上海市上海外国语大学附属上外高中2025届物理高二第一学期期中监测试题含解析

上海市上海外国语大学附属上外高中2025届物理高二第一学期期中监测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路中，电源的内电阻不能忽略．已知定值电阻R1＝10Ω，R2＝8Ω．当开关S接到位置1时，电压表V的示数为3V；当开关S接到位置2时，电压表V的示数可能为（）A．3.2V B．2.8V C．2.4V D．2V2、下列说法正确的是A．牛顿提出了万有引力定律，并测得了引力常量G的数值B．“北斗”导航卫星的发射速度大于第二宇宙速度C．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，并总结出了右手螺旋定则D．所有行星绕太阳运动轨道都是椭圆，它运动的轨道半径的三次方与周期的平方之比为常数，此常数的大小与行星的质量无关3、某电场的分布如图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面。A、B、C三点的电场强度分别为、、,电势分别为、、,关于这三点的电场强度和电势的关系,下列判断中正确的是(

)A．,B．,C．,D．,4、如图所示，有两个穿着溜冰鞋的人站在水平冰面上，当其中某人A从背后轻轻推另一个人B时，两个人会向相反的方向运动．不计摩擦力，则下列判断正确的是（）A．A、B的质量一定相等B．推后两人的动能一定相等C．推后两人的总动量一定为零D．推后两人的速度大小一定相等5、下列说法正解的是（）A．电场中某点的电场强度与试探电荷无关B．导体的电阻率由导体材料、导体长度及导体横截面积决定C．电源的电动势是描述电源把电势能转化成其他形式的能的本领大小的物理量D．由电容的定义式可知，C与Q成正比、与U成反比6、如图所示，质子和α粒子）以相同的初动能垂直射入偏转电场（不计粒子重力），则这两个粒子射出电场时的偏转位移y之比为（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、蓄电池的电动势为2V,干电池的电动势为1.5V，这表明()A．在相同的时间内蓄电池比干电池转化更多的化学能B．在相同的电量通过电池时，蓄电池比干电池转化更多的化学能C．在相同的电流通过电池时，蓄电池比干电池转化更多的化学能D．蓄电池转化化学能的本领比干电池大8、一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．该金属导线的电阻变为原来的2倍B．该金属丝的电阻率变为原来4倍C．自由电子定向移动的平均速率为D．通过金属导线的电流为9、回旋加速器的核心部分如图所示，两个D形盒分别与交变电源的两极相连．下列说法正确的是（）A．D形盒之间电场力使粒子加速B．D形盒内的洛伦兹力使粒子加速C．增大交变电压的峰值，最终获得的速率v增大D．增大磁感应强度，最终获得的速率v增大10、为查明某地的地质灾害，在第一时间紧急调动了8颗卫星参与搜寻。“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面(或海洋)目标。下面说法正确的是()A．轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小B．轨道半径减小后，卫星的环绕速度增大C．轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小D．轨道半径减小后，卫星的环绕周期增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某实验小组想通过实验测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供的实验器材如下：待测干电池E（电动势约为1.5V，内阻约为3Ω）直流电流表A1（量程0~0.6A，内阻约0.5Ω）直流电流表A2（量程0~3A，内阻约0.1Ω）电压表V1（量程0~2V，内阻约为2000Ω）电压表V2（量程0~6V，内阻约为6000Ω）滑动变阻器R1（最大电阻20Ω，额定电流2A）滑动变阻器R2（最大电阻200Ω，额定电流1A）电阻箱R3（最大电阻99.9Ω，额定电流1A）开关、导线若干（1）若用伏安法测电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精确度且便于调节，应选择的电流表是________，电压表是________，滑动变阻器是________．（2）请将图甲中实物连接成实验电路________________．（3）若用伏安法测电源电动势和内阻时，电流表现了故障，不能使用，实验小组如想方便且能较准确地进行测量，需将实验进行改进，只需去掉电流表，将上述器材中的________换成________即可．（4）请在图甲所示的方框中画出改进后的实验电路图___________．甲乙（5）实验小组在改进后的实验中得到了多组路端电压和外电阻的数据，对所得数据进行处理后，在坐标纸上作出了如图乙所示图线．由图线得出：干电池的电动势E=________V，内阻r=________Ω．（结果保留两位有效数字）12．（12分）用如图所示的游标卡尺测量一物体的长度，由图可知物体的长度为________mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，AB、CD为两平行金属板，A、B两板间电势差为U，C、D始终和电源相接，测得其间的场强为E.一质量为m、电荷量为q的带电粒子(重力不计)由静止开始经AB加速后穿过CD发生偏转，最后打在荧光屏上．已知C、D极板长均为x，荧光屏距C、D右端的距离为L，问：（1）粒子带正电还是带负电？（2）粒子射入偏转电场时的速度v0的大小?（3）粒子打在荧光屏上的位置距O点下方多远处？14．（16分）如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，闭合电键S后，标有“8V，12W”的灯泡恰能正常发光，电动机M绕组的电阻R0=4Ω，求：（1）电源的输出功率P；（2）通过电动机M的电流IM；（3）电动机的输出功率P出．15．（12分）如图所示，在足够长的两条平行金属导轨的左端接有一个定值电阻R0，两导轨间的距离L＝0.5m，在虚线的区域内有与导轨平面垂直的匀强磁场，磁感应强度B＝0.2T，虚线间的距离s＝1.0m．完全相同的金属棒ab、cd与导轨垂直放置，两棒间用2.0m长的绝缘轻杆连接．棒与导轨间无摩擦，两棒电阻皆为r＝0.3Ω，导轨电阻不计．已知R0＝2r．现用一外力从图示位置水平向右拉cd棒，使两棒以v＝5.0m/s的速度向右匀速穿过磁场区域．求：(1)从cd棒刚进磁场到ab棒刚离开磁场的过程中通过ab棒的电流大小和方向；(2)从cd棒刚进磁场到ab棒刚离开磁场的过程中拉力做的功；(3)若cd棒刚进入磁场时将水平外力去掉，经一段时间cd棒离开磁场，求此段时间内通过cd棒的电量．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

由闭合电路欧姆定律可知，开关接1时，电压表示数①；开关接2时，电压表示数②，得：，由于，可得，故B正确．2、D【解析】

A．牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许测得了引力常量G的数值，选项A错误；B．“北斗”导航卫星的发射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，选项B错误；C．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，安培总结出了右手螺旋定则，选项C错误；D．根据开普勒行星运动定律可知，所有行星绕太阳运动轨道都是椭圆，它运动的轨道半径的三次方与周期的平方之比为常数，此常数的大小与行星的质量无关，选项D正确。3、B【解析】根据电场线的疏密程度表示场强的大小，由图可知A处电场线比B处密，所以EA>EB根据沿电场线电势越来越低可知：，故B正确。点晴：解决本题关键理解电场线的疏密程度表示场强的大小和沿电场线电势越来越低。4、C【解析】

以两人组成的系统为研究对象，不计摩擦力系统的合外力为零，系统的动量守恒．A推B之前系统的总动量为1，则推之后两人的总动量一定为1．取A的速度方向为正方向，由动量守恒定律有mAvA-mBvB=1，即有mAvA=mBvB,可得所以推后两人的动量大小一定相等，质量不一定相等，则动能不一定相等，速度大小与质量成反比，故ABD错误，C正确．故选C.【点睛】解决本题的关键是掌握动量守恒的条件：合外力为零，判断出两人组成的系统动量守恒，运用动量守恒定律列式分析．5、A【解析】

A项：电场中某点的电场强度取决于电场本身的性质与试探电荷无关，故A项正确；B项：导体的电阻率由导体本身的性质决定，故B项错误；C项：电源电动势是描述电源把其他形式的能转化为电势能的本领大小的物理量，故C项错误；D项：电容器的电容只取决于电容本身的性质，与其所带的电荷量，两板间的电压无关，故D错误．6、B【解析】

水平方向：x=v0t竖直方向：而初动能：，联立可得：可知y与q成正比，两个粒子射出电场时的偏转位移y之比为1:2，故B正确，ACD错误。故选：B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：根据W=UIt=Uq,因为蓄电池的电动势大于干电池，所以在相同的电量通过电池时，蓄电池比干电池转化更多的化学能，蓄电池转化化学能的本领比干电池大，选项BD正确。考点：电源的电动势。8、CD【解析】

AD．将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律可知，电流I变为原来的，故A错误，D正确；B．金属丝的电阻率与金属丝的长度无关，所以电阻率不变，故B错误；C．电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，，则自由电子定向移动的平均速率为，故C正确。9、AD【解析】

带电粒子在D形盒的中间缝隙中受电场力作用，使粒子加速，选项A正确；D形盒内的洛伦兹力只是使带电粒子的速度方向发生改变，不能使粒子加速，选项B错误；设D形盒的半径为R,则当粒子加速结束时满足：，即，故增大磁感应强度，最终获得的速率v增大，选项C错误，D正确．10、BC【解析】

AB．根据万有引力提供向心力有解得，所以半径减小后，卫星的环绕速度增大，故A错误，B正确；CD．根据万有引力提供向心力有得，所以轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小，故C正确，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1V1R1R1R31.72.5【解析】

（1）由于电源电动势为1.5V，因此电压表选V1即可；而回路的电流不会太大，因此电流表选A1，根据电压表和电流表可选出滑动变阻器为R1；（2）测电源电动势和内电阻的测量电路见答案图1；（3）将滑动变阻器改为电阻箱，即用“安阻法”测电源电动势和内电阻；（4）电路如见答案图2；（5）根据闭合电路欧姆定律，整理得，图象与纵轴的截距为电动势的倒数，而与横轴的截距的绝对值等于内电阻倒数即可求得电动势和内电阻，代入数据解得E=1.7V，r=2.5Ω．12、29.8mm【解析】

[1]该游标卡尺为10分度，最小精确度为，读数为29mm+8×0.1mm=29.8mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）正电（2）（3）【解析】（1）粒子向下偏转，电场力向下，电场强度方向也向下，所以粒子带正电．（2）设粒子从A、B间出来时的速度为，则有，解得（3）设粒子离开偏转电场时偏离原来方向的角度为φ，偏转距离为y.在水平方向有在竖直方向有，其中解得所以粒子打在荧光屏上的位置离O点的距离为14、（1）16W（2）（3）3W【解析】

电动机的输出功率等于输入功率减去发热功率．由功率公式和功率关系求解；由公式P=UI求出灯泡的电流．由欧姆定律求出总电流，从而得到通过电动机M的电流．【详解】(1)灯泡恰能正常发光，可知外电路有：U外=8V由E=U外+U内得：U内=E-U外=12-8=4V

总电流为：所以电源的输出功率为：；(2)由PL=ULIL得灯泡的电流为：故有：IM=I-IL=（2-1.5）A=0.5A；(3)电动机输入功率为：P入=UIM=8×0.5W=4W发热功率为：由P入=P出+P热得：P出=P入-P热=3W．【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律以及功率公式，要注意电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，不能根据欧姆定律求其电流．要明确电动机的输出功率等于输入功率与热功率的差值．15、（1），（2）（3）