2021-2022学年内蒙古赤峰市高一下学期期末考试物理试题（解析版）

高中物理名校试卷PAGEPAGE12022年赤峰市高一年级学年联考试卷物理第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不做答的得0分。1.一位同学想从赤峰市政府广场上的a处前往赤峰市博物馆正门前的b处，他用手机导航，导航图如图所示。a、b间的直线距离为1.6km。若骑行，导航显示“11分钟2.2公里”；若步行，导航显示“33分钟2.2公里”。根据导航信息，从a处到b处的过程中，下列说法正确的是（）A.骑行过程中，自行车不能被看作质点B.步行导航显示的33分钟是该同学到达博物馆的时刻C.该同学骑行的平均速率大约是3.3m/sD.该同学骑行与步行的路程不相等〖答案〗C〖解析〗A．骑行过程中，自行车的大小和形状可以忽略不计，可以被看作质点，故A错误；B．步行导航显示的33分钟是该同学到达博物馆所用的时间，故B错误；C．该同学骑行的平均速率等于路程与时间的比值，即故C正确；D．该同学骑行与步行的轨迹相同，路程相等，故D错误。故选C。2.物体做直线运动的图像如图所示。由图可知，该物体（）A.第1s内的加速度是2m/s2B.2s末运动方向变化C.第3s内和第4s内的加速度方向相反D.0~4s内物体的位移大小是1.5m〖答案〗D〖解析〗A．图像斜率表示加速度，由图知，第1s内的加速度是1m/s2，故A错误；B．由图知，2s末前后速度均为正，运动方向未变化，故B错误；C．图像斜率表示加速度，由图知，第3s内和第4s内的加速度方向相同，故C错误；D．图像与时间轴围成的面积表示位移，由图知，0~4s内物体的位移大小故D正确。故选D。3.对于一定质量的物体，下列说法中正确的是（）A.物体所受合外力为零，其动能一定不变B.物体所受合外力大小不变时，其动量大小一定要发生改变C.物体的动能发生改变，其动量可能不变D.物体的动量发生改变，其动能一定发生改变〖答案〗A〖解析〗A．物体所受合外力为零，合外力不做功，根据动能定理，其动能一定不变，故A正确；B．物体所受合外力大小不变时，其动量大小不一定发生改变，如匀速圆周运动，故B错误；C．物体动能改变，速度大小一定改变，则动量大小一定改变，故C错误；D．动量变化，可能只是速度方向变化，而速度大小不变，此时动能不变，故D错误。故选A。4.如图所示，自行车的小齿轮A、大齿轮B、后轮C的半径之比为1：3：9，在用力蹬脚踏板前进的过程中，下列说法正确的是（）A.小齿轮A边缘和大齿轮B边缘各点的线速度大小之比为3：1B.小齿轮A和大齿轮B的角速度大小之比为3：1C.小齿轮A边缘和后轮C边缘各点的向心加速度大小之比为9：1D.大齿轮B边缘和后轮C边缘各点的线速度大小之比为1：1〖答案〗B〖解析〗A．小齿轮A和大齿轮B边缘同缘传动，线速度相等，故A错误；B．根据可知小齿轮A和大齿轮B的角速度大小之比为故B正确；C．小齿轮A和后轮C是同轴转动，角速度相等，根据可知小齿轮A和后轮C边缘的线速度之比为根据则小齿轮A边缘和后轮C边缘各点的向心加速度大小之比为故C错误；D．小齿轮A和后轮C边缘的线速度之比为由于小齿轮A和大齿轮B边缘的线速度相等，可知大齿轮B边缘和后轮C边缘各点的线速度大小之比为，故D错误。故选B。5.如图所示的是我市高铁站候车厅附近转弯处的路面，路面外侧路基比内侧路基高。当汽车的行驶速率为v时，汽车恰好没有向路面内外两侧滑动的趋势。则下列说法正确的是（）A.当下雨天路面湿滑时，v的值不变B.只要车速低于v，汽车就会向内侧滑动C.汽车此时受重力、支持力、向心力的作用D.汽车此时所受合力为零〖答案〗A〖解析〗A．当汽车恰好没有向路面内外两侧滑动的趋势时，重力和支持力的合力恰好提供向心力当下雨天路面湿滑时，减小，不影响v的值，故A正确；B．车速低于v，汽车有向内侧滑动的趋势，但汽车也可受到向外的摩擦力，不一定就会侧滑，故B错误；C．向心力是效果力，是由重力和支持力提供的，故C错误；D．汽车做圆周运动，合外力提供向心力，合外力不为零，故D错误。故选A。6.如图所示，长为L的轻绳一端固定于O点，另一端系一个小球。现使小球在竖直平面内做圆周运动，P是圆周轨道最高点，Q是轨道最低点。已知重力加速度为g。若小球刚好能够通过最高点P，则以下判断正确的是（）A.小球通过最高点P时的速度为零B.小球在最高P时绳的拉力为mgC.小球通过最低点Q时的速度大小为D.小球在最低点Q时绳的拉力大小等于5mg〖答案〗C〖解析〗AB．球恰好经过最高点P，只有重力提供向心力，根据牛顿第二定律得解得AB错误；CD．球经过最低点Q时，重力和绳子拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得球从最高点运动到最低点的过程中，由动能定理得联立解得解得C正确，D错误。故选C。7.2021年10月16日，中国神舟十三号载人飞船成功发射升空，与天和核心舱成功对接，将中国三名航天员送入“太空家园”。飞船与核心舱对接过程的示意图如图所示，天和核心舱处于半径为的圆轨道Ⅲ上，神舟十三号飞船先被发送至半径为的圆轨道Ⅰ上，运行周期为，通过变轨操作后，沿椭圆轨道Ⅱ运动到远地点B处与天和核心舱对接。关于神舟十三号飞船，下列说法正确的是（）A.沿轨道Ⅱ从近地点A运动到远地点B的过程中，速度不断增大B.飞船到达B点时，为实现与核心舱对接，需要减速C.沿轨道Ⅰ运行的周期为D.沿轨道Ⅰ运动到A点时的加速度小于沿轨道Ⅱ运动到A点时的加速度〖答案〗C〖解析〗A．由开普勒第二定律知，飞船沿轨道II从近地点A运动到远地点B的过程中，速度不断减小，故A错误；B．飞船到达B点时，为实现与核心舱对接，需要加速，做离心运动，故B错误；C．设飞船在轨道II运行周期为，由开普勒第三定律可知可解得故C正确；D．飞船沿轨道I运动到A点时和沿轨道II运动到A点时受到的万有引力相同，因此加速度相同，故D错误。故选C。8.炒茶厂的水平传送带装置如图甲所示，可简化为图乙所示模型，传送带上面始终以m/s的速度向右运动，传送带A、B两端的距离，将质量kg的小茶叶盒轻轻放到传送带左端。盒子与传送带之间的动摩擦因数，忽略盒子的大小，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.盒子在传送带上始终受重力、弹力和摩擦力的作用B.盒子从左端运动到右端的时间为sC.盒子从左端运动到右端的过程中，摩擦力对盒子做的功为4JD.盒子从左端运动到右端的过程中，由于摩擦而产生的热量为2J〖答案〗D〖解析〗A．盒子刚放上传送带上受重力、支持力和摩擦力作用，此时的加速度大小为当盒子加速至时的位移大小为所以盒子先做匀加速运动，后随传送带匀速运动，当盒子匀速运动时处于平衡状态，只受到重力和弹力作用，故A错误；B．盒子匀加速运动的时间为盒子匀速运动的时间为所以盒子从左端运动到右端的时间为故B错误；C．盒子从左端运动到右端的过程中，摩擦力对盒子做的功为故C错误；D．盒子从左端运动到右端的过程中，由于摩擦而产生的热量故D正确。故选D9.在物理学建立、发展的过程中，许多物理学家的发现推动了人类历史的进步，下列关于科学家和他们的贡献表述正确的是（）A.牛顿最早利用实验与推理相结合的方法得出力不是维持物体运动的原因B.卡文迪许由于测出了引力常量G，被誉为能“称量地球重量”的人C.伽利略认为物体下落快慢与它的轻重无关D.开普勒通过分析第谷的天文观测数据，发现了万有引力定律〖答案〗BC〖解析〗A．伽利略最早利用实验与推理相结合的方法得出力不是维持物体运动的原因，故A错误；B．卡文迪许由于测出了引力常量G，被誉为能“称量地球重量”的人，故B正确；C．伽利略认为物体下落的快慢与它的轻重无关，故C正确；D．开普勒通过分析第谷的天文观测数据，发现了开普勒行星运动定律，故D错误；故选BC。10.2022年冬奥会在北京举行，跳台滑雪是冬奥会的比赛项目之一。如图所示，某运动员从雪坡顶端先后两次分别以初速度、沿水平方向飞出，均落在雪坡上。若、之比，不计空气阻力，运动员可视为质点，则运动员从飞出到落到雪坡上的整个过程中，下列说法正确的是（）A.运动员两次在空中飞行的时间之比为5：6B.运动员两次在空中飞行的时间相同C.运动员两次下落的高度之比为25：36D.运动员两次落在雪坡上的速度方向相同〖答案〗ACD〖解析〗AB．根据平抛运动规律根据几何关系整理得故飞行时间之比等于速度之比，即运动员两次在空中飞行的时间之比为5：6，故A正确，B错误；C．由以上分析则两次下落的高度之比等于飞行时间平方之比，即为25：36，故C正确；D．落在雪坡上的速度方向与水平方向夹角正切值故该夹角为定值，故两次落在雪坡上的速度方向相同，故D正确。故选ACD。11.一辆汽车在平直的公路上由静止开始启动，在启动过程中，汽车牵引力的功率及其瞬时速度随时间的变化情况分别如图甲、乙所示，已知汽车所受阻力恒为重力的，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是（）A.该汽车的质量为3×103kgB.v0=6m/sC.在前5s内，汽车克服阻力做功为2.5×104JD.在5～15s内，汽车的位移大小约为67.19m〖答案〗CD〖解析〗A．由图象可得，汽车匀加速阶段的加速度a==1m/s2汽车匀加速阶段的牵引力F==3000N匀加速阶段由牛顿第二定律得F-mg=ma解得m=1000kg，A错误；B．牵引力功率为15kW时，汽车行驶的最大速度v0===7.5m/sB错误；C．前5s内汽车的位移x=at2=12.5m克服阻力做功Wf=mgx=2.5×104JC正确；D．5～15s内，由动能定理得Pt-mgs=-mv2解得s≈67.19m，D正确。故选CD。12.如图所示，A、B两物块由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的倾角为的光滑斜面上，物块B和物块C在竖直方向上通过劲度系数为的轻质弹簧相连，C放在水平地面上、现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。已知A的质量为，B、C的质量均为，取，重力加速度，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态。释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面。则（）A.从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B组成的系统机械能守恒B.斜面的倾角C.从释放A至A的速度最大的过程中，弹簧的弹性势能改变量为零D.A的最大速度为〖答案〗CD〖解析〗A．释放A时，细线刚刚拉直但无拉力作用，弹簧处于压缩状态，B上升过程中，弹簧弹力对B做功。所以，A、B组成的系统机械能不守恒，故A错误；B．C刚离开地面时，对C有此时B由最大速度，即对B有对A有解得故B错误；C．释放A时，对B分析得所以，弹簧的弹性势能改变量为零，故C正确；D．对于A、B、C组成的系统，系统机械能守恒得故D正确。故选CD。第Ⅱ卷（非选择题：共52分）二、实验题（本题共2小题，共14分）13.在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳套。（1）要使每次合力与分力产生的效果相同，只要______；A．每次记准细绳的方向B．每次橡皮条伸长的长度相同C．每次把橡皮条拉直D．每次将橡皮条拉到同样的位置（2）在做本实验时，下列操作中正确的是______。A．同一次实验过程中O点位置不允许变动B．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点C．实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两弹簧秤之间夹角应取90°，以便于算出合力的大小〖答案〗（1）D（2）AC##CA〖解析〗（1）要使每次合力与分力产生的效果相同，只要每次将橡皮条拉到同样的位置。故选D；（2）A．要保证力的作用效果相同，同一次实验过程中，O点的位置不允许变动，故A正确；B．如果先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条结点拉到O点，弹簧秤可能会超过量程，故B错误；C．为减小实验误差，在实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤的刻线，故C正确；D．实验中，把橡皮条的结点拉到O点时，为减小实验误差，两秤之间的夹角应适当大些，但是不必取90°，故D错误。故选AC。14.实验小组利用重物做自由落体运动验证机械能守恒定律，同时测量重力加速度。实验时将智能相机固定在黑板正前方，相机的视窗高度恰好包含黑板的上下边界，测量时设定相机闪光频率为10Hz，现将小钢球贴紧黑板从上边界某位置无初速释放，相机拍下小钢球下落的影像。将影像沿A4纸纵向打印，如图所示，已知黑板的高度为120cm，A4纸纵向长度为30cm，用刻度尺测出A4纸上每相邻像点间距离并标注在图样中，（1）小钢球运动至B点时的速度为______m/s（结果保留3位有效数字）；（2）小钢球下落的加速度大小为______（结果保留3位有效数字）；（3）若当地重力加速度，实验中小钢球所受的阻力为其重力的倍，则＝______；若机械能的损失不超过3%，则机械能守恒，本实验机械能______（填“守恒”或“不守恒”）；（4）本实验中______测量小钢球的质量（填“需要”或“不需要”）。〖答案〗（1）1.62（2）9.62（3）0.018守恒（4）不需要〖解析〗（1）相机闪光时间间隔为实物与照片比例为拍摄B点时小钢球的速度为（2）根据逐差法求加速度的原理可知小钢球下落的加速度大小为（3）由牛顿第二定律有可得设小钢球下落高度为，机械能的损失为机械能损失占比故机械能守恒；（4）利用重物做自由落体运动验证机械能守恒定律，需要验证的表达式为整理可得可知，实验不需要测量小钢球的质量。三、计算题：本题共4小题，共38分，应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后〖答案〗的不能得分。有数值计算的题，〖答案〗中必须明确写出数值和单位。15.如图所示，质量为kg的物体甲通过三段轻绳相连，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平地面上的质量为的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角，物体甲及人均处于静止状态。已知，，m/s2。求：（1）轻绳OA、OB的张力是多大？（2）地面对人的摩擦力是多大？方向如何？〖答案〗（1）125N；75N；（2）；摩擦力方向水平向左〖解析〗（1）以结点为研究对象，由平衡条件有解得轻绳OA受到的拉力=125N轻绳OB受到的拉力（2）以人为研究对象，受力如图

由平衡条件可得人受到的摩擦力摩擦力方向水平向左。16.一个人站在高处以某一初速度竖直向上抛出一个质量为1kg的物体，物体落到地面上的速度是20m/s，已知物体抛出点距离地面的高度为15m。m/s2，不计空气阻力。求：（1）物体抛出时的初速度的大小；（2）物体从抛出到刚落到地面过程中物体所受重力的冲量。〖答案〗（1）10m/s；（2）30N•s；重力的冲量方向竖直向下〖解析〗（1）物体从抛出到刚到地面的过程中，由动能定理有解得物体抛出时的初速度v0=10m/s（2）物体从抛出到刚到地面的过程中，由运动学公式有-v=v0-gt’解得物体从抛出到刚到地面所用的时间3s物体从抛出到刚到地面的过程中所受重力的冲量I=mgt’=30N•s重力的冲量方向竖直向下。17.如图所示，王亚平用古筝弹奏了《茉莉花》，从中国空间站为中国人民送上元宵祝福。中国空间站在离地面高度km的圆周轨道绕地球做匀速圆周运动，一天（24h）内可以绕地球转动16圈。已知地球半径，万有引力常量，，。求：（计算结果请保留两位有效数字）（1）空间站绕地球做匀速圆周运动的线速度v；（2）地球的质量M。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）根据题意可知，空间站绕地球做匀速圆周运动的的周期为根据公式可得，空间站绕地球做匀速圆周运动的线速度（2）根据万有引力提供向心力有可得18.如图所示，半径m的圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角，另一端点C为轨道的最低点，C点右侧的水平面上紧挨C点静止放置一木板，木板质量kg，上表面与C点等高。质量kg可视为质点的物块在A点以3m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道且沿着轨道下滑，物块以12m/s的速度滑上木板的左端。已知物块与木板间的动摩擦因数，木板与地面之间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，m/s2求：（1）物块在B点时的速度大小；（2）物块从轨道的B点运动至C点的过程中克服摩擦力所做的功；（3）若木板足够长，从物块滑上木板开始至木板停下的整个过程中，木板和地面之间由于摩擦所产生的热量Q。〖答案〗（1）6m/s；（2）10.5J；（3）4J〖解析〗（1）物体从A到B做平抛运动，在B点有解得物块在B点的速度（2）物体从B点运动到C点过程中，由动能定理有解得物块克服摩擦力做功（3）物块滑上木板后做匀减速直线运动，加速度大小为，由牛顿第二定律有物块与木板达的共同速度为，由运动学公式有木板做匀加速直线运动，加速度大小为a2，由牛顿第二定律有由运动学规律有解得木板匀加速直线运动的位移当二者达到共速后，假设物块和木板一起运动，由牛顿第二定律有解得物块和木板一起运动加速度大小对物块由牛顿第二定律有假设成立，即二者达共速后一起做匀减速直线运动至停下。木板匀减速直线运动的位移为木板和地面之间由于摩擦所产生的热量2022年赤峰市高一年级学年联考试卷物理第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不做答的得0分。1.一位同学想从赤峰市政府广场上的a处前往赤峰市博物馆正门前的b处，他用手机导航，导航图如图所示。a、b间的直线距离为1.6km。若骑行，导航显示“11分钟2.2公里”；若步行，导航显示“33分钟2.2公里”。根据导航信息，从a处到b处的过程中，下列说法正确的是（）A.骑行过程中，自行车不能被看作质点B.步行导航显示的33分钟是该同学到达博物馆的时刻C.该同学骑行的平均速率大约是3.3m/sD.该同学骑行与步行的路程不相等〖答案〗C〖解析〗A．骑行过程中，自行车的大小和形状可以忽略不计，可以被看作质点，故A错误；B．步行导航显示的33分钟是该同学到达博物馆所用的时间，故B错误；C．该同学骑行的平均速率等于路程与时间的比值，即故C正确；D．该同学骑行与步行的轨迹相同，路程相等，故D错误。故选C。2.物体做直线运动的图像如图所示。由图可知，该物体（）A.第1s内的加速度是2m/s2B.2s末运动方向变化C.第3s内和第4s内的加速度方向相反D.0~4s内物体的位移大小是1.5m〖答案〗D〖解析〗A．图像斜率表示加速度，由图知，第1s内的加速度是1m/s2，故A错误；B．由图知，2s末前后速度均为正，运动方向未变化，故B错误；C．图像斜率表示加速度，由图知，第3s内和第4s内的加速度方向相同，故C错误；D．图像与时间轴围成的面积表示位移，由图知，0~4s内物体的位移大小故D正确。故选D。3.对于一定质量的物体，下列说法中正确的是（）A.物体所受合外力为零，其动能一定不变B.物体所受合外力大小不变时，其动量大小一定要发生改变C.物体的动能发生改变，其动量可能不变D.物体的动量发生改变，其动能一定发生改变〖答案〗A〖解析〗A．物体所受合外力为零，合外力不做功，根据动能定理，其动能一定不变，故A正确；B．物体所受合外力大小不变时，其动量大小不一定发生改变，如匀速圆周运动，故B错误；C．物体动能改变，速度大小一定改变，则动量大小一定改变，故C错误；D．动量变化，可能只是速度方向变化，而速度大小不变，此时动能不变，故D错误。故选A。4.如图所示，自行车的小齿轮A、大齿轮B、后轮C的半径之比为1：3：9，在用力蹬脚踏板前进的过程中，下列说法正确的是（）A.小齿轮A边缘和大齿轮B边缘各点的线速度大小之比为3：1B.小齿轮A和大齿轮B的角速度大小之比为3：1C.小齿轮A边缘和后轮C边缘各点的向心加速度大小之比为9：1D.大齿轮B边缘和后轮C边缘各点的线速度大小之比为1：1〖答案〗B〖解析〗A．小齿轮A和大齿轮B边缘同缘传动，线速度相等，故A错误；B．根据可知小齿轮A和大齿轮B的角速度大小之比为故B正确；C．小齿轮A和后轮C是同轴转动，角速度相等，根据可知小齿轮A和后轮C边缘的线速度之比为根据则小齿轮A边缘和后轮C边缘各点的向心加速度大小之比为故C错误；D．小齿轮A和后轮C边缘的线速度之比为由于小齿轮A和大齿轮B边缘的线速度相等，可知大齿轮B边缘和后轮C边缘各点的线速度大小之比为，故D错误。故选B。5.如图所示的是我市高铁站候车厅附近转弯处的路面，路面外侧路基比内侧路基高。当汽车的行驶速率为v时，汽车恰好没有向路面内外两侧滑动的趋势。则下列说法正确的是（）A.当下雨天路面湿滑时，v的值不变B.只要车速低于v，汽车就会向内侧滑动C.汽车此时受重力、支持力、向心力的作用D.汽车此时所受合力为零〖答案〗A〖解析〗A．当汽车恰好没有向路面内外两侧滑动的趋势时，重力和支持力的合力恰好提供向心力当下雨天路面湿滑时，减小，不影响v的值，故A正确；B．车速低于v，汽车有向内侧滑动的趋势，但汽车也可受到向外的摩擦力，不一定就会侧滑，故B错误；C．向心力是效果力，是由重力和支持力提供的，故C错误；D．汽车做圆周运动，合外力提供向心力，合外力不为零，故D错误。故选A。6.如图所示，长为L的轻绳一端固定于O点，另一端系一个小球。现使小球在竖直平面内做圆周运动，P是圆周轨道最高点，Q是轨道最低点。已知重力加速度为g。若小球刚好能够通过最高点P，则以下判断正确的是（）A.小球通过最高点P时的速度为零B.小球在最高P时绳的拉力为mgC.小球通过最低点Q时的速度大小为D.小球在最低点Q时绳的拉力大小等于5mg〖答案〗C〖解析〗AB．球恰好经过最高点P，只有重力提供向心力，根据牛顿第二定律得解得AB错误；CD．球经过最低点Q时，重力和绳子拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得球从最高点运动到最低点的过程中，由动能定理得联立解得解得C正确，D错误。故选C。7.2021年10月16日，中国神舟十三号载人飞船成功发射升空，与天和核心舱成功对接，将中国三名航天员送入“太空家园”。飞船与核心舱对接过程的示意图如图所示，天和核心舱处于半径为的圆轨道Ⅲ上，神舟十三号飞船先被发送至半径为的圆轨道Ⅰ上，运行周期为，通过变轨操作后，沿椭圆轨道Ⅱ运动到远地点B处与天和核心舱对接。关于神舟十三号飞船，下列说法正确的是（）A.沿轨道Ⅱ从近地点A运动到远地点B的过程中，速度不断增大B.飞船到达B点时，为实现与核心舱对接，需要减速C.沿轨道Ⅰ运行的周期为D.沿轨道Ⅰ运动到A点时的加速度小于沿轨道Ⅱ运动到A点时的加速度〖答案〗C〖解析〗A．由开普勒第二定律知，飞船沿轨道II从近地点A运动到远地点B的过程中，速度不断减小，故A错误；B．飞船到达B点时，为实现与核心舱对接，需要加速，做离心运动，故B错误；C．设飞船在轨道II运行周期为，由开普勒第三定律可知可解得故C正确；D．飞船沿轨道I运动到A点时和沿轨道II运动到A点时受到的万有引力相同，因此加速度相同，故D错误。故选C。8.炒茶厂的水平传送带装置如图甲所示，可简化为图乙所示模型，传送带上面始终以m/s的速度向右运动，传送带A、B两端的距离，将质量kg的小茶叶盒轻轻放到传送带左端。盒子与传送带之间的动摩擦因数，忽略盒子的大小，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.盒子在传送带上始终受重力、弹力和摩擦力的作用B.盒子从左端运动到右端的时间为sC.盒子从左端运动到右端的过程中，摩擦力对盒子做的功为4JD.盒子从左端运动到右端的过程中，由于摩擦而产生的热量为2J〖答案〗D〖解析〗A．盒子刚放上传送带上受重力、支持力和摩擦力作用，此时的加速度大小为当盒子加速至时的位移大小为所以盒子先做匀加速运动，后随传送带匀速运动，当盒子匀速运动时处于平衡状态，只受到重力和弹力作用，故A错误；B．盒子匀加速运动的时间为盒子匀速运动的时间为所以盒子从左端运动到右端的时间为故B错误；C．盒子从左端运动到右端的过程中，摩擦力对盒子做的功为故C错误；D．盒子从左端运动到右端的过程中，由于摩擦而产生的热量故D正确。故选D9.在物理学建立、发展的过程中，许多物理学家的发现推动了人类历史的进步，下列关于科学家和他们的贡献表述正确的是（）A.牛顿最早利用实验与推理相结合的方法得出力不是维持物体运动的原因B.卡文迪许由于测出了引力常量G，被誉为能“称量地球重量”的人C.伽利略认为物体下落快慢与它的轻重无关D.开普勒通过分析第谷的天文观测数据，发现了万有引力定律〖答案〗BC〖解析〗A．伽利略最早利用实验与推理相结合的方法得出力不是维持物体运动的原因，故A错误；B．卡文迪许由于测出了引力常量G，被誉为能“称量地球重量”的人，故B正确；C．伽利略认为物体下落的快慢与它的轻重无关，故C正确；D．开普勒通过分析第谷的天文观测数据，发现了开普勒行星运动定律，故D错误；故选BC。10.2022年冬奥会在北京举行，跳台滑雪是冬奥会的比赛项目之一。如图所示，某运动员从雪坡顶端先后两次分别以初速度、沿水平方向飞出，均落在雪坡上。若、之比，不计空气阻力，运动员可视为质点，则运动员从飞出到落到雪坡上的整个过程中，下列说法正确的是（）A.运动员两次在空中飞行的时间之比为5：6B.运动员两次在空中飞行的时间相同C.运动员两次下落的高度之比为25：36D.运动员两次落在雪坡上的速度方向相同〖答案〗ACD〖解析〗AB．根据平抛运动规律根据几何关系整理得故飞行时间之比等于速度之比，即运动员两次在空中飞行的时间之比为5：6，故A正确，B错误；C．由以上分析则两次下落的高度之比等于飞行时间平方之比，即为25：36，故C正确；D．落在雪坡上的速度方向与水平方向夹角正切值故该夹角为定值，故两次落在雪坡上的速度方向相同，故D正确。故选ACD。11.一辆汽车在平直的公路上由静止开始启动，在启动过程中，汽车牵引力的功率及其瞬时速度随时间的变化情况分别如图甲、乙所示，已知汽车所受阻力恒为重力的，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是（）A.该汽车的质量为3×103kgB.v0=6m/sC.在前5s内，汽车克服阻力做功为2.5×104JD.在5～15s内，汽车的位移大小约为67.19m〖答案〗CD〖解析〗A．由图象可得，汽车匀加速阶段的加速度a==1m/s2汽车匀加速阶段的牵引力F==3000N匀加速阶段由牛顿第二定律得F-mg=ma解得m=1000kg，A错误；B．牵引力功率为15kW时，汽车行驶的最大速度v0===7.5m/sB错误；C．前5s内汽车的位移x=at2=12.5m克服阻力做功Wf=mgx=2.5×104JC正确；D．5～15s内，由动能定理得Pt-mgs=-mv2解得s≈67.19m，D正确。故选CD。12.如图所示，A、B两物块由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的倾角为的光滑斜面上，物块B和物块C在竖直方向上通过劲度系数为的轻质弹簧相连，C放在水平地面上、现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。已知A的质量为，B、C的质量均为，取，重力加速度，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态。释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面。则（）A.从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B组成的系统机械能守恒B.斜面的倾角C.从释放A至A的速度最大的过程中，弹簧的弹性势能改变量为零D.A的最大速度为〖答案〗CD〖解析〗A．释放A时，细线刚刚拉直但无拉力作用，弹簧处于压缩状态，B上升过程中，弹簧弹力对B做功。所以，A、B组成的系统机械能不守恒，故A错误；B．C刚离开地面时，对C有此时B由最大速度，即对B有对A有解得故B错误；C．释放A时，对B分析得所以，弹簧的弹性势能改变量为零，故C正确；D．对于A、B、C组成的系统，系统机械能守恒得故D正确。故选CD。第Ⅱ卷（非选择题：共52分）二、实验题（本题共2小题，共14分）13.在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳套。（1）要使每次合力与分力产生的效果相同，只要______；A．每次记准细绳的方向B．每次橡皮条伸长的长度相同C．每次把橡皮条拉直D．每次将橡皮条拉到同样的位置（2）在做本实验时，下列操作中正确的是______。A．同一次实验过程中O点位置不允许变动B．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点C．实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两弹簧秤之间夹角应取90°，以便于算出合力的大小〖答案〗（1）D（2）AC##CA〖解析〗（1）要使每次合力与分力产生的效果相同，只要每次将橡皮条拉到同样的位置。故选D；（2）A．要保证力的作用效果相同，同一次实验过程中，O点的位置不允许变动，故A正确；B．如果先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条结点拉到O点，弹簧秤可能会超过量程，故B错误；C．为减小实验误差，在实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤的刻线，故C正确；D．实验中，把橡皮条的结点拉到O点时，为减小实验误差，两秤之间的夹角应适当大些，但是不必取90°，故D错误。故选AC。14.实验小组利用重物做自由落体运动验证机械能守恒定律，同时测量重力加速度。实验时将智能相机固定在黑板正前方，相机的视窗高度恰好包含黑板的上下边界，测量时设定相机闪光频率为10Hz，现将小钢球贴紧黑板从上边界某位置无初速释放，相机拍下小钢球下落的影像。将影像沿A4纸纵向打印，如图所示，已知黑板的高度为120cm，A4纸纵向长度为30cm，用刻度尺测出A4纸上每相邻像点间距离并标注在图样中，（1）小钢球运动至B点时的速度为______m/s（结果保留3位有效数字）；（2）小钢球下落的加速度大小为______（结果保留3位有效数字）；（3）若当地重力加速度，实验中小钢球所受的阻力为其重力的倍，则＝______；若机械能的损失不超过3%，则机械能守恒，本实验机械能______（填“守恒”或“不守恒”）；（4）本实验中______测量小钢球的质量（填“需要”或“不需要”）。〖答案〗（1）1.62（2）9.62（3）0.018守恒（4）不需要〖解析〗（1）相机闪光时间间隔为实物与照片比例为拍摄B点时小钢球的速度为（2）根据逐差法求加速度的原理可知小钢球下落的加速度大小为（3）由牛顿第二定律有可得设小钢球下落高度为，机械能的损失为机械能损失占比故机械能守恒；（4）利用重物做自由落体运动验证机械能守恒定律，需要验证的表达式为整理可得可知，实验不需要测量小钢球的质量。三、计算题：本题共4小题，共38分，应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写