2025届安徽省六安某中学高三年级上册模拟预测物理试题（含解析）

六安一中2025届高三年级国庆假期作业

物理试卷

一、单项选择题：本题共7小题，每小题5分，共35分.在每小题给出的四个选项中，只有一个

选项是符合要求的.

1.踢毯子是一种深受学生喜爱的体育运动.在无风天气里，毯子受到的空气阻力大小与其下落的速度大小成

正比.一毯子从很高处由静止竖直下落到地面的过程中，运动的时间为K下落的高度A速度大小为V、重力

势能为。、动能为£心以地面的重力势能为零.则下列图像中可能正确的是（）

EPK

2.如图所示，由4、8组成的双星系统，绕它们连线上的一点做匀速圆周运动，其运行周期为T,/、8间的

距离为L它们的线速度之比上=2,则（）

M2

A.48角速度比为：—=-B.4s质量比为：——=—

①B1MB1

4万2万4/万

C.Z星球质量为：M=--D.两星球质量之和为:M+M=

AGT2ABGT2

3.2016年8月21日巴西里约奥运会女排决赛,中国女排再现不屈不挠的“女排精神”，用顽强意志杀出一条血

路，最终3-1力克劲旅塞尔维亚队，时隔12年后再获奥运金牌，己知：排球场总长为18m,球网高度为

2m,若朱婷站在离网3m的线上（图中虚线所示）正对网前跳起将球水平击出（速度方向垂直于球网），

设击球点在3m线正上方且击球高度为3m处，朱婷击球的速度在什么范围内才能使球即不触网也不越

界.（不计空气阻力，重力加速度大小g取10m/s?）（）

A.3V5m/s<v<4V15m/sB.2V5m/s<v<3V5m/s

C.3V^m/s<v<3Vr^m/sD.v>4V15m/s

4.一端连在光滑固定轴上，可在竖直平面内自由转动的轻杆，另一端与一小球相连，如图甲所示.现使小球

在竖直平面内做圆周运动，到达某一位置开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度匕随时间f的变

化关系如图乙所示，不计空气阻力，下列说法中正确的是（）

A.4时刻小球通过最高点,4时刻小球通过最低点

B.72时刻小球通过最高点，时刻小球通过最低点

C.匕大小一定大于吃大小，图乙中S］和S2的面积一定相等

D.匕大小可能等于%大小，图乙中E和S2的面积可能不等

5.如图所示，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，物块48用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量

和摩擦）.初始时刻，2、8处于同一高度并恰好静止.剪断轻绳后，下落、8沿斜面下滑，则从剪断轻绳到

物块分别落地的过程中，两物块（）

A,落地时速度相同B.运动时间相同

C.重力势能的变化量相同D.重力的平均功率相同

6.如图所示，一个质量为用的箱子（可看作质点）在水平推力厂的作用下恰好静止在倾角为。的斜面顶端,

斜面底边长度为L重力加速度为g.下列说法正确的是（）

A.若斜面光滑，则相、F、。之间的关系式为尸=」蟹

tan。

B.若斜面光滑，撤去尸后，箱子滑到底端时重力的功率R=mgJ2gL•tan©

C.若斜面光滑，保持斜面的底边长度£不变，改变斜面的倾角。，当。=45°时，箱子从斜面顶端自由下滑

到底端所用的时间最短

D.若箱子与斜面之间的摩擦因数为〃，撤去尸后，箱子沿斜面下滑的加速度。与箱子的质量"有关

7.2023年12月21日，我国航天员们经过约7.5个小时的出舱活动顺利完成了天和核心舱太阳翼修复试验等既

定任务.天和核心舱运行轨道离地高度约为400km,地球表面的重力加速度为g=10m/sz,天和核心舱绕

地球做匀速圆周运动的周期约为90min,地球半径约为R=6400km,下列说法正确的是（）

A.修复试验过程中航天员不受重力作用

B.修复试验过程中航天员受到的地球的万有引为大小约为在地面受到地球万有引力大小的巳

4

C.航天员可能经历最短的黑暗时段约为核心舱运行周期的八分之三

D.修复试验过程航天员可能看到5次太阳升起

二、多项选择题：本题共2小题，每小题6分，共12分.在每小题给出的选项中，有多项符合题

目要求.全部选对的的6分，选不全的得4分，有选错的得0分.

8.如图所示，水平转台两侧分别放置48两物体，质量均为加，到转轴O。'的距离分别为2L、L,

Z、8两物体间用长度为31的轻绳连接，绳子能承受的拉力足够大，A,8两物体与水平转台间的动摩擦因

数均为〃，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.开始时绳刚好伸直且无张力，当水平转台转动

的角速度逐渐增大时，下列说法正确的是（）

O

3

爵［品

A.当转台转动的角速度大于时，细绳上一定有拉力

B.当转台转动的角速度大于时,8可能不受摩擦力

C.整个过程中，N与转台间的摩擦力先增大后减小

D.整个过程中，8与转台间的摩擦力先增大后减小

9.如图所示，装置8。。可绕竖直轴转动，可视为质点的小球/与两细线连接后分别系于8、C两点,

装置静止时细线4B水平，细线NC与竖直方向的夹角。=37°.已知小球的质量机=1kg,细线ZC长

£=1m,5点距C点的水平和竖直距离相等（重力加速度g取10m水2,sin37°=0.6,cos37。=0.8）,则

o

o*

5亚

A.若装置匀速转动的角速度为。=——rad/s时，细线48上的张力为零而细线NC与竖直方向夹角仍为

2

37°

5-J225

B.若装置可以以不同的角速度匀速转动,且角速度。＜----rad/s时,细线NC张力T=^N

22

5行

C.若装置可以以不同的角速度匀速转动,且角速度0〉----rad/s时,细线AC上张力T与角速度的平方

2

NC成线性关系

且角速度。＜W5rad/s时,

D.若装置可以以不同的角速度匀速转动,细线4B上张力不变

3

10.如图所示，M为定滑轮，一根细绳跨过一端系着物体C,另一端系着一动滑轮N,动滑轮N两侧分别

悬挂着4、8两物体，已知8物体的质量为3kg,不计滑轮和绳的质量以及一切摩擦，若C物体的质量为

6kg,则关于C物体的状态下列说法正确的是（）

"小JL

地相

A.当N的质量取值合适，C物体有可能处于平衡状态

B.无论/物体的质量是多大，C物体不可能平衡

C.当N的质量足够大时，C物体不可能向上加速运动

D.当N的质量取值合适，C物体可以向上加速也可以向下加速运动

三、非选择题：（每空3分，共15分）

11.某同学利用如图甲所示的装置验证动能定理，固定并调整斜槽，使它的末端。点的切线水平，在水平地

面上依次铺放好木板、白纸、复写纸，将小球从不同的标记点由静止释放，记录小球到达斜槽底端时下落的

高度打，并根据落点位置测量出小球平抛的水平位移x.改变小球在斜槽上的释放位置，进行多次测量，记录

数据如下：

（1）已知斜槽倾角为。，小球与斜槽之间的动摩擦因数为〃，斜槽底端离地的高度为力不计小球与水平槽

之间的摩擦，小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是;

（2）以〃为横坐标，以为纵坐标，在坐标纸上描点作图，如图乙所示：由第（1）、（2）问，可以

得出结论：在实验误差允许的范围内，小球运动到斜槽底端的过程中，合外力对小球所做的功等于动能变化

量.

（3）受该实验方案的启发，某同学改用图丙的装置实脸.他将木板竖直放置在斜槽末端的前方某一位置固

定，仍将小球从不同的标记点由静止释放，记录小球到达斜槽底端时下落的高度〃，并测量小球击中木板时

平抛下落的高度“，他以〃为横坐标，以为纵坐标,描点作图，使之仍为一条倾斜的直线，也达到了

同样的目的.

12.为了测量滑块与长木板间的动摩擦因数，某同学设计了如图Q）所示的实验装置.长木板固定在水平桌

面上，力传感器固定在竖直的墙上，光电计时器的光电门固定在竖直支架上，绕过动滑轮的两段绳处于水平

（两滑轮光滑且滑轮和绳质量不计），悬挂的重物上固定一窄遮光条.滑块质量为重物和遮光条的总质

量为m现将滑块拉到某一位置，静止释放滑块，重物牵引滑块向左运动，测量并记录释放时遮光条中心到

光电门之间的距离X以及遮光条通过光电门时的遮光时间和力传感器示数尸，多次改变滑块释放的位置，重

复上述操作，并记录多组相应的x和△/值.已知重力加速度为g.

（1）用20分度的游标卡尺测量出遮光条的宽度目如图（6）所示，d=mm；

（2）以x为纵坐标，」行为横坐标，画出x-—二图像是一条通过坐标原点的倾斜直线，直线的斜率为

（4）2（加了

k,则滑块运动的加速度a=,滑块与长木板间的动摩擦因数〃=.（用已知量和题中所给的

物理量71/、加、d、F、上表示）

四、解答题（第11题18分，第12题20分）

13.如图，质量为1kg、足够长的长木板/静止在光滑水平面上，质量为2kg的物块8以大小为20m/s的水

平初速度%向右滑上48滑上，的同时给2施加一个水平向左大小为E=10N的恒定拉力，己知物块与木板

间的动摩擦因数为〃=0.5,重力加速度g取10m/s?,求:

%

F二*

<~~

(1)施加拉力后一瞬间，小物块和木板的加速度大小；

(2)物快8相对长木板向右运动的最远距离；

(3)从物块8滑上/至4回到开始的位置所用的时间.

14.如图所示，半径为尺的半圆柱体放在水平地面上，48为过圆心。的直径.一质量为加小球从P点以速度

%水平抛出，垂直落在半径为R的半圆柱体表面上的0点，AAOQ=60°.重力加速度为g.求：

(1)小球到达。点时的重力功率；

(2)小球从P到。过程中重力做功；

(3)若碰撞过程中无机械能损失，且小球运动反向，则再经过多长时间，小球落地.

15.如图所示为竖直平面坐标系X。中的装置.四分之三的光滑细管轨道ZE尸的半径为凡圆心为O],接

收面4BC由倾角。=45°的斜面4s和四分之一的圆弧面组成，已知斜面上端/点位于原点。的正上方

2R处,且紧靠细管口；圆弧面的半径为3火，圆心Q在8点的正上方.在y轴上某处将质量为加的小球尸

(可视为质点)由静止释放，小球进入细管轨道后从最高点尸水平抛出.已知小球从释放开始到任意位置均

满足：常量(恒定不变)，其中y和v分别表示小球所到位置的纵坐标和速度，g为重力加速度，

(1)若小球在y=57?处由静止释放，求小球经过最低点£时对细管轨道的压力大小；

(2)要使小球能打在接收面45上，求小球释放点的y坐标的范围；

(3)请写出小球释放点的竖直坐标y与打在接收面ABC上的水平坐标x之间的函数关系.(不考虑小球打到

接收面后的反弹)

六安一中2025届高三年级国庆假期作业

物理试卷参考答案

1.A

【详解】AB.毯子在下落过程中，受到空气阻力大小与其下落的速度大小成正比，则加g-卜=加。由于合

力逐渐减小，则加速度逐渐减小，最后加速度可能减小为零，即速度先增大后不变，则〃-，图像的斜率先增

加后不变，故A正确，B错误；

C.设健子原来距地面的高度为卬则其重力势能表达式为£p=mg（8-为线性关系，线〃图像是向

下倾斜的直线，故c错误；

D.由动能定理可知片.=（mg-雇）〃可知心-〃图像的斜率开始阶段是减小的，最后可能不变，故D错

误.故选A.

2.D

【详解】A、万有引力提供双星做圆周运动的向心力，他们做圆周运动的周期T相等，根据。='可知角速

T

度之比为1:1,故A错；

BCD、根据y=or,4=2,可知两星球运动的半径之比为2=2:1

V2马

GMM

由牛顿第二定律得:解得：

1}GT23GT2

_4%23272

GMM,“C2万丫M8年

同理:X

2GT2~3GT2

且…E+R4-/rM1

所以4B质量比为一^=—故BC错；D对;

12

3GT3GT-GTMB2

综上所述本题答案是：D

【点睛】双星受到的万有引力大小相等，周期相同，万有引力提供做圆周运动的向心力，应用牛顿第二定律

分别对每一个星体列方程，然后求出双星的质量

3.A

1,

【详解】球被击出后做平抛运动，根据/Z=5g/得/=

X

则击球的最大速度也=-t2m/s=4jFm/s为了使球不触网，则“二工8片

V152

5

解得，=2x(3-2)-s--s则击球的最小速度为"=「=，^m/s=3V5m/s

105t必

V

则击球的速度范围为3j^m/s<v<4jFm/s故A正确，BCD错误.故选A.

【点睛】在处理平抛运动时，关键是知道将平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由

落体运动，两个运动具有等时性，即运动时间相同，然后列式求解.

4.A

【详解】AB.小球在竖直平面内做圆周运动，最高点和最低点的速度方向都水平且相反，，根据圆周运动的

方向可知，在最高点速度方向为正，在最低点速度方向为负，另外，最高点和最低点合外力都指向圆心，水

平方向合外力为零，因此反应在图乙中的速度一时间图像中，最高点和最低点所对应的图像在该位置的斜率

为零，即水平方向加速度为零，而根据圆周运动的对称性可知，最低点和最高点两侧物体在水平方向的速度

应具有对称性，因此，根据图乙可知，4时刻小球通过最高点，与时刻小球通过最低点，故A正确，B错误；

CD.竖直面内的圆周运动，在最高点时速度最小，最低点时速度最大，因此看<%而对小球的运动过程进

行分析可知，E表示小球从最低点到圆周的最左边的水平位移大小，$2表示小球从圆周最左边到最高点的

水平位移的大小，显然S］和$2的面积相等，故CD错误.故选A.

5.D

【详解】A.剪断轻绳后/自由下落，2沿斜面下滑，45都只有重力做功，根据机械能守恒定律得

—mv2=mgh得v=个2gh

可知两个物体落地速度大小相等，但方向不同，所以落地速度不同，故A错误；

B.对A根据动力学公式得入=,也

2VS

对B根据动力学公式-sin熊则得%=—J—故B错误；

sin，2BBsin，\g

C.未剪断细绳前，WmAg=mBgsin0

故两者的质量不同，下落高度相等，重力势能变化量?=mg力

故重力势能变化量不同，C错误;

D.可知运动时间不同，重力的平均功率为2=

由于机人g=机1380人。故重力的平均功率相同，故D正确.故选D.

6.C

【详解】A.若斜面光滑，箱子受到竖直向下的重力，水平向右的推力和垂直于斜面向上的支持力，则由三

角形定则可得tan6=£解得/=//jgtan，A错误；

B.若斜面光滑，撤去产后，箱子受到竖直向下的重力垂直于斜面向上的支持力，由动能定理可得

L1

mgsin0-----=—加/一。箱子滑到底端时重力的功率为2-mgvsin0

cos32

联立解得PG=mgsin%/2g£.tan,错误；

C.若斜面光滑，保持斜面的底边长度£不变，撤去尸后，箱子受到竖直向下的重力和垂直于斜面向上的支持

2

力，由牛顿第二定律可得mgsine=ma由匀变速直线运动规律可得—=-at联立解得t=A轨改

cos6*2\gsin20

变斜面的倾角。，当sin29=l即。=45。时，箱子从斜面顶端自由下滑到底端所用的时间最短，C正确；

D.若箱子与斜面之间的摩擦因数为〃，撤去尸后，箱子受到竖直向下的重力、平行于斜面向上的摩擦力和垂

直于斜面向上的支持力，由牛顿第二定律可得机gsin。-〃机geos8=ma解得$。=gsin，一〃geos，因止匕

箱子沿斜面下滑的加速度。与箱子的质量机无关，D错误.故选C.

7.D

【详解】A.修复试验过程中航天员仍受重力作用，只是重力完全提供向心力，故A错误；

Mm

B.根据瑞1=G?

航天员到地心的距离与在地面到地心的距离之比为2=680°km=—

R6400km16

则，修复试验过程中航天员受到的地球的万有引力大小与在地面受到地球万有引力大小之比为

——=丁=二巴故B错误；CD.设天和核心舱绕地球做匀速圆周运动的周期约为T=90min=L5h修复试

4/289

验所用时间为/=7.5h=5T所以，修复试验过程航天员可能看至IJ5次太阳升起，航天员可能经历最短的黑暗

时段约为/黑=5x二故C错误，D正确.故选D.

黑2

8.AB

【详解】A.N物体转动的半径较大，/与转台间先达到最大静摩擦力，此时绳刚好伸直且无张力.

则有/nmg=mco2,2L解得co-

2L

故当丝时，绳上无拉力，当丝时，绳上一定有拉力.故A正确;

2L2L

C.当。＞、丝时，4与转台间一直为最大静摩擦力，保持不变，故C错误;

BD.当①>、件&时,对4、3物体有T+〃加g=加口？.2乙T+/=L解得/=〃mg-m①2L

V2_Z>

当/=0时刃=等〉｛答故。当增大时，8与转台间的摩擦力先减小后增大.故B正确，D错误.故选

AB.

9.ABC

【详解】A.若细线48上张力恰为零且细线4C与竖直方向夹角仍为37。时，根据牛顿第二定律得

5亚

加gtan370=加可2£sin370解得用=；—rad/s故A正确;

5-J2

B.若装置可以以不同的角速度匀速转动，且角速度刃＜——rad/s时，此时对小球，在竖直方向有

2

25

TACCOS37°=加g解得普。=—N故B正确;

5行

CD.当角速度刃＞；—rad/s且逐渐增大时，对于小球，在水平方向上有心cSin9=%Q2£sin。

即TAC=marL即细线幺。上的张力T与角速度。的平方成线性关系；当角速度

3=上，rad/s＞之，2rad/s时，根据牛顿第二定律可得mgtan6=mai^LsinG解得cos0=0.6

。'=53。此时细线48恰好竖直，且张力为零；当外＞拽rad/s时，细线48上有张力，对小球做分析,

3

水平方向上有TACsin53°=机。Ysin53°竖直方向上有TACcos53°=mg+TAB

则TAC=marL即细线NC上的张力T与角速度。的平方成线性关系；TAB随角速度m的增加也增大.

故C正确，D错误.故选ABC.

10.AD

【详解】AB.首先取2、8连接体为研究对象，当4的质量远远小于3的质量，则8以接近重力加速度做向下

的加速运动，8处于失重状态，细绳的最小拉力接近为零；当月的质量远远大于3的质量时，贝帕以接近重力加

速度向上做加速运动，8处于超重状态，细绳的最大拉力接近3的重力的两倍，故此时细绳拉C的最大拉力为3

的重力的4倍，故当/的质量取值合适，C的质量在大于零小于12kg之间都有可能处于平衡，故A正确，B错

误;

CD.结合以上的分析，当细绳对C拉力小于C的重力时C产生向下的加速度，当细绳对C的拉力大于C的重力

时C产生向上的加速度，故D正确，C错误.故选AD.

11.1-2H=—x2-

tan。d

【详解】（1）设小球离开斜槽时的速度为v,根据平抛运动的规律得：x=vt,y=^gt2

1旦小球在斜槽上滑下过程中，重力和摩擦力做功，则合力做的功为:

联立得：v=x

2y

H

W-mgH-/Limgcos6•———=mgH1---

sin6\tan8

1

小球动能的变化量A&=—mv9

k2

Y2

则小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是mgH1-品=mg——,即

4y

1-上H=

tan。i

（2）根据上题结果可知，以a为横坐标，以必为纵坐标，在坐标纸上描点作图.

（3）根据平抛运动的规律有:

x2

则动能定理表达式为：mgH

4d

所以以〃为横坐标，以L为纵坐标，描点作图，使之仍为一条倾斜的直线；

d

【点睛】本题关键利用平抛运动的知识求得小球到达斜槽的末速度，从而写出动能定理表达式，要能根据数

学知识灵活选择坐标.

d22Fd2

12.2.40—

4k

【详解】（1）[1]由图示游标卡尺可知，其示数为2mm+8x0.05mm=2.40mm

（2）[2]滑块经过光电门时的速度n=4

At

d2

滑块做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为对重物有

屋11屋屋

整理得X=±X—1所以X-一二图像的斜率左=^则加速度。=J

4aAt2(Ar)4a4k

llr\「i2

[3]对滑块由牛顿第二定律得2F-//Mg=Ma=M仁解得〃=---------

4kMg4kg

13.(1)10m/s2,10m/s2；(2)10m；(3)(4+2A/3)S

【详解】(1)施加拉力后一瞬间，对小物块由牛顿第二定律得尸+〃机8=机力

解得小物块的加速度大小q=10m/s2

施加拉力后一瞬间，对木板由牛顿第二定律得〃Mg=M&解得4=10m/s2

(2)物块2滑上木板向右做匀减速运动，木板向右做匀加速运动，二者达到共同速度时％-a/1解得

.=ls物块向右运动的位移X1-；印；=i5m木板向右运动的位移々=；4彳=5m物块3相对长木板

向右运动的最远距离Ax=xl-x2=10m

(3)物块与木板达到共同速度时的速度丫=。2%=10m/s

物块与木板达到共同速度后，由于尸=〃机g

2

所以物块与木板一起匀减速运动,由牛顿第二定律得F=(M+m)a3解得«3=ym/s

VV

速度减小到零的时间力=—=3s向右运动的位移&=—4=15m

一a32

物块与木板速度减小到零后向左一起匀加速运动，加速度大小为%=/=^m/s2

A回到开始的位置/+&=g解得‘3=2cs

所以从物块8滑上/至^回到开始的位置所用的时间/=4+%+片=1S+3s+2Gs=(4+2百)s

14.(1)V3mgv0；(2)之叫；⑶曲叱且

2g

【详解】(1)小球落在尸的竖直方向的分速度大小为。=%tan60°=6%

重力的功率P=mgvy=V3mgv0

y2，2q

(2)根据v；=2g/z可得力=」=—过重力功%=mgh=—mv；

2*2*2

(3)小球反弹后按原路返回，竖直速度仍为％,则上升到最高点的时间=3=乂也