高二物理模拟试卷带答案解析

高二物理模拟试卷带答案解析考试范围：xxx；考试时间：xxx分钟；出题人：xxx姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2．请将答案正确填写在答题卡上评卷人得

分

一、选择题1.一个不计重力的带正电荷的粒子，沿图中箭头所示方向进入磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则粒子的运动轨迹()A．可能为圆弧a

B．可能为直线b

C．可能为圆弧c

D．a、b、c都有可能2.关于导体的电阻，下列说法正确的是:A．导体的电阻仅由导体两端的电压决定B．导体的电阻在一定温度下仅由长度和横截面积决定C．导体的电阻在一定温度下由导体的长度、粗细及材料决定D．导体的电阻与导体所通电流的大小有关3.关于磁感应强度B，下列说法正确的是：（

）A．如果通电导线没有受到安培力，则该处的磁感应强度一定为零B．如果穿过某一面积的磁通量为零，则该处的磁感应强度一定为零C．磁感应强度描述的是在垂直于磁场方向上每平方米的面积上穿过的磁感线的根数D．磁感应强度描述的是在垂直于磁场方向上每米导线内通以1A电流时导线所受到的安培力4.如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，则这个过程中磁铁受力情况为（

）A．支持力先大于重力后小于重力B．支持力始终大于重力C．摩擦力的方向由向右变为向左D．摩擦力的方向保持不变5.两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘板上，它们相距一定距离．若同时释放两球，它们的加速度之比将A．保持不变

B．先增大后减小

C．增大

D．减小6.关于三个公式：①，②③，下列叙述正确的是（

）A．公式①适用于任何电路的电热功率B．公式②适用于任何电路的电热功率C．公式①、②、③适用于任何电路电功率D．上述说法都不正确7.在如图所示的电路中，A1和A2是两个完全相同的灯泡，线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计。下列说法中正确的是（

）A．合上开关S，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B．断开开关S，A1和A2都要过一会儿才熄灭C．断开开关S，A2闪亮一下再熄灭D．断开开关S，流过A2的电流方向向右8.关于理想气体，正确说法是()A．只有当温度很低时，实际气体才可当作理想气体B．只有压强很大时，实际气体才可当作理想气体C．在常温常压下，许多实际气体可当作理想气体D．所有的实际气体在任何情况下，都可以当作理想气体9.如图所示，一个宽度为L的有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里。用粗细均匀的导线制成一边长也为L的正方形闭合线框，现将闭合线框从图示位置垂直于磁场方向匀速拉过磁场区域,(取逆时针方向的电流为电流的正方向).下图中能正确反映该过程ab两点电势差和流过线框的电流随时间变化的图象是(

)10.如图所示，在质量为mB=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量mA=20kg的小物体A（可视为质点），对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动。测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m,且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞。车厢与地面间的摩擦忽略不计（

）A．车厢B在2.0s内的加速度为2.5m/s2B．A在2.0s末的速度大小是4.5m/sC．2.0s内A在B上滑动的距离是0.5mD．A的加速度大小为2.5m/s2评卷人得

分

二、不定项选择题11.如图所示为一理想变压器，K为单刀双掷开关，P为滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的电压，I1为原线圈中的电流，则

（

）A．保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，I1将增大B．保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，R消耗功率减小C．保持U1不变，K合在a处，使P上滑，I1将增大D．保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，I1将增大12.将一小段通电直导线垂直于磁场方向放入一匀强磁场中，如图中图象能正确反映各量间关系的是()．A．B．C．D．13.有A，B，C三个完全相同的金属球，A带1.2×10－4C的正电荷，B，C不带电，现用相互接触的方法使它们都带电，则A，B，C所带的电荷量可能是下面哪组数据()A．4.0×10－5C,4.0×10－5C,4.0×10－5CB．6.0×10－5C,4.0×10－5C,4.0×10－5CC．6.0×10－5C,3.0×10－5C,3.0×10－5CD．5.0×10－5C,5.0×10－5C,5.0×10－5C14.关于变压器，下列说法中正确的是()A．实际生活中由于变压器工作时会发热，因此输入功率大于输出功率B．变压器只能降低电压，不能升高电压C．变压器原、副线圈两端的电压比与线圈的匝数比成正比，即D．如果n2＞n1时，则U2＞U1，这时变压器起降压作用；如果n2＜n1时，则U2＜U1，这时变压器起升压作用15.下列说法中正确的是(

)A．－2℃时水已经结为冰，水分子停止了热运动B．物体温度越高，物体内部分子热运动的平均动能越大C．内能不同的物体，物体内部分子热运动的平均动能可能相同D．温度相同的物体内能一定相同评卷人得

分

三、填空题16.一交流电压的瞬时值表达式为U="15"sin100πt，将该交流电压加在一电阻上，产生的电功率为25W，那么这个电阻的阻值

__________Ω。17.图示为xoy平面内沿x轴传播的简谐横波在t0=0时刻的波形图象，其波速v=5.0m/s．此时平衡位置xp=0.15m的P点正在向-y方向运动，则该波的传播方向是

(选填“+x”或“-x”)，经过Δt=

s时间P点的加速度第一次达到最大且指向y轴负方向；18.质量为0.2kg的小球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞前后的动量变化____kg·m/s。若小球与地面的作用时间为0.2s，则小球收到地面的平均作用力大小为____N(g=10m/s2)19.将两个带同种电性可看成点电荷的小球放在光滑绝缘的水平面上，由静止释放后，每个小球的加速度和速度的变化情况是，加速度逐渐

，速度逐渐

20.电阻为R的矩形导线框abcd，边长ab＝L，ad=h，质量为m，自某一高度自由落下，通过一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场区域的宽度为h，如图所示，若线框恰好以恒定速度通过磁场，线框内产生的焦耳热是___________。评卷人得

分

四、实验题21.如图，P是一根表面均匀地镀有很薄金属的发热电阻膜的长陶瓷管，膜的电阻率为，管的两端有导电箍M、N。现给你刻度直尺、伏特表V、安培表A、电源E、滑动变阻器R（0—5）、开关S、导线若干，请设计一个测定膜层厚度d的实验方案。（膜的电阻较大，电路符号为：）（1）在下面的虚线框内画出测量电路图（2）实验中应测量的物理量有：

。（3）计算膜层厚度的公式是：d=

。(用（2）答案中的符号表示)22.在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所使用的电流表内阻约为几欧姆，电压表的内阻约为十几千欧。根据实验所测8组数据，在图甲所示I-U坐标系中，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线。①请根据你的判断在虚线框中画出实验电路图。②根据图甲可确定小灯泡功率P与U2和I2的关系图象，其中正确的是（

）③若将被测小灯泡与一定值电阻R和电源组成如图丙所示的电路，已知电源电动势为6．0V，内阻为1.0Ω。现测得电路中的电流为0．4A，则定值电阻R所消耗的电功率约为

W。评卷人得

分

五、简答题23.某一核反应的模型中质量为、速度为的粒子与一个静止的质量为M的原子核碰撞后合为一体，又迅速发生变化而放出质量为、速度为的另一个粒子，此粒子的速度与反方向，则剩余核的速度为多少？24.如图所示，一质量为m的玩具蛙蹲在质量为M的小车的细杆上，小车放在光滑的水平面上，若车长为L，细杆高为h且位于小车的中央，试问玩具蛙对地最小以多大的水平速度跳出才能落到地面上.评卷人得

分

六、作图题25.如图所示，在孤立点电荷＋Q的电场中，金属圆盘A处于静电平衡状态．若金属圆盘平面与点电荷在同一平面内，试在圆盘A内作出由盘上感应电荷形成的附加电场的三条电场线(用实线表示，要求严格作图)．

参考答案1.A【解析】试题分析：带电粒子在磁场中药受到洛伦兹力的作用，根据左手定则可以判断正电荷的受力的方向．解：带正电的电荷在向里的磁场中向右运动，根据左手定则可知，粒子的受到的洛伦兹力的方向向上，所以粒子的可能的运动的轨迹为a，所以A正确．故选A．【点评】本题是对左手定则的直接的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．2.C【解析】导体的电阻跟加在它两端的电压以及通过它的电流无关。电阻决定式，在温度一定的情况下由导体的长度、粗细及材料决定，选C3.CD【解析】当通电导线与磁场方向平行时，不受安培力，A错。当线圈平面与磁场平行时，磁通量为零，B错。由知CD对。4.B【解析】试题分析：条形磁铁的磁感线可知通电导线受到的安培力向上，故通电导线对条形磁铁的作用力向下，条形磁铁受到的支持力将始终大于条形磁铁受到的重力，故A说法错误、B说法正确；通电导线受到的安培力在S极上方时为斜向左上方，在N极上方时为斜向右上方，故通电导线对条形磁铁的作用力的方向从斜向右下方变为斜向左下方，摩擦力的方向由向左变为向右，故CD说法均错误。【名师点睛】由左手定则判断出安培力的方向，从而知道导线对磁铁的作用力方向，再分析磁铁的受力，确定出所受支持力和摩擦力的变化情况。考点：安培力。5.A【解析】试题分析：两小球之间的库仑力属于作用力和反作用力，大小相等，根据牛顿第二定律可得a=，所以它们的加速度和质量成反比，即，比值不变，所以A正确，BCD错误，故选：A考点：本题考查了库仑定律；牛顿第二定律6.B【解析】略7.AB【解析】试题分析：灯B与电阻R串联，当电键K闭合时，灯B立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A逐渐亮起来．所以B比A先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故A正确；稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A、B和电阻R构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，流过的电流方向向左；故B正确，CD错误；考点：考查了自感现象【名师点睛】当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析8.C【解析】只要实际气体的压强不是很高，温度不是很大，都可以近视的当成理想气体来处理，理想气体是物理学上为了简化为题而引入的一个理想化模型，在现实生活中不存在；通常状况下，严格遵从气态方程的气体，叫做理想气体，在常温常压下，许多实际气体可当作理想气体；故C正确，ABD错误；故选C.9.BD【解析】试题分析：设磁感应强度为B，线框运动速度为v，线框进入磁场时，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针，大小为,电势Φa＞Φb，Uab＞0，且．线框出磁场时，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针，大小为；电势Φa＞Φb，Uab＞0，且．选项B正确；故选BD.考点：法拉第电磁感应定律；全电路欧姆定律【名师点睛】此题是电磁感应问题中的电路问题；在电磁感应现象中，判断电势的高低常常要区分是电源和外电路，根据电源的正极电势比负极电势高，在外电路中，顺着电流方向，电势降低，运用楞次定律判断电流方向，确定电势的高低。10.ABC

【解析】根据运动学公式，代入数据得车厢B在2.0s内的加速度为2.5m/s2，A正确；由牛顿第二定律，有F-f=maB，得到A受到的力为f=45N，得A的加速度为aA=2.25m/s2，D错误；A在2.0s末的速度大小v=aAt=2.25×2m/s=4.5m/s，B正确；，C正确。11.ABD【解析】保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，根据得I1将增大，故A正确；保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，根据可知功率变小，故B正确；保持U1不变，K合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，根据可知I1将减小，故C错误；保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，根据可知I1将增大，故D正确．故选ABD.点睛：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解，注意电压表和电流表测量的是有效值.12.BC【解析】由B＝或F＝BIL知：匀强磁场中B恒定不变，故选项B正确、D错误．B、L一定，且F与I成正比，故选项C正确、选项A错误．故选BC.点睛：磁感应强度B是由磁场本身决定的；安培力的计算式：F=BIL，式中的B由磁场决定，而F与IL成正比变化关系。13.AC【解析】A、若三个球同时接触，则每球各分总电荷量的1/3，所以A正确；B、从三个数据来看，三个球电荷量的总和大于原来A球的电荷量，不符合电荷守恒定律，所以B错误C、设从第一次两球接触开始，如A、B接触，A、B各带电荷量

，第二次B与C接触后各带电荷量

，所以C正确D、.从三个数据来看，三个球电荷量的总和大于原来A球的电荷量，不符合电荷守恒定律，所以D错误。综上所述本题答案是：AC14.AC【解析】变压器工作时会发热，输入功率等于发热功率与输出之和，故入功率大于输出功率，故A正确；根据可知，变压器既可以升高电压，也可以降低电压，故B错误；根据变压器原副线圈与匝数的关系可知：变压器原、副线圈两端的电压比与线圈的匝数比成正比，即，故C正确；根据可知如果n2＞n1时，则U2＞U1，这时变压器起升压作用；如果n2＜n1时，则U2＜U1，这时变压器起降压作用，故D错误；故选AC.点睛：解决本题的关键知道原副线圈的电压比与匝数比的关系，知道升压变压器的输出功率、输出电压与降压变压器的输入功率和输入电压之间的关系．15.BC【解析】-2℃时水已经结为冰，虽然水分子热运动剧烈程度降低，但不会停止热运动，故A错误；温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，物体内部分子热运动的平均动能越大，B正确；内能与温度、体积、物质的多少等因素有关，而分子平均动能只与温度有关，故内能不同的物体，它们分子热运动的平均分子动能可能相同，C正确D错误．16.4.5【解析】略17.-x；0.05s【解析】试题分析：P点此时正在向-y方向运动，根据走坡法可得该波向x轴负方向传播，P点的加速度第一次达到最大且指向y轴负方向，需要将波平移0.25m，则考点：考查了横波图像18.2、12【解析】试题分析：取竖直向下为正方向，（1）小球与地面碰撞前后的动量变化，负号表示方向竖直向上．（2）令在撞击过程中地面对小球的平均作用力为F，则在撞击过程中小球受到的合力为：F合=F+G根据动量定理有：即：∴,即地面对小球的作用力的大小为12N，方向与正方向相反竖直向上．根据牛顿第三定律可得：地面受到小球的平均作用力的大小为200N，方向竖直向下．考点：动量定理．点评：此题中动量是矢量，要规定正方向，用带正负呈的数值表示动量．动量变化量也是矢量，同样要注意方向．19.减小

增大【解析】试题分析：将两个带同种电性可看成点电荷的小球放在光滑绝缘的水平面上，由静止释放后，在库伦斥力的作用下两个电荷互相远离，距离越远电场力越小，加速度越小，原理过程中电场力做正功，速度逐渐增大考点：考查电场线分布点评：本题为常见电场线分布的考查试题，为基础性题目，难度较小，其中要明确电场力与两电荷距离的关系，明确电场力做功的正负20.【解析】试题分析：线框匀速穿过磁场，线框的重力势能转化为焦耳热，由能量守恒定律可知，产生的焦耳热：。考点：导体切割磁感线时的感应电动势、焦耳定律【名师点睛】本题考查了导体切割磁感线时的感应电动势、焦耳定律能量守恒定律即可正确解题。21.（1）见解析（2）管长L，直径D，管两端电压U，电流I（3）【解析】试题分析：（1）因为膜的电阻较大，所以为了避免电压表的分流，故采用电流表的内接法，过程中要求电压的变化范围较大，所以采用滑动变阻器的分压接法，由欧姆定律可得，镀膜材料的电阻,镀膜材料的截面积为,根据电阻定律可得，,所以镀膜材料的厚度为，考点：考查了电阻率公式的应用点评：本题容易出错的地方就是如何计算镀膜材料的截面积，在计算时可以把它看成是边长为陶瓷管周长，宽为d的矩形，计算出截面积，再根据电阻定律计算即可．22.（1）电路如图所示（4分，电路不通不给分，内接法扣2分，限流式扣2分）（2）D（2分）（3）0.64（0.60-0.68均给分）（2分）【解析】试题分析：①描绘小灯泡伏安特性曲线时，由于电流表内阻与灯泡电阻相当，所以电流表连接方式选择外接，由于需要测量多组数据，滑动变阻器选择分压连接②由可知随着电压的增大，电阻逐渐增大，功率P与U2图像的斜率表示电阻的倒数，应该减小，