山西省临汾市2025届高三数学下学期考前适应性训练考试试题一理含解析

PAGE22-山西省临汾市2025届高三数学下学期考前适应性训练考试试题（一）理（含解析）留意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置.2.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效.3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案用0.5mm黑色签字笔写在答题卡上.4.考试结束后将本试题和答案一并交回.一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设复数满意，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先计算出复数，即得.【详解】由题得.故选：C【点睛】本题主要考查复数的计算和共轭复数的概念，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平，属于基础题.2.已知集合，，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先化简集合A,B，再求得解.【详解】由题得或，所以.故选：C【点睛】本题主要考查一元二次不等式的解法，考查集合的交集运算，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平，属于基础题.3.已知等比数列中，，则（）A. B.4 C.或2 D.或4【答案】D【解析】【分析】由已知结合等比数列的通项公式即可求公比和，即得解.【详解】，，则，，解可得，或．所以或.所以或.故选：．【点睛】本题主要考查等比数列通项的基本量的计算，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平，属于基础题.4.一个路口的红绿灯，红灯时间为30秒，绿灯时间为30秒，绿灯时方可通过，则小王驾车到达该路口等待时间不超过10秒的概率为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】依据题意可知该题几何概型,分别求出总时间长度及满意条件的时间长度,然后依据几何概型的概率公式即可求解.【详解】本题是一个几何概型,小王驾车到达该路口的总时间长度为60秒,到达该路口等待时间不超过10秒的时间长度为40秒,因此小王驾车到达该路口等待时间不超过10秒的概率为,故选:D.【点睛】本题主要考查了与长度有关的几何概型的求解,属于基础题.5.用单位立方块搭一个几何体，使其正视图和侧视图如图所示，则该几何体体积的最大值为（）A.28 B.21 C.20 D.19【答案】D【解析】【分析】结合几何体的正视图和侧视图推断出每一层最多有多少个单位几何体即得解.【详解】结合几何体的正视图和侧视图可知，最底层最多可以有16个正方体，第2层、第3层、第4层只能各有1个单位正方体.故该几何体体积的最大值为19.故选：D【点睛】本题主要考查三视图的应用，考查学生的空间想象和视察实力，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平.6.函数，的大致图象是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】先确定函数为偶函数,解除B,D选项,再取特值即可推断最终结论.【详解】因为f(﹣x)=(﹣x)2ecos(﹣x)=x2ecosx=f(x),所以函数f(x)为偶函数,解除B､D选项,因为f(π)=π2ecosπ=π2e﹣1>0,所以解除A选项,故选:C.【点睛】本题考查函数图象的识别,难度不大.对于推断函数图象的试题,解除法是非常常用的方法,一般通过函数的奇偶性､单调性和特别值即可推断.7.若，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由基本不等式得出，再依据函数的单调性即可比较大小．【详解】当时，，且是定义域上的单调增函数，,所以，即；又，所以，即；所以．故选：．【点睛】本题主要考查了依据基本不等式和函数的单调性比较大小的问题，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平．8.如图所示的程序框图，它的算法思路源于我国古代的数学专著（九章算术），执行该框图，若输入的，，则输出的结果为（）A.2 B.6 C.8 D.12【答案】B【解析】【分析】模拟程序框图运行,即可得出结论.【详解】模拟程序框图运行,输入a=174,b=36,满意a>b,则a=174﹣36=138,满意a>b,则a=138﹣36=102,满意a>b,则a=102﹣36=66,满意a>b,则a=66﹣36=30,不满意a>b,则b=36﹣30=6,满意a>b,则a=30﹣6=24,满意a>b,则a=24﹣6=18,满意a>b,则a=18﹣6=12,满意a>b,则a=12﹣6=6,此时a=b=6,则退出循环,输出a=6,故选:B.【点睛】本题考查了算法和程序框图,主要是对循环结构的理解和运用,以及赋值语句的运用问题,属于基础题.9.已知双曲线的右焦点为，若过点且倾斜角为45°的直线与的右支有且仅有一个交点，则的离心率的取值范围为（）A B. C. D.【答案】A【解析】【分析】若过点F且倾斜角为45°的直线与双曲线的右支有且只有一个交点，则该直线的斜率的肯定值小于等于渐近线的斜率．依据这个结论可以求出双曲线离心率的取值范围．【详解】双曲线C：1（a＞0，b＞0）的右焦点为F，若过点F且倾斜角为45°的直线与双曲线的右支有且只有一个交点．则该直线的斜率的肯定值小于或等于渐近线的斜率，所以e2∴e故选：A．【点睛】本题主要考查双曲线的性质及应用，考查学生对这些学问的理解驾驭水平，属于基础题．10.已知直三棱柱中，，为上随意一点，，则三棱柱外接球的表面积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由已知可得直三棱柱的底面为等腰直角三角形,把直三棱柱补形为正方体,求出三棱柱外接球的半径,再由球的表面积公式得答案.【详解】∵三棱柱ABC﹣A1B1C1为直三棱柱,∴CC1⊥AC,∵E为AB1上随意一点,BC1⊥CE,∴BC1⊥AC,∵,∴AC⊥平面BB1C1C,∵,则直三棱柱的底面为等腰直角三角形,把直三棱柱补形为正方体,则三棱柱ABC﹣A1B1C1外接球的半径R,∴三棱柱ABC﹣A1B1C1外接球的表面积为.故选:B.【点睛】本题考查多面体外接球表面积的求法,须要学生具备肯定的空间想象实力与思维实力.11.已知函数的最大值为，当的定义域为时，的值域为，则正整数的最小值为（）A.3 B.4 C.5 D.6【答案】D【解析】【分析】函数f（x）＝asinωx+acosωxasin（ωx），由于函数f（x）的最大值为，由a＝2，解得a＝±2．当f（x）的定义域为[1，2]时，f（x）的值域为[﹣2，2]，包括最大值与最小值．若2﹣1，即ω≥2π，必定满意题意．若2﹣1，即π≤ω＜2π，ω＝4，5，6．通过验证即可得出．【详解】函数f（x）＝asinωx+acosωxasin（ωx），由于函数f（x）的最大值为，∴a＝2，解得a＝±2．当f（x）的定义域为[1，2]时，f（x）的值域为[﹣2，2]，包括最大值与最小值．若2﹣1，即ω≥2π，必定满意题意．若2﹣1，即π≤ω＜2π，ω＝4，5，6．①取ω＝6，f（x）＝±2sin（6x），66x12．6x2π（＞6）时取最大值，6x2π（＜12）时取最小值．②取ω＝5，f（x）＝±2sin（5x），55x10．5x2π（＞5）时取最大值，而5x2π10，因此不能取得最小值；同理可得ω＝4也不合题意，因此正整数ω的最小值为6．故选：D．【点睛】本题主要考查了三角函数的图象与性质、方程与不等式的解法，考查了推理实力与计算实力，属于中档题．12.已知是定义在上的可导函数，满意，，则不等式①，②，③，④中肯定成立的个数为（）A.1 B.2 C.3 D.4【答案】A【解析】【分析】依据题意构造函数x，并推断其在（0，+∞）上单调递减，然后分别算出g（1）、g（2）和g（），并利用单调性比较大小，即可推断每个选项．【详解】令x，则1，∵xf'（x）﹣f（x）＜x2，∴g'（x）＜0在（0，+∞）上恒成立，即g（x）在（0，+∞）上单调递减，∵f（1）＝1，∴，对于，即f（2）＜4，∴①错误，②正确；对于，即，∴③和④均错误；因此肯定成立的只有②，故选：A．【点睛】本题主要考查导数的综合应用，构造新函数是解题的关键，考查学生的逻辑推理实力和运算实力，属于中档题．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.13.已知向量，若与垂直，则实数________.【答案】1【解析】【分析】依据平面对量的坐标运算与共线定理，列方程求出λ的值．详解】向量，，则（1，1+λ），（﹣2，1），因为与垂直，所以故答案为：．【点睛】本题主要考查了平面对量的垂直和坐标运算问题，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平，是基础题．14.已知满意约束条件则的最大值为___________.【答案】【解析】【分析】作出可行域，z＝x2+y2表示可行域内的点到原点距离的平方，数形结合可得．【详解】作出x，y满意约束条件所对应的可行域，而z＝x2+y2表示可行域内的点P到原点距离的平方，由：，解得A（，）数形结合可得最大值为：（）2+（）2，故答案为：．【点睛】本题主要考查简洁线性规划求最值，精确作图是解决问题的关键，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平．15.已知，，则的值为________．【答案】1【解析】16.已知数列中，，其前项和满意，则_______.【答案】an．【解析】【分析】由（n﹣1）Sn﹣1﹣（n+1）Sn＝0⇒（n≥2），再利用累乘法求得，从而可求得答案．【详解】由（2﹣1）a1﹣3（a1+λ）=0，解得a1λ；由（n﹣1）Sn﹣1﹣（n+1）Sn＝0得：（n≥2），∴Sn…S1…λ（n≥2），适合n=1.所以.当n=1时，a1λ当n≥2时，an＝Sn﹣Sn﹣1，不适合n=1.an．故答案为：an．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题；每个考生都必需作答.第22、23题为选考题，考生依据要求作答.（一）必考题：共60分.17.的内角的对边分别为已知向量与共线.（1）求；（2）若，求面积的最大值.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）先由向量平行的坐标表示转化三角关系，然后结合二倍角及协助角公式进行化简即可求解；（2）结合余弦定理及三角形的面积公式即可求解．【详解】（1）因为，所以，所以，即，即.因为，所以，故，即.（2）由余弦定理，得，又，而，则，即（当且仅当时等号成立），所以（当且仅当时等号成立），所以面积的最大值为.【点睛】本题主要考查了和差角公式、二倍角公式及协助角公式在三角化简中的应用，还考查了余弦定理及三角形的面积公式的应用．18.如图，四棱锥中，为等边三角形，，且.（1）求证：平面平面；（2）求二面角的余弦值.【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）依据边角关系，求出CD⊥AD，由AD⊥CD，推断出CD⊥平面PAD，再证明出结论；（2）取AD中点O，则PO⊥AD，由（1）知，PO⊥平面ABCD，如图，以O为坐标原点建立空间直角坐标系，求出平面BCP和平面CDP的法向量，利用夹角公式求出即可．【详解】（1）证明：因为，所以，即.因为为等边三角形，所以.因为，所以，即.又因为，所以平面，又因为平面，所以平面平面.（2）解：取中点，则，由（1）知，平面.如图，以为坐标原点建立空间直角坐标系，则，.设平面的法向量为，平面法向量为，则可取.可取.，所以二面角的余值为.【点睛】本题主要考查线面垂直的判定定理和面面垂直的判定定理，考查了向量法求二面角的余弦值，考查运算实力和逻辑推理实力．19.某限制器中有一个易损部件，该部件由两个电子元件按图1方式连接而成.已知这两个电子元件的运用寿命（单位：小时）均听从正态分布，且各个元件能否正常工作相互独立.（一个月按30天算）（1）求该部件的运用寿命达到一个月及以上的概率；（2）为了保证该限制器能稳定工作，将若干个同样的部件按图2连接在一起组成集成块.每一个部件是否能正常工作相互独立.某开发商打算大批量生产该集成块，在投入生产前，进行了市场调查，结果如下表：集成块类型成本销售金额ⅠⅡⅢ其中是集成块运用寿命达到一个月及以上的概率，为集成块运用的部件个数.报据市场调查，试分析集成块运用的部件个数为多少时，开发商所得利润最大？并说明理由.【答案】（1）（2）当时，利润取最大值；详见解析【解析】【分析】（1）设元件1的运用寿命达到一个月及以上为A事务，元件2的运用寿命达到一个月及以上为B事务．由题意知，，且A事务与B事务相互独立，由此能求出该部件的运用寿命达到一个月及以上的概率；（2）求出n＝1,2,3,4,5,6,7时由此能求出当n＝6时，W取最大值40．【详解】（1）设元件1的运用寿命达到一个月及以上为事务，元件2的运用寿命达到一个月及以上为事务.由题意知，，且事务与事务相互独立，所以，.（2）当时，；当时，；当时，；当时，；当时，；当时，；当时，.设所得利润为W，则有：当时，取最大值40.【点睛】本题主要考查概率、最大利润的求法，考查相互独立事务概率乘法公式等基础学问，考查运算求解实力，是中档题．20.已知圆，为上随意一点，，的垂直平分线交于点，记点的轨迹为曲线.（1）求曲线的方程；（2）已知点，过直线交于两点，证明：直线的斜率与直线的斜率之和为定值.【答案】（1）（2）证明见解析【解析】【分析】（1）由PF的中垂线可得GP＝GF，而GP+GE＝PE＝4，进而可得G的轨迹为椭圆；且可得F，E为椭圆的焦点，PE的长为长轴长，进而求出椭圆的方程；（2）设直线MN的方程，与椭圆联立求出两根之和及两根之积，进而求出直线SM，SN的斜率之和，将之和及之积代入，由由于Q在直线上，可得参数的关系，进而可得斜率之和为定值．【详解】（1）因为点在的垂直平分线上，所以.而，所以动点满意，椭圆定义可知，点在以、为焦点的椭圆上，且，所以，所以曲线的方程为.（2）由题意知直线斜率存在.设其方程为，，，联立方程组代入消元并整理得：，则，.，将直线方程代入，整理得：，韦达定理代入化简得：.因为直线过点，所以，代入，得.【点睛】本题主要考查求轨迹方程的方法及直线与椭圆的综合应用，意在考查学生对这些学问的理解驾驭水平，属于中档题．21.已知函数.（1）探讨的单调性；（2）若存在实数，使，求实数的范围.【答案】（1）答案不唯一，详细见解析（2）【解析】【分析】（1）求导，分类探讨即可求得单调性状况；（2）分a＝0，a＜0及a＞0三种状况探讨即可求得实数a的取值范围．【详解】（1）函数的导函数为，当时，函数在上单调递增；当时，函数在上单调递增，在上单调递减；当时，函数在上单调递减，在上单调递增.（2）当时，，有，不符合题意；当时，由（1）知，由在单调递增，且知，①当时，由（1）知，此时恒成立，不符合题意；②当时，，（预备：很简洁证明，而，所以，，即，所以，.）由，有，即.所以存在，使得满意题意.当时，由（1）知，由在上单调递减，且知，当时，恒成立，不满意题意；当时，，（预备：很简洁证明，而，所以，，即，所以，.）由，有，即，所以存在，使得满意题意.综上所述，的取值范围