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文档简介
20XX年高考数学卷(天津.理)含详解
2011天津理
第I卷
本卷共8小题,每小题5分,共40分
一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
A..i是虚数单位,复数
2.设,则且是的().
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
3.阅读右边的程序框图,运行相应的程序,则输出i的值为().
A.3
B.4
C.5
D.6
4.已知为等差数列,其公差为,且a7是a3与a9的等比中项,Sn为的
前n项和,,则S10的值为().
A...90D.110
.在的二项展开式中,x的系数为()..C.4884
6.如图,在中,D是边AC上的点,且
AD,2AB,,贝UsinC的值为().
A
6B
1
C
.7.
D
.36
log30.3
B,则().
Iog23.4
log43.6
A
D
c
A..C・.
8.对实数a和b,定义运算:
设函数
,.若函数■图象与x轴恰有两个公共点,
则实数c的取值范围是().
A..
C.
第II卷
二、填空题:本答题共6小题,每小题5分,共30分.
9.一支田径队有男运动员48人,女运动员36人.若用分层抽样的方法从该队的全体运
动员中抽取一个容量为21的样本,则抽取男运动员的人数为.
10.一个几何体的三视图如右图所示(单位:m),则该几何体的体积为m.
正视图
俯视图
侧视图
3
11.已知抛物线C的参数方程为为参数).若斜率
2
22
为1的直线经过抛物线C的焦点,且与圆相切,则
2
12.如图,已知圆中两条弦AB与CD相交于点F,E是AB
延长线上一点,且若CE与圆相切,则线段CE的长为.
13
己
知
集
合
C
,则集合
14.已知直角梯形ABCD中,AD//BC,,
,,P是腰DC上的动点,则的最小值
为.
三、解答题:本大题共6小题,共80分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
15.(本小题满分13分)已知函数I)求函数的定义域与最小正周期;
(II)设
,若
,求的大小.
16.(本小题满分13分)学校游园活动有这样一个游戏项目:甲箱子里装有3个白球,2个
黑球,乙箱子里装有1个白球,2个黑球,这些球除颜色外完全相同,每次游戏从这两个箱
子里各随机摸出2个球,若摸出的白球不少于2个.则获奖.(每次游戏结束后将球放回原
箱)
(I)求在1次游戏中,(i)摸出3个白球的概率;
3
(ii)获奖的概率;
(II)求在2次游戏中,获奖次数X的分布列及数学期望
17.(本小题满分13分)如图,在三棱柱中中,
H
是正方形的中心,AA1B1B,且,平面
AAC1H
(I)求异面直线AC与A1B1所成角的余弦值;
(II)求二面角的正弦值;
11(111)设N为棱B1C1的中点,点M在平面AA1BC11,求线段1B1B已知,函数
,.(的图象
连续不断)
(I)求的单调区间;
(II)当时,证明:存在,使
4
(HI)若存在属于区间的,且,使,证明:
.In2
【解】(I,.XX
令
0,则当x变化时,的变化情况如下表:
所以的单调增区间是H)当,单调减区间是.
时,,88
由(I)知,在单调递增,在单调递减.令
,因而由于在单调递增,则
,取,则
所以存在,使,即存在,使
.III)由及的单调性知.从
而在区间上的最小值为.又由,,贝1」
5
所以
即
所以.53
20.(本小题满分14分)已知数列与满足
,,,且,.I)求a3,
a4,a5的值;(H)设,,证明是等比数列.(III)设
a2k,,证明
^奇数,【解】(I)因为,,
所以卷偶数
又,当时,,由,得;
当时.,,由,得;当时,,
由,得.(II)对任意有
,①匚
②.③②一③得
④④代入①得,
6
即,⑤又,由⑤式,
对所有,.因此所以是等比数列.,cn
III)解法1.由(H)可得
于是,对任意且,有
kk将以上各式相加,得
所以
此式对也成立.
由④式a2得..从而
所以对任意
7.6
对于,不等式显然成立.
解法2.由(II河得
贝IJ.
所以是公差为的等差数列,
所以
以下同解法1..此式对也成立.
2011天津理
第I卷
本卷共8小题,每小题5分,共40分
一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
A..i是虚数单位,复数
8
【解】.故选B..设,
则且是的().
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【解】因为且,则且,因而,所以且是
的充分条件,
取,但不满足且,所以且不是的必
要条件.
因此且是的充分而不必要条件.故选A.
3.阅读右边的程序框图,运行相应的程序,则输出i的值为().
A.3
B.4
C.5
D.6
【解】运算过程依次为:
当时,,
当时,,
当时,,
当B寸,.所以输出的.故选B.
4.已知为等差数列,其公差为,且a7是a3与a9的等比中项,2
Sn为的前n项和,,则S10的值为().
A..90D.110
【解】因为等差数列的公差为,则,,,
2因为a7是a3与a9的等比中项,所以,
即,2
,所以,于是
.故选D.
2
9
.在的二项展开式中,x的系数为().C.4884
r【解
令,则..168
3,故选C.8
D是边AC上的点,6.如图,在中,且
AD,所以,x的系数
,,贝UsinC的值为().
A
B
.36
D
.36ABADCC
•【解】解法1.取BD的中点E,因为,所以
BD,因为
所以上
AB.于是
在中,由正弦定理得
,所以.故选D.sinC6解法2.设
1,由题设在中,由余弦定理得
10
所以
在中,由正弦定理得
BADsinCsinC
3
所以.故选D.6
■|,则(),
A....
【解】解法1.og3103,
下面比较,和
因为,,,则最小.10的大小.3
10
,31g21g31g
因为,,所以,31g21g3
10
.所以,因而.因此
由于函数是R上的增函数,所以.故选C.
解法2.
下面比较,和
因为,,,则最小.因为的大小.
3
所以
,因而.1g21g3311
由于函数是R上的增函数,所以.故选C.
解法3.由解法2,.4,3
画出函数和的图象,比较的纵坐
标,可得,于是.因而
.3
由于函数是R上的增函数,所以.故选c.
.对实数a和b,定义运算设函数
,.若函数的图象与x轴恰有两个公共点,则
实数c的取值范围是().
A..
【解】由题设或
画出函数的图象,函数图象的四个端点(如图)为,
,,,
从图象中可以看出,直线穿过点C,点A之间时,直
线与图象有且只有两个公共点,同时,直线穿过点B
及其下方时,直线与图象有且只有两个公共点,所以实数c的取值范围是
.故选B.
第n卷
12
二、填空题:本答题共6小题,每小题5分,共30分.
9.一支田径队有男运动员48人,女运动员36人.若用分层抽样的方法从该队的全体运
动员中抽取一个容量为21的样本,则抽取男运动员的人数为.
【解】12.
2121
(人).
10.一个几何体的三视图如右图所示(单位:m),则该几何
抽取男运动员的人数为体的体积为m.
【解】
几何体是由一个长方体与一个圆锥组合的.体积为
正视图
3
侧视图俯视图
12
3
11.已知抛物线C的参数方程为
2
(t为参数).若斜率
2
22
为1的直线经过抛物线C的焦点,且与圆相切,则
【解
抛物线C的普通方程为,其焦点为.直线方程为
22
因为直线与圆切,则圆心到直线的距离等于半径,即
2
12.如图,已知圆中两条弦AB与CD相交于点F,E是AB延
长线上一点,且
,若CE
与圆相切,则线段CE的长为
C
【解
因为AF:FB:BE,所以设
由相交弦定理,
所以
117,,.222
2
因为CE与圆相切,由切割线定理,
13
.所以
224
13.已知集合
则集合
【解】
解集合A.
当时,不等式化为,解得.所以解为当
时,不等式化为,即.所以解为;当时,
不等式化为,解得,所以解为.综合以上,.解
集合B.
因为
0,所以所以,因而
腰DC上的动点,则的最小值为.
【解】5.
14.已知直角梯形ABCD中,AD//BC,,,,P是
x
解法1.以D为坐标原点,DA所在直线为x轴,DC所在直线为y轴,建立如图的直角
坐标系.
由题设,,设,,贝I.
当且仅当时,等号成立,于是,当时,有最小值5.
44
解法2.以相互垂直的向量DP,DA为基底表示,得
2
DP
又P是腰DC上的动点,即与共线,于是可设,有
5
2
14
所以
即
由于P是腰DC上的动点,显然当,即时,
33
所以有最小值5.
解法3.如图,,设E为AF的中点,Q为AB的
中点,则
2
①
D
F
因为
则
.②
(实际上,就是定理:“平行四边形的对角线的平方和等于各边的平方和“)设T为DC
的中点,则TQ为梯形的中位线,设P为CT的中点,且设,
13
.22
则,,,
44
代入式②得
于是,于是当且仅当时,等号成
立.
由式①,,
所以有最小值5.
三、解答题:本大题共6小题,共80分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.15.(本
小题满分13分)已知函数I)求函数的定义域与最小正周期;(II)设
.若
,求的大小.
15
【解】(I)函数的定义域满足
所以函数的定义域为,,解得
.最小正周期为.
(II)解法1.因为,所以
,所以
于是,
因为
,所以,所以,
11,,22因而因为
,所以,所以,.___________解法2.因为
,所以,
所以
因为
,所以,
22于是,整理得
162
所以
1,所以
解法3.
因为,所以s
.故得
于是
.所以.4312
16.(本小题满分13分)学校游园活动有这样一个游戏项目:甲箱子里装有3个白球,2个
黑球,乙箱子里装有1个白球,2个黑球,这些球除颜色外完全相同,每次游戏从这两个箱
子里各随机摸出2个球,若摸出的白球不少于2个.则获奖.(每次游戏结束后将球放回原
箱)
(I)求在1次游戏中,
(i)摸出3个白球的概率;
(ii)获奖的概率;
(II)求在2次游戏中,获奖次数X的分布列及数学期望
【解】(I)(i)设“在1次游戏中摸出i个白球”为事件,则
2C3C11.
(ii)设“在1次游戏中获奖”为事件B,则,
,C5C3C5C32
因为A2和A3互斥,所以
(II)X的所有可能值为.2510
17
2
所以X的分布列是
数学期望.100501005
17.(本小题满分13分)如图,在三棱柱中中,
H
是正方形的中心,AA1B1B,且平面
AAC1H
(I)求异面直线AC与A1B1所成角的余弦值;(II)求二面角的正弦值;
11(111)设N为棱B1C1的中点,点M在平面AA1BC11,求线段1B1B内,且平面
ABM的长.
【解】解法1.如图所示,建立空间直角坐标系,其中点B为坐标原点,BA所在直线为
x轴,BB1所在直线为y轴.
C由题意,B
,A
A
1,B
(I
,c.
Ill
所以
II
设平面AAC的法向量为,则即
令
0,
设平面A1B1C1的法向量为
,则
即
令
0,
于是
,所以所以二面角
B1的正弦值为.7
III)由N为棱B1C
1的中点,得,设点
则
因为平面A,则
即
解得
故.向量
所以线段BM
的长与A1B1所成的角.解法2.(I)由于AC//AC11,故是异
面直线
19
H
是正方形的中心,因为平面AA1B1B,
C
1
1
所以
1
Bl
此
(H)连接AC1,因为及H是AB1的中点.则,又AA1
,所以
S
R,连B1R,于是过点A作,11于
所以为二面角的平面角.
在中,,连AB1,在中,
,从而
所以二面角的正弦值为
.7
D,连接ND.(Ill)因为平面A1BC11,所以,取HB1的中点
由于N为棱B1C1的中点,所以ND//C1H,且又平面AA1B1,1B1B,故
.22
MD并延长交A1B1于点E,因为,所以平面MND,连接
则.故NE//AA1.
20
由
,得,连接NE.2
2延长EM交AB于F
,可得在中,ME,由直角三角形的射影定理,
ND2所以
DE44
连接BM,在
BFM中,.18.(本小题满分13分)在平面直角坐标系xOy中,点
为动点,F1,
x2y2
F2分别为椭圆的左右焦点,已知为等腰三角形.ab
(I)求椭圆的离心率e;
是直线PF2上的点,(H)设直线PF2与椭圆相交于A,B两点,
满足,
求点M的轨迹方程.
【解】(I)设F1PF2为等腰三角形,,.因为
P在y轴上,与矛盾,若,则点
若
F1F2由,,C122,有,即
或,不合题意,a2所以
F1F2由,,C122,有,即
(舍去)或.a2
1所以椭圆的离心率为•2
1222(11)解法1.因为,所以a
,.所以椭圆方程为.2
,则直线
PF2的方程为.直线PF2
的斜率
B两点的坐标满足方程组
21
2
消去y并整理得.则
8c.
5
于是不妨设,B0,.
设点M的坐标为
.则
由
得
y.贝iJ
由,得
化简得
,所以.将
代入得
16x3因此点M
的轨迹方程为解法2.因为
2
1
,所以
2c,.2
2
2
x
椭圆方程为
b
,则直线PF2的方程
为直线PF2的斜
率
A,B
两点的坐标满足方程组
消去y并整理得.则
8c.
5
于是不妨设,B0,.
22
因而点B为椭圆短轴的下顶点.
如图,因为,所以点M在线段AB的①
,5
23
则②
因为,所以
③
将①,②代入式③得
529
,@5
将并整理得
y代入④
3
,所以.将
代入得因此点M
的轨迹方程为,
219.(本小题满分14分)已知,函数,.(的图象
连续不断)
(I)求的单调区间;
(II)当时,证明:存在,使
(in)若存在属于区间的,且,使f
,证明:
.In2
【解】(I,.XX
令
0,则
当x变化时,,的变化情况如下表:
24
所以的单
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