2024年新高考地区数学名校地市选填压轴题好题汇编（3）练习题及答案解析

2024年新高考地区数学名校地市选填压轴题好题汇编（三）1．（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）已知函数有两个不同的零点，则实数a的取值范围是（

）A． B． C． D．2．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）如图，把一个长方形的硬纸片沿长边所在直线逆时针旋转得到第二个平面，再沿宽边所在直线逆时针旋转得到第三个平面，则第一个平面和第三个平面所成的锐二面角大小的余弦值是（

）

A． B． C． D．3．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）已知，为两个相互垂直的单位向量，，则的最小值为（

）A． B． C． D．4．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）已知正项数列的前n项和为，且，，则（

）A． B．C． D．5．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）如图，某公园有一个半径为2公里的半圆形湖面，其圆心为O，现规划在半圆弧岸边取点C、D、E，且，在扇形区域内种植芦苇，在扇形区域内修建水上项目，在四边形区域内种植荷花，并在湖面修建栈道和作为观光线路.当最大时，游客有更美好的观赏感受，则的最大值为（

）A． B．4 C． D．66．（2023·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）设，，．则（

）A． B． C． D．7．（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）已知，且，则（

）A． B． C． D．18．（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）若实数满足，则的最小值是（

）A．8 B．9 C．10 D．119．（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知角，且，则（

）A． B． C． D．210．（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知数列，，，，，，，，，，…，其中每一项的分子和分母均为正整数.第一项是分子与分母之和为2的有理数；接下来两项是分子与分母之和为3的有理数，并且从大到小排列；再接下来的三项是分子与分母之和为4的有理数，并且从大到小排列，依次类推.此数列第n项记为，则满足且的n的最小值为（

）A．47 B．48 C．57 D．5811．（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）设函数是奇函数的导函数，，当时，，则使得成立的的取值范围是（

）A． B．C． D．12．（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）中，为上一点且满足，若为上一点，且满足为正实数，则下列结论正确的是（

）A．的最小值为 B．的最大值为1C．的最小值为4 D．的最大值为1613．（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）已知定义域是R的函数满足：，，为偶函数，，则（

）A．1 B．-1 C．2 D．-314．（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）如今中国被誉为基建狂魔，可谓是逢山开路，遇水架桥.公路里程､高铁里程双双都是世界第一.建设过程中研制出用于基建的大型龙门吊､平衡盾构机等国之重器更是世界领先.如图是某重器上一零件结构模型，中间最大球为正四面体的内切球，中等球与最大球和正四面体三个面均相切，最小球与中等球和正四面体三个面均相切，已知正四面体棱长为，则模型中九个球的表面积和为（

）A． B． C． D．15．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）已知是半径为的球体表面上的四点，，，，则平面与平面的夹角的余弦值为（

）A． B． C． D．16．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）过双曲线的左焦点F作的一条切线，设切点为T，该切线与双曲线E在第一象限交于点A，若，则双曲线E的离心率为（

）A． B． C． D．17．（2023·山东·高三校联考阶段练习）若是偶函数，且，则实数m的取值范围是（

）A． B． C． D．18．（2023·山东·高三校联考阶段练习）已知g(x)＝ax＋a，f(x)＝对任意x1∈[－2,2]，存在x2∈[－2,2]，使g(x1)＝f(x2)成立，则a的取值范围是()A．[－1，＋∞) B．[－，1] C．(0,1] D．(－∞，1]19．（多选题）（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）已知函数，则下列选项正确的是（

）A．函数在处取得极小值B．C．若函数在上恒成立，则D．函数有三个零点20．（多选题）（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）已知函数，函数，则下列结论正确的是（

）A．有3个零点B．可能有6个零点C．若恰有2个零点，则的取值范围是D．若恰有5个零点，则的取值范围是21．（多选题）（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）如图，在正方体中，，是正方形内部(含边界)的一个动点，则（

）A．存在唯一点，使得B．存在唯一点，使得直线与平面所成的角取到最小值C．若，则三棱锥外接球的表面积为D．若异面直线与所成的角为，则动点的轨迹是抛物线的一部分22．（多选题）（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）已知函数，将的所有极值点按照由小到大的顺序排列，得到数列，对于正整数n，则下列说法中正确的有（

）A． B．C．为递减数列 D．23．（多选题）（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）如图甲，在矩形中，，，为上一动点（不含端点），且满足将沿折起后，点在平面上的射影总在棱上，如图乙，则下列说法正确的有（

）A．翻折后总有B．当时，翻折后异面直线与所成角的余弦值为C．当时，翻折后四棱锥的体积为D．在点运动的过程中，点运动的轨迹长度为24．（多选题）（2023·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）如图，长方体中，，，M为的中点，过作长方体的截面交棱于N，则（

）A．截面可能为六边形B．存在点N，使得截面C．若截面为平行四边形，则D．当N与C重合时，截面面积为25．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）如图，四棱锥的底面是梯形，，，，，平面平面，，分别为线段，的中点，点是底面内包括边界的一个动点，则下列结论正确的是（

）A．B．三棱锥外接球的体积为C．异面直线与所成角的余弦值为D．若直线与平面所成的角为，则点的轨迹长度为26．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）已知定义在上的函数满足：对于任意的，都有，且当时，，若，则下列说法正确的有（

）A．B．关于对称C．在上单调递增D．27．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知圆和圆，分别是圆，圆上的动点，则下列说法正确的是（

）A．圆与圆有四条公切线B．的取值范围是C．是圆与圆的一条公切线D．过点作圆的两条切线，切点分别为，则存在点，使得28．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知函数，若存在直线，使得是曲线与曲线的公切线，则实数的取值可能是（

）A． B． C．2 D．329．（多选题）（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）已知是抛物线的焦点，是上的两点，为原点，则（

）A．若垂直的准线于点，且，则四边形的周长为B．若，则的面积为C．若直线过点，则的最小值为D．若，则直线恒过定点30．（多选题）（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）如图，矩形中，为边的中点，沿将折起，点折至处平面分别在线段和侧面上运动，且，若分别为线段的中点，则在折起过程中，下列说法正确的是（

）A．面积的最大值为B．存在某个位置，使得C．三棱锥体积最大时，三棱锥的外接球的表面积为D．三棱锥体积最大时，点到平面的距离的最小值为.31．（多选题）（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）同学们，你们是否注意到，自然下垂的铁链；空旷的田野上，两根电线杆之间的电线；峡谷的上空，横跨深洞的观光索道的钢索.这些现象中都有相似的曲线形态.事实上，这些曲线在数学上常常被称为悬链线.悬链线的相关理论在工程、航海、光学等方面有广泛的应用.在恰当的坐标系中，这类函数的表达式可以为（其中，是非零常数，无理数），对于函数以下结论正确的是（

）A．是函数为偶函数的充分不必要条件；B．是函数为奇函数的充要条件；C．如果，那么为单调函数；D．如果，那么函数存在极值点.32．（多选题）（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）设等比数列的公比为，其前项和为，前项积为，且满足条件，，，则下列选项正确的是（

）A．为递减数列 B．C．是数列中的最大项 D．33．（多选题）（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）若函数存在连续四个相邻且依次能构成等差数列的零点，则实数k的可能取值有（

）A． B． C．0 D．34．（多选题）（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）已知实数a，b满足，则（

）A． B． C． D．35．（多选题）（2023·山东·高三校联考阶段练习）已知，函数的图象记为，的图象记为.则（

）A．函数只有一个零点 B．与没有共同的切线C．当时，曲线在曲线的下方 D．当时，36．（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）英国著名物理学家牛顿用“作切线”的方法求函数零点时，给出的“牛顿数列”在航空航天中应用广泛.若数列满足，则称数列为牛顿数列.如果函数，数列为牛顿数列，设且，数列的前项和为，则；.37．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）希腊著名数学家阿波罗尼斯与欧几里得、阿基米德齐名他发现：“平面内到两个定点的距离之比为定值的点的轨迹是圆”.后来，人们将这个圆以他的名字命名，称为阿波罗尼斯圆，简称阿氏圆.已知在平面直角坐标系中，，，点是满足的阿氏圆上的任一点，则该阿氏圆的方程为；若点为抛物线上的动点，在轴上的射影为，则的最小值为.38．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）甲，乙，丙三人进行传球游戏，每次投掷一枚质地均匀的正方体骰子决定传球的方式：当球在甲手中时，若骰子点数大于3，则甲将球传给乙，若点数不大于3，则甲将球保留；当球在乙手中时，若骰子点数大于4，则乙将球传给甲，若点数不大于4，则乙将球传给丙；当球在丙手中时，若骰子点数大于3，则丙将球传给甲，若骰子点数不大于3，则丙将球传给乙．初始时，球在甲手中，投掷n次骰子后（），记球在甲手中的概率为，则；．39．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）若两个锐角，满足，则.40．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）如图，在矩形中，，，分别为边，的中点，分别为线段（不含端点）和上的动点，满足，直线，的交点为，已知点的轨迹为双曲线的一部分，则该双曲线的离心率为.41．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）在正四棱锥中，已知，为底面的中心，以点为球心作一个半径为的球，则平面截该球的截面面积为．42．（2023·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）已知，函数在区间[1,4]上的最大值是5，则a的取值范围是43．（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）如图，有一半径为单位长度的球内切于圆锥，则当圆锥的侧面积取到最小值时，它的高为．

44．（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）已知双曲线的左､右焦点分别为，过双曲线上一点向轴作垂线，垂足为，若且与垂直，则双曲线的离心率为.45．（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）如图，矩形中，分别为线段上的动点，且满足.点关于原点的对称点为，直线与交于点，则点到直线的最小距离为.

46．（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）已知函数，若，则实数的取值范围为.47．（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）在如图所示的三角形数阵中，用表示第行第个数），已知，且当时，除第行中的第1个数和第个数外，每行中的其他各数均等于其“肩膀”上的两个数之和，即.若，则正整数的最小值为.48．（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）已知正方体的棱长为1，每条棱所在直线与平面所成的角都相等，则平面截此正方体所得截面面积的最大值为.49．（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）如图1所示，古筝有多根弦，每根弦下有一个雁柱，雁柱用于调整音高和音质.图2是根据图1绘制的古筝弦及其雁柱的简易平面图.在图2中，每根弦都垂直于x轴，相邻两根弦间的距离为1，雁柱所在曲线的方程为，第n根弦（，从左数首根弦在y轴上，称为第0根弦）分别与雁柱曲线和直线l：交于点和，则.（参考数据：取.）50．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）若函数是上的增函数，则实数a的最大值为．51．（2023·山东·高三校联考阶段练习）的定义域为R，若存在常数，使对一切实数x均成立，则称为F函数．现给出下列函数：①；②；③；④⑤是定义在实数集R上的奇函数，且对一切均有.其中是F函数的函数序号是．2024年新高考地区数学名校地市选填压轴题好题汇编（三）1．（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）已知函数有两个不同的零点，则实数a的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【解析】由题意得,令，，该函数在R上为单调增函数，且，故函数有两个不同的零点，即有两个不同的零点，令即直线与的图象有两个不同交点，又，当时，递增，当时，递减，则，当时，，作出其图象如图：由图象可知直线与的图象有两个不同交点，需有，故选：A.2．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）如图，把一个长方形的硬纸片沿长边所在直线逆时针旋转得到第二个平面，再沿宽边所在直线逆时针旋转得到第三个平面，则第一个平面和第三个平面所成的锐二面角大小的余弦值是（

）

A． B． C． D．【答案】C【解析】如图，把两个单位正方体叠放在一起，平面，平面，平面分别代表第一，二，三个平面，四边形为正方形，，平面，平面，，，平面，平面；同理可得：平面；平面的法向量为，平面的法向量为，，，，，即与的夹角为，所求锐二面角的大小的余弦值是.故选：C．3．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）已知，为两个相互垂直的单位向量，，则的最小值为（

）A． B． C． D．【答案】B【解析】因，为两个相互垂直的单位向量，不妨设，，因，可设，其中，则，，，，，，设，，则，其中表示点与点的距离，表示点与点的距离，如图设点与点所在的直线为，则其方程为：，即，联立，得或，即当或，时，取的最小值，所以的最小值为，故选：B4．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）已知正项数列的前n项和为，且，，则（

）A． B．C． D．【答案】C【解析】由题设，则，又都为正项，则，故，所以，所以，故.故选：C5．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）如图，某公园有一个半径为2公里的半圆形湖面，其圆心为O，现规划在半圆弧岸边取点C、D、E，且，在扇形区域内种植芦苇，在扇形区域内修建水上项目，在四边形区域内种植荷花，并在湖面修建栈道和作为观光线路.当最大时，游客有更美好的观赏感受，则的最大值为（

）A． B．4 C． D．6【答案】C【解析】设，则，，则、为正数.在三角形中，连接，由余弦定理得：，在三角形中，由余弦定理得：，所以,由于，所以当时，取得最大值，也即时，取得最大值为.故选：C6．（2023·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）设，，．则（

）A． B． C． D．【答案】B【解析】[方法一]：，所以；下面比较与的大小关系.记，则，，由于所以当0<x<2时，，即，，所以在上单调递增，所以，即，即；令，则，，由于，在x>0时，，所以，即函数在[0，+∞)上单调递减，所以，即，即b<c；综上，，故选：B.[方法二]：令，即函数在（1，+∞)上单调递减令，即函数在（1，3)上单调递增综上，，故选：B.7．（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）已知，且，则（

）A． B． C． D．1【答案】B【解析】，,，又，则，即所以，因为，所以，.由平方可得，即，符合题意.综上，.故选：B.8．（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）若实数满足，则的最小值是（

）A．8 B．9 C．10 D．11【答案】A【解析】由，得，令，则，令得，当时，单调递减，当时，单调递增；由，得，令，的图像如下图：则表示上一点与上一点的距离的平方，显然，当过M点的的切线与平行时，最小，设上与平行的切线的切点为，由，解得，所以切点为，切点到的距离的平方为，即的最小值为8；故选：A.9．（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知角，且，则（

）A． B． C． D．2【答案】D【解析】由，可得，即，故.又，故，即，代入可得.故故选：D10．（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知数列，，，，，，，，，，…，其中每一项的分子和分母均为正整数.第一项是分子与分母之和为2的有理数；接下来两项是分子与分母之和为3的有理数，并且从大到小排列；再接下来的三项是分子与分母之和为4的有理数，并且从大到小排列，依次类推.此数列第n项记为，则满足且的n的最小值为（

）A．47 B．48 C．57 D．58【答案】C【解析】将数列分组为（），（，），（，，），（，，，），…，设满足的首次出现在第m组的第x个数的位置上，则，此时数列共有项数为，即得，解得由于，而，故，又,故符合条件的m,的最小值为11，则满足且的n的最小值为，故选：C11．（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）设函数是奇函数的导函数，，当时，，则使得成立的的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】B【解析】设，则，∵当时，，当时，，即在上单调递减.由于是奇函数，所以,是偶函数，所以在上单调递增.又，所以当或时，；当或时，.所以当或时，.故选：B.12．（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）中，为上一点且满足，若为上一点，且满足为正实数，则下列结论正确的是（

）A．的最小值为 B．的最大值为1C．的最小值为4 D．的最大值为16【答案】C【解析】为正实数，，，而共线，，当且仅当时，结合，即时取等号，A，B错误；，当且仅当，即，即时取等号，即的最小值为4，C正确；又，由于为正实数，，则，则，时取最大值，当趋近于0时，可无限趋近于0，故，故无最大值，D错误，故选：C.13．（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）已知定义域是R的函数满足：，，为偶函数，，则（

）A．1 B．-1 C．2 D．-3【答案】B【解析】因为为偶函数，所以的图象关于直线对称，所以，又由，得，所以，所以，所以，故的周期为4，所以．故选:B．14．（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）如今中国被誉为基建狂魔，可谓是逢山开路，遇水架桥.公路里程､高铁里程双双都是世界第一.建设过程中研制出用于基建的大型龙门吊､平衡盾构机等国之重器更是世界领先.如图是某重器上一零件结构模型，中间最大球为正四面体的内切球，中等球与最大球和正四面体三个面均相切，最小球与中等球和正四面体三个面均相切，已知正四面体棱长为，则模型中九个球的表面积和为（

）A． B． C． D．【答案】B【解析】如图，取的中点，连接，，则，，过点作⊥底面，垂足在上，且，所以，故，点为最大球的球心，连接并延长，交于点，则⊥，设最大球的半径为，则，因为∽，所以，即，解得，即，则，故设最小球的球心为，中间球的球心为，则两球均与直线相切，设切点分别为，连接，则分别为最小球和中间球的半径，长度分别设为，则，则，又，所以，解得，又，故，解得，所以，模型中九个球的表面积和为.故选：B15．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）已知是半径为的球体表面上的四点，，，，则平面与平面的夹角的余弦值为（

）A． B． C． D．【答案】B【解析】设球心为，分别取，的外接圆圆心为，连接，∵，∴点为中点，则，由为外心，故，则，由题意可得平面，故平面与平面的夹角，即为的余角.在中，，，则由正弦定理可得，由球的半径为，故，,由平面，平面，可得，则中，,即，故平面与平面的夹角为，故其余弦值为.故选:B.16．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）过双曲线的左焦点F作的一条切线，设切点为T，该切线与双曲线E在第一象限交于点A，若，则双曲线E的离心率为（

）A． B． C． D．【答案】C【解析】令双曲线的右焦点为，半焦距为c，取线段中点，连接，因为切圆于，则，有，因为，则有，，而为的中点，于是，即，，在中，，整理得，所以双曲线E的离心率.故选：C17．（2023·山东·高三校联考阶段练习）若是偶函数，且，则实数m的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【解析】由可得函数的定义域为，若是偶函数，则即在定义域内恒成立，所以，当时，，由在上均单调递减，所以在上单调递减，所以不等式等价于，解得.所以实数m的取值范围是.故选：A.18．（2023·山东·高三校联考阶段练习）已知g(x)＝ax＋a，f(x)＝对任意x1∈[－2,2]，存在x2∈[－2,2]，使g(x1)＝f(x2)成立，则a的取值范围是()A．[－1，＋∞) B．[－，1] C．(0,1] D．(－∞，1]【答案】B【解析】先求出函数在区间[－2,2]的值域，然后由两值域的包含关系求解即可.由f(x)＝，则当时，，由对任意x1∈[－2,2]，存在x2∈[－2,2]，使g(x1)＝f(x2)成立，则有当时，或当时，或当时，，即或或，综上可得的取值范围是，故选：B.19．（多选题）（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）已知函数，则下列选项正确的是（

）A．函数在处取得极小值B．C．若函数在上恒成立，则D．函数有三个零点【答案】AD【解析】对于A选项，因为，该函数的定义域为，则，由可得或，由可得，所以，函数的减区间为、，增区间为，所以，函数在处取得极小值为，A对；对于B选项，因为函数在区间上单调递减，且，则，B错；对于C选项，因为函数在上递增，在上递减，故当时，，因为函数在上恒成立，则，C错；对于D选项，由A选项可知，函数的极大值为，由可得，故函数的零点个数等于直线与函数图象的交点个数，如下图所示：由图可知，直线与函数图象有三个交点，因此，函数有三个零点，D对.故选：AD.20．（多选题）（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）已知函数，函数，则下列结论正确的是（

）A．有3个零点B．可能有6个零点C．若恰有2个零点，则的取值范围是D．若恰有5个零点，则的取值范围是【答案】AC【解析】根据题意，函数，当时，，则在上为增函数，与轴的交点为，当时，，其导数，在区间上，为减函数，在区间上，为增函数，且，则的大致图象如图：对于A，由的图象可知，其图象与轴有3个交点，即有3个零点，A正确；对于B，，若，即，解得或，若有6个零点，则有，解得的解集为，故不可能有6个零点，B错误；对于C，若恰有2个零点，必有或，解得或，即的取值范围为，C正确；对于D，若恰有5个零点，则有或，解得，即的取值范围为，D错误.故选：AC.21．（多选题）（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）如图，在正方体中，，是正方形内部(含边界)的一个动点，则（

）A．存在唯一点，使得B．存在唯一点，使得直线与平面所成的角取到最小值C．若，则三棱锥外接球的表面积为D．若异面直线与所成的角为，则动点的轨迹是抛物线的一部分【答案】BCD【解析】对于A选项：正方形中，有，正方体中有平面，平面，，又，平面，平面，只要平面，就有，在线段上，有无数个点，A选项错误；对于B选项：平面，直线与平面所成的角为，，取到最小值时，最大，此时点与点重合，B选项正确；对于C选项：若，则为中点，为等腰直角三角形，外接圆半径为，三棱锥外接球的球心到平面的距离为，则外接球的半径为，所以三棱锥外接球的表面积为，C选项正确；对于D选项：以D为原点，的方向为轴，轴，轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系，则，，，设，则有，，有，化简得，是正方形内部(含边界)的一个动点，所以的轨迹是抛物线的一部分，D选项正确.故选：BCD22．（多选题）（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）已知函数，将的所有极值点按照由小到大的顺序排列，得到数列，对于正整数n，则下列说法中正确的有（

）A． B．C．为递减数列 D．【答案】AC【解析】的极值点为在上的变号零点.即为函数与函数图像在交点的横坐标.又注意到时，，时，，，时，.据此可将两函数图像画在同一坐标系中，如下图所示.A选项，注意到时，，，.结合图像可知当，.当，.故A正确；B选项，由图像可知，则，故B错误；C选项，表示两点与间距离，由图像可知，随着n的增大，两点间距离越来越近，即为递减数列.故C正确；D选项，由A选项分析可知，，又结合图像可知，当时，，即此时，得在上单调递增，则，故D错误.故选：AC23．（多选题）（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）如图甲，在矩形中，，，为上一动点（不含端点），且满足将沿折起后，点在平面上的射影总在棱上，如图乙，则下列说法正确的有（

）A．翻折后总有B．当时，翻折后异面直线与所成角的余弦值为C．当时，翻折后四棱锥的体积为D．在点运动的过程中，点运动的轨迹长度为【答案】ACD【解析】在图乙中，因为点在平面上的射影在棱上，所以平面，又平面，所以，又，，平面，所以平面，又平面，所以，故A正确；如图，在图乙中作于，连接，则，所以与所成角即为与所成角，又由平面可得平面，所以而，，则，即与所成角余弦值为，故B错误；如上图，在图乙中作于，连接，则由平面可得，又，平面，所以平面，又平面，则，在图甲中，如图，作，则，，三点共线，设，，则由可得，即，又在图乙中有，所以，所以，而，所以，，故D正确；当时，，则，所以，则，故C正确.故选：ACD.24．（多选题）（2023·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）如图，长方体中，，，M为的中点，过作长方体的截面交棱于N，则（

）A．截面可能为六边形B．存在点N，使得截面C．若截面为平行四边形，则D．当N与C重合时，截面面积为【答案】CD【解析】长方体中，，，M为的中点，过作长方体的截面交棱于N，设为的中点，根据点N的位置的变化分析可得：当时，截面为平行四边形，当时，截面为五边形，当时，即点N与点C重合时，截面为梯形，故A不正确，C正确；设截面，因为面，所以，所以N只能与C重合才能使，因为BN不垂直平面，故此时不成立，故B不正确；因为当点N与点C重合时，截面为梯形，如下图所示：过M作MH垂直于于H，设梯形的高为，则由平面几何知识得：，解得，所以截面的面积为：，故D正确；故选：CD．25．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）如图，四棱锥的底面是梯形，，，，，平面平面，，分别为线段，的中点，点是底面内包括边界的一个动点，则下列结论正确的是（

）A．B．三棱锥外接球的体积为C．异面直线与所成角的余弦值为D．若直线与平面所成的角为，则点的轨迹长度为【答案】AC【解析】易证四边形为菱形，所以，连接，因为，所以，因为平面平面，平面平面，平面，所以平面，因为平面，所以，又，所以平面又平面，所以，故A正确；易证为等腰直角三角形，为等边三角形，且平面平面，所以三棱锥外接球的球心为等边三角形的中心，所以三棱锥外接球的半径为，所以三棱锥外接球的体积为，故B错误；因为，所以为异面直线与所成的角或其补角，因为，所以，在中，由余弦定理，得，故C正确；因为平面，所以为在平面内的射影，若直线与平面所成的角为，则，因为，所以，故点的轨迹为以为圆心，为半径的半圆，所以点的轨迹长度为，故D错误．故选：．26．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长郡中学校考阶段练习）已知定义在上的函数满足：对于任意的，都有，且当时，，若，则下列说法正确的有（

）A．B．关于对称C．在上单调递增D．【答案】BCD【解析】对于A，令，得，可得，故A错；对于B，令，则，令，则，故B对；对于C，设，则，因为，故，故，故在上单调递增，故C对；对于D，令，故，所以，故，故D对.故选：BCD.27．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知圆和圆，分别是圆，圆上的动点，则下列说法正确的是（

）A．圆与圆有四条公切线B．的取值范围是C．是圆与圆的一条公切线D．过点作圆的两条切线，切点分别为，则存在点，使得【答案】ABD【解析】对于选项A，由题意可得，圆的圆心为，半径，圆的圆心，半径，因为两圆圆心距，所以两圆外离，有四条公切线，A正确；对于B选项，的最大值等于，最小值为，B正确；对于C选项，显然直线与直线平行，因为两圆的半径相等，则外公切线与圆心连线平行，由直线，设直线为，则两平行线间的距离为2，即，故，故C不正确；对于D选项，易知当时，四边形为正方形，故当时，，故D正确，故选：ABD.28．（多选题）（2023·湖南长沙·高三长沙一中校考阶段练习）已知函数，若存在直线，使得是曲线与曲线的公切线，则实数的取值可能是（

）A． B． C．2 D．3【答案】ACD【解析】设直线为曲线在点处的切线，，所以，即；设直线为曲线在点处的切线，，所以，即；由题意知，因为，可知，由可得，将其代入可得：，令，则在上有零点，令，则，令，解得；令，解得；在区间上单调递增，在区间上单调递减，当时，在区间上单调递增，在区间上单调递减，且，当时，，故在上恒有零点，从而恒成立；当时，，无零点，不成立；当时，在区间上单调递减，在区间上单调递增，且当时，，则，解得；综上所述：实数的取值范围是.故选：ACD.29．（多选题）（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）已知是抛物线的焦点，是上的两点，为原点，则（

）A．若垂直的准线于点，且，则四边形的周长为B．若，则的面积为C．若直线过点，则的最小值为D．若，则直线恒过定点【答案】BCD【解析】对于选项，由题意知，且垂直于轴，根据抛物线的定义可知.设与轴的交点为，易知，故，所以四边形的周长为，选项错误；对于选项，由题意得，解得，所以，从而，选项正确；对于选项，若直线过点，设直线，联立直线与抛物线方程得，易得，则，所以，当且仅当时，等号成立，选项C正确；对于选项D，设直线，联立直线与抛物线方程得，则，即，，所以，由可得，即，解得，故直线的方程为，即直线恒过定点，选项D正确.故选：BCD.30．（多选题）（2023·湖南长沙·高三湖南师大附中校考阶段练习）如图，矩形中，为边的中点，沿将折起，点折至处平面分别在线段和侧面上运动，且，若分别为线段的中点，则在折起过程中，下列说法正确的是（

）A．面积的最大值为B．存在某个位置，使得C．三棱锥体积最大时，三棱锥的外接球的表面积为D．三棱锥体积最大时，点到平面的距离的最小值为.【答案】ACD【解析】对于A，由，，则，所以当时，最大，且最大值为，故A正确；对于B，取的中点，连接，显然，且，又，所以四边形为平行四边形，所以，又，且，为的中点，则与不垂直，所以与不垂直，故B错；对于C，易知三棱锥体积最大时，平面平面，交线为，作，因为平面，则平面，取中点，连接，，，则，由勾股定理可得，又，故点为三棱锥的外接球的球心，所以其外接球的半径为，表面积为，故C正确；对于D，由选项C可知，，点在以为球心，1为半径的球面上，设点到平面的距离为，因为，所以，易知，，，，，，所以点到平面的距离的最小值为，选项D正确.故选：ACD.31．（多选题）（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）同学们，你们是否注意到，自然下垂的铁链；空旷的田野上，两根电线杆之间的电线；峡谷的上空，横跨深洞的观光索道的钢索.这些现象中都有相似的曲线形态.事实上，这些曲线在数学上常常被称为悬链线.悬链线的相关理论在工程、航海、光学等方面有广泛的应用.在恰当的坐标系中，这类函数的表达式可以为（其中，是非零常数，无理数），对于函数以下结论正确的是（

）A．是函数为偶函数的充分不必要条件；B．是函数为奇函数的充要条件；C．如果，那么为单调函数；D．如果，那么函数存在极值点.【答案】BCD【解析】对于A，当时，函数定义域为R关于原点对称，，故函数为偶函数；当函数为偶函数时，，故，即，又，故，所以是函数为偶函数的充要条件，故A错误；对于B，当时，函数定义域为R关于原点对称，，故函数为奇函数，当函数为奇函数时，，因为，，故.所以是函数为奇函数的充要条件，故B正确；对于C，，因为，若，则恒成立，则为单调递增函数，若则恒成立，则为单调递减函数，故，函数为单调函数，故C正确；对于D，，令得，又，若，当，，函数为单调递减.当，，函数为单调递增.函数存在唯一的极小值.若，当，，函数为单调递增.当，，函数为单调递减.故函数存在唯一的极大值.所以函数存在极值点，故D正确.故答案为：BCD.32．（多选题）（2023·湖南长沙·高三雅礼中学校考阶段练习）设等比数列的公比为，其前项和为，前项积为，且满足条件，，，则下列选项正确的是（

）A．为递减数列 B．C．是数列中的最大项 D．【答案】AC【解析】由可得：和异号，即或.而，，可得和同号，且一个大于1，一个小于1.因为，所有，，即数列的前2022项大于1，而从第2023项开始都小于1.对于A：公比，因为，所以为减函数，所以为递减数列.故A正确；对于B：因为，所以，所以.故B错误；对于C：等比数列的前项积为，且数列的前2022项大于1，而从第2023项开始都小于1，所以是数列中的最大项.故C正确；对于D：因为，所以，即.故D错误.故选：AC33．（多选题）（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）若函数存在连续四个相邻且依次能构成等差数列的零点，则实数k的可能取值有（

）A． B． C．0 D．【答案】ACD【解析】由，得，令，显然函数是偶函数，是周期为的周期函数，而，则当时，，当时，，因此，当时，，于是函数的所有零点从小到大排成一列构成公差为的等差数列，A正确；当时，，显然此方程在余弦函数的周期长的区间内只有两个根，取，则方程在内有4个根，显然有，于是，，即有，则不成等差数列，由周期性知，当时，函数不存在连接4个零点依次构成等差数列，B错误；当时，或，取函数的4个连续零点为，显然成等差数列，C正确；当时，或，令，则函数在内有4个零点，并满足，且，显然，，，显然，，因此，所以成等差数列，D正确.故选：ACD34．（多选题）（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）已知实数a，b满足，则（

）A． B． C． D．【答案】AD【解析】由题意可得，则由，得.对于A：设，，则在区间上，，为增函数，所以由题意可得，所以，故A正确；对于B：由，得,故B错误；对于C：由A可知在区间上为增函数，且，则，即,则,由,得,令,则,所以在上单调递增,所以,所以,故C错误；对于D：又,令,则,所以在上单调递增,所以，所以,又，且,令，根据对勾函数的性质可得在上单调递减，在上单调递增，且，所以，综上可得，故D正确；故选:AD.35．（多选题）（2023·山东·高三校联考阶段练习）已知，函数的图象记为，的图象记为.则（

）A．函数只有一个零点 B．与没有共同的切线C．当时，曲线在曲线的下方 D．当时，【答案】AC【解析】A选项，，，在区间上，单调递减；在区间上单调递增，由于，所以函数只有一个零点，A选项正确.C选项，由上述分析可知恒成立，所以恒成立，且当时，，所以当时，曲线在曲线的下方，C选项正确.B选项，，所以和在点处的切线方程为，所以B选项错误.D选项，当时，，令，，由于，所以，即，所以D选项错误.故选：AC36．（2023·广东广州·高三中山大学附属中学校考阶段练习）英国著名物理学家牛顿用“作切线”的方法求函数零点时，给出的“牛顿数列”在航空航天中应用广泛.若数列满足，则称数列为牛顿数列.如果函数，数列为牛顿数列，设且，数列的前项和为，则；.【答案】1023【解析】由题设，则，又，所以，又，所以是首项为1，公比为2的等比数列，则，，所以，，则.故答案为：，37．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）希腊著名数学家阿波罗尼斯与欧几里得、阿基米德齐名他发现：“平面内到两个定点的距离之比为定值的点的轨迹是圆”.后来，人们将这个圆以他的名字命名，称为阿波罗尼斯圆，简称阿氏圆.已知在平面直角坐标系中，，，点是满足的阿氏圆上的任一点，则该阿氏圆的方程为；若点为抛物线上的动点，在轴上的射影为，则的最小值为.【答案】；/.【解析】设点，，.抛物线的焦点为点，由题意知，，，.故答案为：；.38．（2023·湖北武汉·高三武汉市第六中学校联考阶段练习）甲，乙，丙三人进行传球游戏，每次投掷一枚质地均匀的正方体骰子决定传球的方式：当球在甲手中时，若骰子点数大于3，则甲将球传给乙，若点数不大于3，则甲将球保留；当球在乙手中时，若骰子点数大于4，则乙将球传给甲，若点数不大于4，则乙将球传给丙；当球在丙手中时，若骰子点数大于3，则丙将球传给甲，若骰子点数不大于3，则丙将球传给乙．初始时，球在甲手中，投掷n次骰子后（），记球在甲手中的概率为，则；．【答案】【解析】由题意，当投掷3次骰子后，球在甲手中，共有4中情况：①：甲甲甲甲，其概率为②：甲甲乙甲，其概率为③：甲乙甲甲，其概率为④：甲乙丙甲，其概率为所以投掷3次后，球在甲手中的概率为.记当投掷次骰子后，球在甲手中的概率为，再三次投掷后，即投掷次，球仍在甲手中的概率为，则，即，即又因为，当时，；当时，；当时，，所以.故答案为：；.39．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）若两个锐角，满足，则.【答案】【解析】因为，所以所以，因为，为锐角，所以有，所以，即，所以，即，因为，为锐角，所以有，即，所以故答案为：40．（2023·广东广州·高三广东实验中学校考阶段练习）如图，在矩形中，，，分别为边，的中点，分别为线段（不含端点）和上的动点，满足，直线，的交点为，已知点的轨迹为双曲线的一部分，则该双曲线的离心率为.【答案】【解析】以所在的直线为轴，线段的中垂线所在的直线为轴，建立如图所示的直角坐标系：设，则，则有，，，，，，，设，所以，，又因为，所以，所以或，又因为，所以直线的方程为：，即，同理可得直线的方程为：，即，由，可得，即，因为，，，,即有，，所以点所在双曲线方程为：，所以，所以，所以.故答案为：41．（2023·广东佛山·高三校联考阶段练习）在正四棱锥中，已知，为底面的中心，以点为球心作一个半径为的球，则平面截该球的截面面积为．【答案】【解析】由正棱锥性质知：平面，取中点，连接，作，垂足为，平面，平面，，分别为中点，，又，，平面，，平面，又平面，，又，平面，，平面，则由球的性质可知：为平面截球所得截面圆的圆心，设为该截面圆与的一个交点，连接，，，，，，又，；，，即截面圆的半径，截面圆的面积.故答案为：.42．（2023·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）已知，函数在区间[1,4]上的最大值是5，则a的取值范围是【答案】【解析】，分类讨论：①当时，，函数的