，是高级脂肪酸的甘油酯，不是高分子化合物，故A错误；B、猪油是固态油脂，成分为高级脂肪酸甘油酯，故B正确；C、皂化反应水解后生成的高级脂肪酸钠和甘油，不显示酸性，所以不能是石蕊变红，故C错误；D、由于猪油皂化反应后，生成的高级脂肪酸钠和甘油都溶于水，不分层，故D错误；故选：B；(3)阿司匹林的同分异构体含有苯环和两个羧基，且苯环上只有一个侧链，除了苯环外，还有3个C原子，还有2个羧基，只有1个侧链，则一个C上连接2个苯环，结构简式为；苯酚，与NaOH和CO2，在一定条件下，发生反应，在酚羟基的邻位引入一个—COONa，酸化得到—COOH，水杨酸的结构简式为，在乙酸酐的作用下，酚羟基转化为酯基，化学方程式为+(CH3CO)2O→+CH3COOH。7．已知：有机物A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平。现以A为主要原料合成F，其合成路线如下图所示。（1）A分子中官能团的名称是____________，D中官能团的名称是________反应①的反应类型是___________反应。（2）反应②的化学方程式是___________________________。反应④的化学方程式是___________________________。（3）E是常见的高分子材料，合成E的化学方程式是_____________________________。（4）某同学用如右图所示的实验装置制取少量F。实验结束后，试管甲中上层为透明的、不溶于水的油状液体。①实验开始时，试管甲中的导管不伸入液面下的原因是______________。②上述实验中饱和碳酸钠溶液的作用是(填字母)________。A．中和乙酸和乙醇B．中和乙酸并吸收部分乙醇C．乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度比在水中更小，有利于分层析出D．加速酯的生成，提高其产率③在实验室利用B和D制备F的实验中，若用1molB和1molD充分反应，__________（能/不能）生成1molF，原因是__________________。【答案】碳碳双键羧基加成反应2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2OCH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2OnCH2＝CH2防止倒吸BC不能酯化反应为可逆反应【解析】【分析】有机物A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，则A为CH2=CH2；结合图中转化可知，A和水发生加成反应生成B，B可发生连续氧化反应，则B为CH3CH2OH，C为CH3CHO，D为CH3COOH，CH3CH2OH和CH3COOH在浓硫酸作用下发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，E是常见的高分子材料，则乙烯发生加聚反应生成E为，以此来解答。【详解】(1)A分子中官能团的名称是碳碳双键，D中官能团的名称是羧基；反应①为乙烯与水的加成反应，反应类型是加成反应；(2)反应②为乙醇的催化氧化，反应的化学方程式是2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，反应④为乙醇和乙酸的酯化反应，反应的化学方程式是CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；(3)E是常见的高分子材料，合成E的化学方程式是nCH2=CH2；(4)①因乙酸、乙醇易溶于水，实验开始时，试管甲中的导管不伸入液面下的目的是防止倒吸；②上述实验中饱和碳酸钠溶液的作用是中和乙酸并吸收部分乙醇、降低乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度，有利于分层析出，故答案为BC；③在实验室利用B和D制备乙酸乙酯的实验中，若用1molB和1molD充分反应，不能生成1mol乙酸乙酯，因为该反应是可逆反应，当反应达到一定限度时达到平衡状态。【点睛】乙酸乙酯制备过程中各试剂及装置的作用：①浓硫酸的作用：催化剂、吸水剂；②饱和Na2CO3的作用：中和乙酸，溶解乙醇；降低乙酸乙酯在水中的溶解度；③玻璃导管的作用：冷凝回流、导气。8．丙烯酸乙酯天然存在于菠萝等水果中，是一种食品用合成香料，可以用乙烯、丙烯等石油化工产品为原料进行合成：（1）用乙烯生成有机物A的反应类型__。（2）有机物B含有的无氧官能团__（填名称）。A和B合成丙烯酸乙酯的化学方程式：__，该反应的反应类型为__。（3）久置的丙烯酸乙酯自身会发生聚合反应，所得的聚合物具有很好的弹性，可用于生产织物和皮革处理剂。写出聚合过程的化学方程式__。【答案】加成反应碳碳双键CH2=CH-COOH+C2H5OHH2O＋CH2=CHCOOC2H5取代反应（酯化反应）nCH2=CHCOOH【解析】【分析】根据丙烯酸乙酯逆推，A和B反应生成丙烯酸乙酯的反应类型应该是酯化反应；反应物应该为乙醇和丙烯酸；结合题目所给的初始物质的结构简式可知，有机物A为乙醇，有机物B为丙烯酸；(1)根据反应方程式判断反应类型；(2)利用丙烯酸的分子结构，判断无氧官能团，仿照乙酸乙酯的生成写出反应方程式，判断反应类型；(3)仿照乙烯的聚合反应，写出丙烯酸乙酯的加聚反应。【详解】(1)由以上分析可知，有机物A为乙醇，乙烯和水生成乙醇的反应为加成反应；(2)根据上述推测，有机物B为丙烯酸，官能团为碳碳双键和羧基，无氧官能团为碳碳双键；A为乙醇，A和B发生酯化反应的化学方程式为：CH2=CH-COOH+C2H5OHH2O＋CH2=CHCOOC2H5，反应类型为酯化反应(取代反应)；(3)丙烯酸乙酯含有不饱和键，分子间互相结合发生聚合反应，化学方程式为：nCH2=CH-COOC2H5。9．乙烯是来自石油的重要有机化工原料。结合路线回答：已知：2CH3CHO+O2→2CH3COOH（1）D是高分子，用来制造包装材料，则反应V类型是____。产物CH2=CHCOOH也能发生相同类型的化学反应，其化学方程式为：____（2）E有香味，实验室用A和C反应来制取E①反应IV的化学方程式是____。②实验室制取E时在试管里加入试剂的顺序是____（填以下字母序号）。a．先浓硫酸再A后Cb．先浓硫酸再C后Ac．先A再浓硫酸后C③实验结束之后，振荡收集有E的试管，有无色气泡产生其主要原因是（用化学方程式表示）____（3）产物CH2=CH-COOH中官能团的名称为____（4）①A是乙醇，与A相对分子质量相等且元素种类相同的有机物的结构简式是：____、____。②为了研究乙醇的化学性质，利用如图装置进行乙醇的催化氧化实验，并检验其产物，其中C装置的试管中盛有无水乙醇。(加热、固定和夹持装置已略去)（1）装置A圆底烧瓶内的固体物质是____，C装置的实验条件是____。（2）实验时D处装有铜粉，点燃D处的酒精灯后，D中发生的主要反应的化学方程式为____【答案】加聚反应nCH2=CHCOOH→C碳碳双键、羧基CH3-O-CH3HCOOH二氧化锰或MnO2热水浴【解析】【分析】由流程知，A为乙醇、B为乙醛、C为乙酸、D为聚乙烯、E为乙酸乙酯，据此回答；【详解】(1)D是聚乙烯，是一种高分子化合物，则反应V类型是加聚反应，CH2=CHCOOH也能发生相同类型的化学反应，即因其含有碳碳双键而发生加聚反应，其化学方程式为：nCH2=CHCOOH→；答案为：加聚反应；nCH2=CHCOOH→；(2①反应IV为乙酸和乙醇在一定条件下发生酯化反应，则化学方程式是；答案为：；②实验室制取乙酸乙酯时，试剂的添加顺序为乙醇、浓硫酸、乙酸，故选C；答案为：C；③实验结束之后，用饱和碳酸钠收集到的乙酸乙酯内混有乙酸、乙醇，振荡后，有无色气泡产生的主要原因是乙酸和碳酸钠反应产生了二氧化碳气体，化学方程式为：；答案为：；(3)产物CH2=CH-COOH中官能团的名称为碳碳双键、羧基；答案为：碳碳双键、羧基；(4)①A是乙醇，与A相对分子质量相等且元素种类相同的有机物的结构简式是二甲醚、甲酸，则其结构简式为：CH3-O-CH3；HCOOH；答案为：CH3-O-CH3；HCOOH；②利用如图装置进行乙醇的催化氧化实验，并检验其产物，则其中A装置用于产生氧气，从C装置的试管中盛有无水乙醇，在D装置中乙醇蒸汽和氧气的混合气在D中发生催化氧化反应；则（1）装置A圆底烧瓶内的固体物质是二氧化锰，C装置的实验条件是水浴加热，便于能控制温度便于乙醇持续地挥发；答案为：二氧化锰或MnO2；热水浴；（2）实验时D处装有铜粉，点燃D处的酒精灯后，D中发生的主要反应为乙醇的催化氧化，则化学方程式为：；答案为：。10．短周期元素X、Y、Z组成的化合物Y2X和ZX2。Y2X溶于水形成的溶液能与ZX2反应生成一种化合物Y2ZX3。已知三种元素原子的质子总数为25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，试回答：（1）X、Y、Z元素的名称：X___，Y___，Z___。（2）用电子式表示ZX2的形成过程：___。（3）Y2X对应水化物的电子式___，其中存在的化学键有___。（4）写出Y2X溶于水的溶液与ZX2反应的化学方程式___。【答案】氧钠碳离子键和共价键2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O【解析】【分析】Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，可设最外层电子数为n，则有关系式：n=(2+n)，解得n=4，所以Z为碳元素，质子数为6；设X、Y两种元素原子的质子数分别为x、y，由题知X、Y、Z三种元素原子的质子总数为25，则有x+y+6=25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，则有6+y=2x+1，联立方程解得：x=8，y=11，即X为氧元素，Y为钠元素，然后利用单质及化合物的性质来解答。【详解】Z原子有2个电子层，最外层电子数是核外电子数的倍，可设最外层电子数为n，则有关系式：n=(2+n)，解得n=4，所以Z为碳元素，质子数为6；设X、Y两种元素原子的质子数分别为x、y，由题知X、Y、Z三种元素原子的质子总数为25，则有x+y+6=25，且Z和Y的原子序数之和比X的原子序数2倍还多1，则有6+y=2x+1，联立方程解得：x=8，y=11，即X为氧元素，Y为钠元素。（1）由以上分析可知，X为氧元素，Y为钠元素，Z为碳元素；（2）ZX2是CO2，CO2是共价化合物，由化合价可知每个氧原子与碳原子之间有2对共用电子对，碳原子共有4个共用电子对，形成过程用电子式可表示为：；（3）Y2X为Na2O，对应水化物为NaOH，NaOH是离子化合物，由钠离子与氢氧根离子构成，电子式为：；钠离子与氢氧根离子之间为离子键，氢氧根离子中氢原子和氧原子之间为共价键；（4）Y2X为Na2O，溶于水生成NaOH，ZX2为CO2，二者反应的化学方程式为：2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O。【点睛】用电子式表示离子化合物形成过程时，左边是原子的电子式，有几个原子写几个原子，不能合并，后面是化合物的电子式，中间用箭头连接。11．A是一种常见的烃，它的摩尔质量为40g·mol-1，C能发生银镜反应，E能与小苏打反应产生气体，它们之间存在如下图所示的转化关系（反应所需条件已略去）：请回答：（1）A的结构简式_______。（2）C中含有官能团的名称是_______。（3）在加热和催化剂条件下，D生成E的反应化学方程式为________。（4）下列说法正确的是________。a.B、C和E都能使酸性KMnO4溶液褪色b.D和E都可以与金属钠发生反应c.D和E在一定条件下反应可生成有香味的油状物质d.等物质的量B和D完全燃烧，耗氧量相同【答案】CH3C≡CH醛基CH3CH2CH2OH+O2CH3CH2COOH+H2Obcd【解析】【分析】由题意：A是一种常见的烃，它的摩尔质量为40g·mol-1，分子式应为C3H4，则A为CH3CCH，由转化关系可知B为CH3CH=CH2，C能发生银镜反应，则C为CH3CH2CHO，D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，以此解答该题。【详解】(1)由以上分析可知A为CH3C≡CH，故答案为：CH3C≡CH；(2)根据上述分析：C为丙醛，含有的官能团为醛基，故答案为：醛基；(3)根据上述分析可知：D生成E的反应化学方程式为CH3CH2CH2OH+O2CH3CH2COOH+H2O，故答案为：CH3CH2CH2OH+O2CH3CH2COOH+H2O；(4)a.根据上述分析E为丙酸，与酸性KMnO4溶液不反应，故a错误；b.根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，D和E分别含有羟基、羧基，则都可以与金属钠发生反应，故b正确；c.根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，D和E在一定条件下发生酯化反应，可生成有香味的油状物质，故c正确；d.根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，可拆写成(CH3CH=CH2)H2O，则等物质的量B和D完全燃烧，耗氧量相同，故d正确；故答案为：bcd。12．已知乙烯能发生以下转化：(1)乙烯的结构简式为：______________(2)写出化合物官能团的化学式及名称：①B中含官能团_________名称________；②D中含官能团__________名称_________；(3)写出反应的化学方程式①__________反应类型：___________②__________反应类型：___________【答案】CH2=CH2—OH羟基—COOH羧基加成反应氧化反应【解析】【分析】乙烯含有碳碳双键能与水发生加成反应生成B是乙醇，乙醇发生催化氧化生成C是乙醛，B与D发生酯化反应生成乙酸乙酯，则D是乙酸，据此解答。【详解】根据以上分析可知B是乙醇，C是乙醛，D是乙酸，则(1)乙烯的结构简式为CH2=CH2，故答案为：CH2=CH2；(2)①B是乙醇，含有的官能团为—OH，名为羟基，故答案为：—OH；羟基；②D是乙酸，含有的官能团为—COOH，名为羧基，故答案为：—COOH；羧基；(3)①.反应①是乙烯与水发生加成反应，反应方程式为，故答案为：；加成反应；②.反应②是乙醇的催化氧化，反应的化学方程式为，为氧化反应，故答案为：；氧化反应。【点睛】本题考查有机物推断，侧重考查学生推断和知识综合运用能力，涉及物质推断、反应类型判断、官能团判断，明确有机物官能团及其性质、物质之间的转化关系是解本题关键，题目难度不大。13．以某有机物X为原料可合成塑料G，X的相对分子质量小于100，1mol有机物X完全燃烧生成等物质的量的CO2和H2O，同时消耗标准状况下的O2112L，且X分子中含有羰基和羟基。X能发生如图所示的转化：已知：在、加热条件下生成RCHO和R′CHO。回答下列问题：(1)X的结构简式为__________________。(2)的反应条件是__________________。(3)写出的化学方程式：_________________，该反应的反应类型为_______________。(4)的化学方程式为________________，该反应的反应类型为______________________。(5)Y是X的同分异构体，1molY与足量的Na反应可生成1molH2且Y不能使溴的CCl4溶液褪色，Y分子中的官能团连在相邻的碳原子上。Y的核磁共振氢谱图中有3个峰，峰面积之比为2:1:1。PBS是一种新型塑料，其结构简式为。请设计合理方案以Y为原料（无机试剂自选）合成PBS：____________（用合成路线流程图表示，并注明反应条件）。【答案】醇溶液、加热加聚反应n+nHOOC-COOH→+(2n-1)H2O缩聚反应【解析】【分析】有机物X完全燃烧生成等物质的量的CO2和H2O，说明该有机物中碳原子个数与氢原子个数比为1:2，1molX完全燃烧消耗标准状况下5molO2，设X的分子式为CaH2aOb，则其燃烧方程式为，由氧原子守恒得：b+10=2a+a，b=3a-10，又因X的相对分子质量小于100，故，两式综合得：，解得：a<4.2，即a=4(a=1，2或3时b=3a-10<0，不合题意)，则b=2，故X的分子式为C4H8O2。C为CH3COOH，则B为CH3CHO，A为CH3CH(OH)CH(OH)CH3，X为CH3COCH(OH)CH3。【详解】(1)根据分析可知X为；(2)E为CH3COCHBrCH3，在NaOH醇溶液中、加热条件下发生消去反应生成F()；(3)含有碳碳双键，在一定条件下发生加聚反应生成G()，方程式为n；(4)CH3CH(OH)CH(OH)CH3与HOOC-COOH发生缩聚反应生成D()，方程式为n+nHOOC-COOH→+(2n-1)H2O；(5)1molY能与Na反应生成1molH2，则Y中含有2个-OH个，Y不能使溴的CCl4溶液褪色，说明Y中不含碳碳双键。由于Y分子中的氢原子没有达到饱和状态，所以只能是环状有机物，其结构简式可能为或，因核磁共振氢谱图中有3个峰，峰面积之比为2:1:1，所以只能是；由PBS的结构简式可知其单体为HOCH2CH2CH2CH2OH和HOOCCH2CH2COOH，所以Y合成PBS可先在HIO4、加热条件下反应生成丁二醛，再还原得到二醇，氧化得到二酸，最后发生缩聚反应即可，合成路线流程图为。14．透明聚酯玻璃钢可用于制造导弹的雷达罩和宇航员使用的氧气瓶。制备它的一种配方中含有下列四种物质：填写下列空白：(1)甲的同分异构体有多种，写出其中一种不含甲基的羧酸的结构简式__________；淀粉通过下列转化可以得到乙(C2H6O2)，A为一种单糖，B为一种有特殊香味的一元醇，C为一种气体。(2)写出A→B的化学反应方程式：_______；写出B→C的反应条件:_____；(3)化合物丁仅含碳、氢、氧三种元素，其相对分子质量为110。丁与FeCl3溶液作用显现紫色，且丁分子中苯基上的一氯取代物只有一种。则丁的结构简式为____________；(4)已知：(—R为烃基)+H2，利用上述信息，以苯、乙烯、氯化氢为原料经三步反应合成丙，其中属于取代反应的化学方程式是________。【答案】CH2=CH-CH2-CH2COOHC6H12O62CH3CH2OH+2CO2↑浓硫酸170℃+CH3CH2Cl+HCl【解析】【分析】(1)不含甲基的羧酸