广西2024年高考物理模拟试卷及答案8

广西2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题：本大题共7小题，共28分。得分1．人工核转变是指人类通过特定的实验手段，将原子核中的质子、中子和其他粒子进行增加、减少、替换等改变，从而使原子核的性质发生变化的过程。在核反应方程24He+A．电子 B．质子 C．中子 D．α粒子2．如图是某种静电推进装置的原理图，发射极与吸板接在高压电源两端，两极间产生强电场，虚线为等势面，相邻的等势面间的电势差相等。在强电场作用下，一带电液滴由静止出发从发射极沿图中实线加速飞向吸板，a、b是其路径上的两点，不计液滴重力，下列说法正确的是A．液滴带的是负电 B．a点的电势比b点的低C．液滴在a点的加速度比在b点的小 D．液滴在a点的电势能比在b点的大3．一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻恰好传播到x=6.0 m处，波形如图所示。t=0.2 sA．简谐横波的波速大小为30 B．波源振动的周期为0.8 C．t=0.2s时，平衡位置为D．从t=0到t=2.0 s时间内，平衡位置4．如图所示为半圆形玻璃砖的横截面，直径MN与水平面平行。由两种单色光组成的细光束沿aM从MN边射入玻璃砖，细光束进入玻璃砖后分成两束光分别打到玻璃砖截面的b、c两点处(入射到b、c两点的两束单色光分别称为单色光b和单色光c)，b、cA．单色光b可能在b点发生全反射 B．在玻璃砖中，单色光b的速度比单色光c的大C．单色光b的波长比单色光c的长 D．单色光b的频率比单色光c的小5．输电能耗演示电路如图所示。左侧理想变压器原、副线圈匝数比为1:4，输入电压有效值为9 V的正弦式交流电。连接两理想变压器的导线总电阻为4 Ω，负载R的阻值为8 Ω。右侧理想变压器原、副线圈匝数比为2:1，R()A．P=16W B．P=32W C．6．某次排球比赛中，甲运动员在离地高度为h1=2.8 m处将排球水平击出；乙运动员在离地h2=1.0 m处将排球垫起，垫起后球的速度大小相等，方向相反，且与水平方向成A．排球在垫起前在空中运动的时间为0.8 B．排球水平击出时的初速度大小为6.0 C．排球与乙同学作用的过程中所受合外力冲量的大小为6.0 D．排球被垫起后运动到最高点时距离地面的高度为3.2 7．在“互联网+”时代，网上购物已经成为一种常见的消费方式，网购也促进了快递业发展。如图，一快递小哥在水平地面上拖拉一个货箱，货箱和里面快递的总质量为30 kg，货箱与地面间的动摩擦因数μ=3A．大小为100 N，方向指向左上方与水平方向成B．大小为100 N，方向指向左上方与水平方向成C．大小为150 N，方向指向左上方与水平方向成D．大小为150 N，方向指向左上方与水平方向成阅卷人二、多选题：本大题共3小题，共18分。得分8．我国的“神舟十三号”载人飞船与“天宫空间站”成功对接，顺利完成任务。假定对接前，“天宫空间站”在如图所示的轨道3上绕地球做匀速圆周运动，而“神舟十三号”在图中轨道1上绕地球做匀速圆周运动，两者都在图示平面内逆时针运转。若“神舟十三号”在轨道1上的P点瞬间改变其速度的大小，使其运行的轨道变为椭圆轨道2，并在轨道2和轨道3的切点R与“天宫空间站”进行对接，下列说法正确的是()A．“神舟十三号”应在P点瞬间加速才能使其运动轨道由1变为2B．“神舟十三号”沿椭圆轨道2从P点经Q飞向R点过程中，万有引力不做功C．“神舟十三号”沿椭圆轨道2从P点经Q飞向R点过程机械能守恒D．“天宫空间站”在轨道3上经过R点时的速度与“神舟十三号”在轨道2上经过R点时的速度大小相等9．甲、乙两辆车初始时相距1200 m，甲车在后、乙车在前，乙车在8 s时刻开始运动，它们在同一直线上做匀变速直线运动，速度A．乙车的加速度大小为0.42 m/s2 C．两辆车可能相撞 D．甲车停下时，乙车在甲车前面391 m10．如图所示，两平行光滑长直金属导轨水平放置，间距为L。abcd区域有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向竖直向上。初始时刻，磁场外的细金属杆M以初速度v0向右运动，磁场内的细金属杆N处于静止状态。两杆在磁场内未相撞且N出磁场时的速度为v04。两金属杆与导轨接触良好且运动过程中始终与导轨垂直。两杆的质量均为mA．M刚进入磁场时受到的安培力F的大小为FB．N在磁场内运动过程中通过回路的电荷量qC．初始时刻N到ab的最小距离xD．从M进入磁场到N离开磁场，金属杆N产生的焦耳热Q阅卷人三、实验题：本大题共2小题，共16分。得分11．某实验小组为了验证小球所受向心力与角速度、半径的关系，设计了如图甲所示的实验装置，转轴MN由小电机带动，转速可调，固定在转轴上O点的力传感器通过轻绳连接一质量为m的小球，一根固定在转轴上的光滑水平直杆穿过小球，保证小球在水平面内转动，直杆最外边插一小遮光片P，小球每转一周遮光片P通过右边光电门时可记录遮光片最外边的挡光时间，某次实验操作如下：（1）（1）用螺旋测微器测量遮光片P的宽度d，测量结果如图乙所示，则d=mm（2）如图甲所示，安装好实验装置，用刻度尺测量遮光片最外端到转轴O点的距离记为，测量小球球心到转轴O点的距离记为L2。开动电动机，让小球转动起来，某次遮光片通过光电门时光电门计时为t，则小球此时的角速度等于。(用字母d、t、L1、L（3）验证向心力与半径关系时，让电动机匀速转动，遮光片P每次通过光电门的时间相同，调节小球球心到转轴O点的距离L2的长度，测出每一个L2的长度以及其对应的力传感器的读数F，得出多组数据，画出F−（4）验证向心力与角速度关系时让小球球心到转轴O点距离L2不变，调节电动机转速，遮光片P每次通过光电门的时间不同，记录某次挡光时间t同时记录此时力传感器的读数F，得出多组F与t的数据，为了准确验证小球所受向心力F与角速度ω的关系，利用实验测量应画(选填“F−t”“F−t2”“12．桂林市某一中学电学实验室需要测量某电阻Rx(阻值约为A：电流表A1量程0.6AB：电流表A2量程1mAC：电压表V1量程3VD：电压表V2量程15VE：滑动变阻器R1，最大阻值1kΩF：滑动变阻器R2，最大阻值20ΩC：电源电动势3H：导线、开关若干（1）某实验小组设计了如图所示的测量电路，为了准确测量Rx的阻值，电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选。(填各器材前面的序号（2）他们根据第(1)问中所选器材的相关数据按照图示电路连接好电路，闭合开关S，然后(选填“闭合S1断开S2”或“闭合S2断开S1”)，调节RP到合适位置，分别读出电压表和电流表读数为U（3）调节RP得出多组U和I的值，算出多组Rx值，然后取平均值，此平均值即为（4）该实验小组分析了实验误差，发现测量值真实值(选填“大于”“等于”或“小于”)，于是设计了一个新的操作方案：①仍按如图所示连接好电路；②闭合S之后，再闭合S1断开S2，调节RP让电流表、电压表有合适值，读出此时的电压表读数U1；③不调动RP的位置，断开S1和S2，让电流表与Rx直接串联，读出此时电流表读数为I1；④计算得Rx的测量值为Rx=U1I1。请你分析一下这个新的操作方案有没有系统误差阅卷人四、计算题：本大题共3小题，共38分。得分13．小林同学在实验室探究气体状态变化规律，如图所示，实验室有一下端有小段软管、导热性能良好的U型管，U型管左端封闭右端开口，左管内用水银柱封闭一段气体，可看成理想气体，左端封闭的气体长度L=22 cm，左右两管水银柱高度相同都为H=28 cm，U型管的非软管部分粗细均匀，已知大气压强为（1）现将U型管右管缓慢放置水平，此过程水银柱没有溢出，此时水银柱右端离右管口的距离多大？（2）小林同学利用这个U型管和一把刻度尺，能测量不同环境的温度，他将U型管移到另一个封闭环境(如题图所示竖直放在地面上)，左端气柱长度明显变短，小林同学将右管缓慢旋转，使得左管气体长度恢复原长22 cm。此时，小林用刻度尺测出右管水银面离地面的竖直高度为22 14．质谱仪是最早用来测定微观粒子比荷qm的精密仪器，某一改进后带有速度选择器的质谱仪能更快测定粒子的比荷，其原理如图所示，A为粒子加速器，加速电压U1，B为速度选择器，其中磁场与电场正交，磁场磁感应强度为B1，两板距离为d，C为粒子偏转分离器，磁感应强度为B2，今有一比荷为k1(未知)的正粒子P，不计重力，从小孔S1“飘入”(初速度为零)，经加速后，该粒子从小孔S2进入速度选择器B，恰能通过速度选择器，粒子从小孔S3进入分离器C（1）粒子P的比荷k1（2）速度选择器的电压U2（3）另一粒子Q同样从小孔S1“飘入”，保持U2和d不变，调节U1的大小，使粒子Q能通过速度选择器进入分离器C，最后打到照相底片上的F点(在D点右侧)，测出F点与D点距离为x，则可得粒子Q比荷k2，求k215．如图所示，一足够长倾斜角θ=30°的斜面顶端放置一长木板A，木板A上表面的某处放置一小滑块B(可看成质点)，已知A和B的质量分别为2m和3m，木板A顶端与滑块B相距为L=0.9 m的地方固定一光滑小球C(可看成质点)，已知小球C的质量为m，A与B之间的动摩擦因数μ1=32，A（1）小球C与滑块B碰后瞬间各自的速度分别多大；（2）要使小球C再次碰到滑块B之前B未能滑出A下端，则木板A至少多长；（3）A和B共速时，滑块B与小球C相距多远。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】根据质量数守恒和电荷数守恒可得，X的质量数为1，电荷数为1，则X表示的是质子。

故答案为：B。

【分析】核反应方程满足质量数守恒和电荷数守恒，再根据x质量数和电荷数的关系确定x表示的粒子。2．【答案】D【解析】【解答】A、因为吸板接电源的负极，且液滴加速飞向吸板，可知液滴带正电，故A错误；

B、电场的方向由发射极指向吸板，沿电场线电势逐渐降低，可知a点的电势比b点的高，故B错误；

C、因a点的等势面较b点密集，可知a点的场强大于b点场强，则液滴在a点的加速度比在b点的大，故C错误；

D、液滴带正电，且a点的电势比b点的高，则液滴在a点的电势能比在b点的大，故D正确。

故答案为：D。

【分析】根据电源的正负极确定发射极与吸板之间的场强方向，再根据液滴的运动情况确定液滴的电性。沿电场线电势逐渐降低，等势面越密集，电场强度越大，根据液滴的电性及电势能与电势的关系确定a、b两点电势能的大小。3．【答案】D【解析】【解答】AB、t=0时，平衡位置为x=4.5m的质点A在波谷，t=0.2s第一次到达波峰，可知周期为

T=0.4s

从波形图中可知波长为

λ=6m

可知，波速为

v=λT=15m/s

故AB错误；

C、t=0时，平衡位置为x=3.0m的质点位于平衡位置，且速度沿y轴正方向，且

t=0.2s=T2

所以t=0.2s时，平衡位置为x=3.0m的质点处于平衡位置，且速度沿y轴负方向，故C错误；

D、波从x=6.0m处传到x=9.0m处需要的时间为

t1=xv4．【答案】A【解析】【解答】A、如图，

设单色光b的从玻璃射出时的折射角为γ，根据折射定律，有

n=sinθsinα，n=sinγsinβ

从图中可知，单色光b的从玻璃射出时的入射角β大于从空气射入玻璃时的折射角α，则

γ>θ

若γ≥90°，则单色光b能发生全反射，故A正确；

B、根据折射定律，可知单色光b的折射率比单色光c的大，根据

v=cn

可知在玻璃砖中，单色光b的速度比单色光c的小，故B错误；

5．【答案】B【解析】【解答】根据题意可知，升压变压器原线圈两端的电压为

U1=9V

根据原副线圈电压与匝数的关系

U1U2=n1n2

所以

U2=36V

在输电回路中，有

U2=U36．【答案】C【解析】【解答】A、排球从被击出到被垫起前做平抛运动，设其飞行时间为，有

ℎ1−ℎ2=12gt2

解得

t=0.6s

故A错误；

B、乙同学垫起排球前瞬间排球在竖直方向速度的大小为

vy=gt=6m/s

根据题目可得此时速度方向与水平方向的夹角为θ=37°，故排球被水平击出时的初速度大小为

v0=vytan7．【答案】C【解析】【解答】根据题意，设施加拉力为F，方向与水平面夹角为θ，则有

Fcosθ=μmg−Fsinθ

整理可得

F=μmgμsinθ+cosθ

由数学知识可得

F=μmgμ28．【答案】A,C【解析】【解答】A、“神舟十三号”要在P点从轨道1变为轨道2，轨道半径变大，做离心运动，“神舟十三号”应在P点瞬间加速才能使其轨道由1变为2，故A正确；

B、“神舟十三号”沿椭圆轨道2从P点经Q飞向R点过程中，其所受的万有引力与瞬时速度的夹角为钝角，万有引力做负功，故B错误；

C、“神舟十三号”沿椭圆轨道2从P点经Q飞向R点过程，只有万有引力做功，其机械能守恒，故C正确；

D、卫星要由轨道2变轨到轨道3，必须在R点加速，所以“天宫空间站”在轨道3上经过R点时的速度比“神舟十三号”在轨道2上经过R点时的速度大，故D错误；

故答案为：AC。

【分析】卫星从低轨道进入高轨道做离心运动，需要点火加速，卫星的速度变大。卫星轨道半径变大，万有引力做负功，只有万有引力做功，卫星的机械能不变。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、乙车的加速度大小为

a2=Δv2Δt2=21−050−8m/s2=0.5m/s2

故A错误；

B、甲车加速度为

a1=Δv1Δt110．【答案】B,D【解析】【解答】A、M刚进入磁场时，电路中的电流为

I=E2R=BLv02R

M刚进入磁场时受到的安培力F的大小为

F=BIL=B2L2v02R

故A错误；

B、N在磁场内运动过程，根据动量定理有

IBLΔt=m⋅v04

解得N在磁场内运动过程中通过回路的电荷量为

q=IΔt=mv04BL

故B正确；

C、N在磁场内运动过程中通过回路的电荷量为

q=ΔΦ2R=BLx11．【答案】（1）1.880（2）d（3）A（4）F【解析】【解答】（1）螺旋测微器的读数为

d=1.5mm+38×0.01mm=1.880mm

（2）遮光片通过光电门时光电门计时为t时遮光条地线速度为

v=dt

所以小球此时的角速度为

ω=vr=dL1t

（3）遮光片P每次通过光电门的时间相同，L1、d不变，则ω不变，由

F=mω212．【答案】（1）B；C；F（2）闭合S2断开（3）无（4）大于；小于【解析】【解答】（1）电路中最大电流约为

I=ERx=33000A=0.001A

故电流表选量程1mA的电流表A2，故答案为：B。

电源的电动势为3V，所以电压表选择量程3V的V1，故答案为：C。

为了便于调节，滑动变阻器选择阻值较小的R2，故答案为：F。

（2）由于

Rx>RARV

所以电流表应采取内接法，按照图示电路连接好电路，闭合开关S，然后闭合S2断开S1。

（4）由于电流表的分压，电压表的测量值偏大，电阻的测量值大于真实值。

当闭合S之后，再闭合S1断开S213．【答案】（1）对左管封闭的气体，经分析可知此状态变化过程为等温变化。初状态参数为：P右管水平放置后，设左管水银面高度降为xcm则此时左管封闭的气体状态参数为：P2=(75−V2=(由玻意耳定律有：P1V代入已知数据解得：x1=105cm(舍去，可不写出)则水银柱右端离右管口的距离为△x=（2）对左管封闭的气体，经分析可知此状态变化过程为等容变化。初状态参数为：PT1=(273+27)末状态参数为：P由查理定律有：P代入已知数据解得T则封闭环境温度为t3=(276−273)【解析】【分析】（1）旋转过程封闭气体发生等温变化，右管水平放置过程，左管水银液面将下降。根据平衡条件确定水平放置后，封闭气体压强也大气压及液面下降高度的关系，并根据几何关系确定液面下降前后封闭气体的体积。再根据玻意耳定律及几何关系进行解答；

（2）以两环境的初末状态为研究对象，则封闭气体发生等容变化。根据题意确定初始环境初始状态时封闭气体的压强和热力学温度。根据平衡条件确定末状态封闭气体的压强。再根据查理定律进行解答。14．【答案】（1）设正粒子P的电荷量为q1，质量为m1，经过加速器A匀速通过速度选择器B，以速度v进入分离器C有：qr则解得P粒子的比荷k（2）在速度选择器中，匀速直线运动有：qE联立 ① （3）另一粒子Q能通过速度选择器B，则其速度也为v。在分离器C中：q由几何关系知：r对比 ⑧式与 ②式联立 ③式、【解析】【分析】（1）粒子在加速电场中做匀加速直线运动，只有电场力做功。粒子在分离器中做匀速圆周运动，根据题意及运动轨迹确定粒子的运动半径。再分别利用动能定理及带电粒子在磁场运动洛伦兹力提供向心力进行联立解答；

（2）粒子在速度选择器中做直线运动，由于