高三物理二轮复习理综选择题提速练三

理综选择题提速练(三)一、选择题(此题共13小题，每题6分。在每题给出四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求)1．以下有关细胞构造和功能描述，错误是()A．细胞核是mRNA合成和加工场所B．溶酶体能合成多种酶，包括DNA水解酶C．核孔是生物大分子可以选择进出通道D．细胞器在细胞质分布与其细胞功能相适应解析：选B细胞核是mRNA合成和加工场所；溶酶体内含多种水解酶，但不能合成水解酶；核孔具有选择性，是RNA和蛋白质等大分子物质进出细胞核通道，但DNA不能通过；细胞器种类和细胞器在细胞中分布与细胞功能相适应。2．在过氧化氢酶催化下，H2O2分解释放O2与愈创木酚反响生成茶褐色产物；O2产生越多，溶液颜色越深。为探究pH对酶活性影响，某研究小组运用比色法，测定了5min内茶褐色产物量变化，结果如图。以下表达错误是()A．先将过氧化氢酶和反响物分别加缓冲液处理，一段时间后再混合B．依据0～1min曲线斜率，可比拟不同pH条件下酶活性C．pH5～8缓冲液处理组，反响完毕时产物相对量是不同D．在pH为3缓冲液中过氧化氢酶因空间构造被破坏而失活解析：选C该题探究pH对酶活性影响，应先将底物和酶到达环境所处pH，再将一样pH条件下酶和底物混合；依据0～1min曲线斜率，可比拟不同pH条件下酶活性，斜率越大，酶活性越高；探究pH对酶活性影响，底物量为无关变量，各组要一样，pH5～8缓冲液处理组，最终产物相对量是一样；过酸、过碱都会使酶因空间构造被破坏而失活。3．如图为某细胞一个DNA分子中a、b、c三个基因分布状况，图中Ⅰ、Ⅱ为无遗传效应序列。有关表达正确是()A．该DNA片段中含有3个起始密码子B．a中碱基对缺失，属于染色体构造变异C．c中碱基对假设发生变化，生物体性状不一定会发生改变D．在减数分裂四分体时期，b与c可发生穿插互换解析：选C起始密码子位于mRNA上，不是位于DNA上；a中碱基对缺失，属于基因突变；c中碱基对发生变化，由于密码子简并性，生物体性状不一定会发生改变；在减数分裂中穿插互换发生在同源染色体非姐妹染色单体之间。4．如图表示植物激素对某植物果实发育、成熟、衰老和脱落调节作用，甲、乙、丙代表不同植物激素。以下说法正确是()A．激素甲对细胞伸长生长具有促进作用B．高浓度生长素可以防止落花落果C．果实成熟时激素乙直接参与细胞内代谢活动D．激素丙在幼嫩组织和器官中含量较多解析：选A根据图示分析，激素甲是赤霉素，对细胞伸长生长具有促进作用；生长素作用具有两重性，高浓度生长素可以促进落花落果；激素不能直接参与代谢，只起调节代谢作用；激素丙是脱落酸，在萎蔫叶片和将要脱落组织和器官中含量较多。5．以下关于细胞生命历程表达，错误是()A．细胞分化实质是基因选择性表达B．衰老细胞内水分减少，代谢速率减慢C．原癌基因主要功能是阻止细胞发生异常增殖D．细胞凋亡是由基因所决定细胞自动完毕生命过程解析：选C细胞分化实质是基因选择性表达；衰老细胞内水分减少，代谢速率减慢；原癌基因调节细胞周期，控制细胞生长和分裂过程，抑癌基因主要是阻止细胞不正常增殖；细胞凋亡是由基因所决定细胞自动完毕生命过程。6．在圣露西亚岛有两种植物靠一种蜂鸟传粉。一种植物花蕊蜜管直而短，另一种那么弯而深。雌鸟长鸟喙适于在弯曲长筒状花蕊蜜管中采蜜，雄鸟短鸟喙适于在短小笔直花蕊蜜管中采蜜。以下相关表达错误是()A．雌雄蜂鸟在不同植物上采蜜缓解了雌雄蜂鸟间种内斗争B．两种植物花蕊蜜管形态差异是因蜂鸟采蜜导致变异C．花蕊蜜管形态与鸟喙长度相适应是长期自然选择结果D．蜂鸟性别比例和种群密度会影响两种植物种群密度解析：选B题干信息告知同种雌雄蜂鸟采蜜不同植物，食物来源不同，可缓解种内斗争；可遗传变异产生根本上来自于遗传物质本身变化，蜂鸟采蜜只属于环境因素；根据现代进化理论认为，现存生物之间适应关系是共同进化结果，是长期自然选择结果；蜂鸟采蜜同时会帮助植物传粉，不同性别蜂鸟采蜜不同植物，所以蜂鸟性别比例及其种群密度对于两种植物种群密度会有影响。7．化学与环境、工农业生产等密切相关，以下表达正确是()A．光化学烟雾与大量排放碳氢化合物和氮氧化合物有关B．肼、氨、甲醇等燃料电池热值远高于其直接燃烧热值C．室内装修用硅藻泥主要成分为硅酸盐D．石油减压分馏、煤气化、海水制镁等过程中都包含化学变化解析：选A光化学烟雾与大量排放碳氢化合物和氮氧化合物有关，A项正确；热值是指某种燃料完全燃烧放出热量与其质量之比，是一种物质特定性质。燃料热值与燃料种类有关，与燃料质量和燃烧状况无关，B项错误；室内装修用硅藻泥主要成分为二氧化硅，C项错误；石油减压分馏属于物理变化，不包含化学变化，D项错误。8．以下表述和方程式书写都正确是()A．表示乙醇燃烧热热化学方程式(ΔH绝对值正确)：C2H5OH(l)＋3O2(g)=2CO2(g)＋3H2O(g)ΔH＝－1367.0kJ·mol－1B．向NH4Al(SO4)2溶液中参加Ba(OH)2溶液使SO42－完全沉淀：Al3＋＋2SO42－＋2Ba2＋＋4OH－=AlO2－＋2BaSO4↓＋2H2OC．用浓盐酸酸化KMnO4溶液与H2O2反响，证明H2O2具有复原性：2MnO4－＋6H＋＋5H2O2=2Mn2＋＋5O2↑＋8H2OD．用硫酸酸化橙色重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液与乙醇作用生成乙酸和草绿色三价铬，可以用于检测是否酒后驾驶：2Cr2O72－＋3C2H5OH＋16H＋→4Cr3＋＋3CH3COOH＋11H2O解析：选DA项，水应为液体，表示乙醇燃烧热热化学方程式为C2H5OH(l)＋3O2(g)=2CO2(g)＋3H2O(l)ΔH＝－1367.0kJ·mol－1，错误；B项，向NH4Al(SO4)2溶液中滴入Ba(OH)2溶液恰好使SO42－完全沉淀，硫酸铝铵与氢氧化钡物质量之比为1∶2，反响生成一水合氨和氢氧化铝沉淀，正确离子方程式为2Ba2＋＋NH4＋＋Al3＋＋2SO42－＋4OH－=Al(OH)3↓＋NH3·H2O＋2BaSO4↓，错误；C项，用浓盐酸酸化KMnO4溶液与H2O2反响，由于酸性高锰酸根离子能够氧化氯离子，干扰了实验，无法证明H2O2具有复原性，可以用稀硫酸酸化，错误；D项，硫酸酸化橙色重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液具有强氧化性，能够氧化乙醇，同时生成乙酸和草绿色三价铬，可以用于检测是否酒后驾驶，反响离子方程式为2Cr2O72－＋3C2H5OH＋16H＋→4Cr3＋＋3CH3COOH＋11H2O，正确。OOH9.屠呦呦因对青蒿素研究而获得诺贝尔生理学或医学奖。青蒿素可以青蒿酸(构造简式如下图)为原料合成，以下关于青蒿酸说法中正确是()A．分子式为C15H24O2B．属于芳香族化合物C．能发生取代反响和加成反响D．分子中所有原子可能共平面解析：选C由题图中青蒿酸构造简式可以看出，其分子式为C15H22O2，A项错误；青蒿酸分子中不含苯环，不属于芳香族化合物，B项错误；分子中含有羧基，能发生酯化反响(属于取代反响)，含有碳碳双键，能发生加成反响，C项正确；分子中含有甲基，所有原子不可能共平面，D项错误。10．完成以下实验所选择装置或仪器(夹持装置已略去)不正确是()选项ABCD实验灼烧纯碱观察焰色反响用CCl4提取溴水中Br2从KI和I2固体混合物中回收I2除去氯气中氯化氢装置或仪器解析：选C灼烧固体，应用坩埚，且需要在坩埚上面放置一个外表皿来回收升华出I2，C项错误。11．短周期元素a、b、c、d原子序数依次增大，c、a、b最外层电子数为等差数列，公差为2，a、c价电子数之和为6，d核外电子数等于b核外电子数加8。以下表达错误是()A．a和b可形成气态化合物B．c原子半径小于d原子半径C．b和c形成化合物为离子化合物D．a和d最高价氧化物水化物均呈酸性解析：选B根据提供信息，可以推断出a为C，b为O，c为Mg，d为S。C、O可以形成气态化合物CO、CO2等，A项正确；Mg、S同周期，原子半径：Mg＞S，B项错误；MgO为离子化合物，C项正确；C、S最高价氧化物水化物分别为H2CO3、H2SO4，均呈酸性，D项正确。12．以下实验中，对应现象以及结论都正确且两者具有因果关系是()选项实验现象结论A向浓硝酸中参加铁片，充分反响后参加铜粉有气体生成，溶液呈蓝绿色浓硝酸将Fe氧化为Fe3＋，生成NO2，Cu与Fe3＋反响生成Cu2＋、Fe2＋B将铝条插入1.0mol·L－1硝酸汞溶液中，几分钟后，取出铝条铝条外表形成白色“毛刷〞铝能置换出单质汞，汞破坏了铝外表氧化物薄膜，里面铝不断与空气中氧气反响C外表变黑银器浸泡到盛有食盐水铝制容器中，当银器与铝接触时银器立即变得光亮如新铝与银器在食盐水中构成原电池，铝作负极，硫化银失电子被氧化成单质银D将0.1mol·L－1MgSO4溶液滴入NaOH溶液至不再有沉淀产生，再滴加0.1mol·L－1CuSO4溶液白色沉淀逐渐变为浅蓝色Ksp[Cu(OH)2]＞Ksp[Mg(OH)2]解析：选B向浓硝酸中参加铁片，铁片被钝化，有气体生成且溶液呈蓝色，是因为浓硝酸与Cu发生了氧化复原反响，A项错误；将铝条插入硝酸汞溶液中，铝置换出汞，破坏了铝外表氧化膜，取出铝条后铝与空气中氧气反响，但外表汞阻挡了氧化膜形成，氧化铝向上生长，形成白色“毛刷〞，B项正确；银器光亮如新，是因为铝作负极，银器作正极，正极上Ag2S发生复原反响：Ag2S＋2e－=2Ag＋S2－，C项错误；白色沉淀转化为浅蓝色沉淀，说明Cu(OH)2比Mg(OH)2更难溶，故Ksp[Cu(OH)2]＜Ksp[Mg(OH)2]，D项错误。2含量，右图为某种氧电化学传感器原理示意图。在测定O2含量过程中，电解质溶液质量保持不变。一定时间内，假设通过传感器待测气体为aL(标准状况)，某电极增重了bg。以下说法正确是()A．Pt上发生氧化反响B．Pb上电极反响式为4OH－－4e－=O2↑＋2H2OC．反响过程中转移OH－bmolD．待测气体中氧气体积分数为eq\b,a)解析：选D该装置为原电池，Pt为正极，Pt上发生复原反响，A项错误；Pb为负极，电极反响式为Pb－2e－＋2OH－=PbO＋H2O，B项错误；根据Pb－2e－＋2OH－=PbO＋H2O，Pb电极增重bg，知转移OH－物质量为eq\f(bg,16g·mol－1)bmol，C项错误；Pb电极增加质量等于待测气体中氧气质量，那么V(O2)＝eq\f(bg,16g·mol－1)×eq\f(1,2)×22.4L·mol－1bL，那么待测气体中O2体积分数为eq\bL,aL)＝eq\b,a)，D项正确。二、选择题(此题共8小题，每题6分。在每题给出四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分。)14.如下图，一只用绝缘材料制成半径为R半球形碗倒扣在水平面上，其内壁上有一质量为m带正电小物块，在竖直向上电场力F＝2mg作用下静止在距碗口eq\f(4,5)R高度处。小物块与碗之间动摩擦因数为μ，g为重力加速度，那么碗对小物块弹力与摩擦力大小分别为()mgmg mgμmgC．mg和μmg D．mgmg解析：选A对小物块受力分析如下图，根据题意可知，弹力FN与竖直方向夹角为θ，将所有力正交分解可知FNcosθ＋fsinθ＋mg＝F，FNsinθ＝fcosθ，又sinθ＝0.6，cosθ＝0.8，联立解得FNmg，fmg，因此A正确，B、C、D错误。15．研究说明，3亿年前地球自转周期约为22小时。这说明地球自转在减慢，假设这种趋势会持续下去，地球其他条件都不变，那么未来()A．近地卫星运行速度比现在小B．近地卫星向心加速度比现在小C．地球同步卫星线速度比现在大D．地球同步卫星向心加速度比现在小解析：选D设同步卫星质量为m，轨道半径为r，地球质量为M，那么有：Geq\f(mM,r2)＝meq\f(4π2r,T2)＝meq\f(v2,r)＝mω2r＝ma向，得周期为：T＝2πeq\r(\f(r3,GM))，线速度为：v＝eq\r(\f(GM,r))，角速度为：ω＝eq\r(\f(GM,r3))，向心加速度a向＝eq\f(GM,r2)，由题意知，近地卫星运行半径不变，所以运行速度不变，向心加速度也不变，故A、B错误；假设自转在减慢，那么同步卫星周期变大，那么知，其轨道半径r增大，那么线速度v减小，角速度ω减小，向心加速度减小，故C错误，D正确。16.如下图为氢原子能级图，现有一群处于n＝3激发态氢原子，那么这些原子()A．发出光子最小能量是0.66eVB．发出光子最大能量是12.75eVC．能辐射出2种不同频率光子D．由n＝3跃迁到n＝1时发出光子频率最高解析：选D由n＝3向n＝2能级跃迁所辐射光子能量最小，Emin＝－1.51eV－(－3.4eV)＝1.89eV，A错误；由n＝3向n＝1能级跃迁所辐射光子能量最大，Emax＝－1.51eV－(－13.6eV)＝12.09eV，B错误；辐射光子能量最大，辐射光子频率最高，D正确；从n＝3向低能级跃迁可辐射出3种不同频率光子，C错误。17.(2021·怀化三模)如下图，闭合开关S后，A、B、C三灯发光亮度一样，此后向上移动滑动变阻器R滑片，那么以下说法中正确是()A．三灯电阻大小是RA＞RC＞RBB．三灯电阻大小是RA＞RB＞RCC．A灯变亮、C灯变亮，B灯变暗D．A灯变亮、B灯变暗，C灯变暗解析：选BA灯电压大于C灯、B灯电压，而三灯实际功率相等，由P＝eq\f(U2,R)可知：RA＞RC，RA＞RB。C灯电流大于B灯电流，两灯实际功率相等，由P＝I2R可得：RC＜RB。那么得：RA＞RB＞RC。故A错误，B正确。当滑动变阻器R滑片向上滑动时，变阻器在电路中电阻增大，外电阻增大，总电流减小，电源内电压减小，路端电压增大，通过A灯电流增大，那么A灯变亮；由于总电流减小，而通过A灯电流增大，那么通过C灯电流减小，C灯变暗。C灯电压减小，而路端电压增大，那么B灯电压增大，B灯变亮。故C、D错误。18．如下图，A、B两个一样球处于高为H同一高度由静止释放，A做自由落体运动，B先沿固定光滑四分之一圆弧运动，从圆弧面抛出后做平抛运动，假设B球落地时重力做功瞬时功率是A球落地时重力做功瞬时功率一半，那么圆弧轨道半径为(忽略小球大小)()A.eq\f(1,4)H B.eq\f(3,4)HC.eq\f(1,2)H D.eq\f(1,3)H解析：选B由机械能守恒定律可知，两个球落地时速度大小相等，设球质量为m，球落地时速度大小为v，那么A球落地时重力做功瞬时功率P1＝mgv，设B球落地时速度与竖直方向夹角为θ，那么mgvcosθ＝eq\f(1,2)mgv，解得：θ＝60°；由此可知，小球做平抛运动速度v0＝vsin60°＝eq\f(\r(3),2)v，再由机械能守恒定律可知：mgR＝eq\f(1,2)mv02＝eq\f(3,4)·eq\f(1,2)mv2，对A由机械能守恒可得：mgH＝eq\f(1,2)mv2，解得：R＝eq\f(3,4)H；故B正确，A、C、D错误。A、B两点中点处，由静止开场运动，设AB足够长，物体运动加速度随时间变化图像如下图。设指向A方向为加速度正方向，假设用v、W分别表示物体运动速度、合外力对物体做功，那么从t＝0开场，以下图像能正确反映v、W变化规律是()解析：选AD物体做加速度随时间周期性变化直线运动，奇数秒加速度为正方向，偶数秒加速度为负方向。因为物体从静止开场运动，一开场做向A初速度为零匀加速直线运动，1s末，v＝at＝1m/s，F＝ma，s＝eq\f(1,2)at2＝0.5m。接下来，加速度反向，即以刚刚末速度为初速度做匀减速直线运动，经一样时间速度刚好为零。再继续运动时，加速度a又为正方向，故又重新加速。综上所述，物体将一直向正方向运动，应选项A正确；位移始终为正，但F方向时正时负，由W＝Fs可知合外力对物体做功时正时负，应选项D正确。20．(2021·衡水模拟)如图甲所示，质量为m物块放在竖直升降机地板上，升降机从静止开场匀加速运动一段距离s后，速度为v，测得物块对地板压力大小为F，改变升降机加速度，匀加速运动一样距离，可以得到多组对应v与F，作出F­v2关系图像，如图乙所示，那么以下说法正确是()A．当地重力加速度为eq\f(c,2s)B．当v2＝c时，物块一定处于完全失重状态C．物块质量m＝eq\f(2b,cs)D．d＝2b解析：选AD由题图乙可知，v2＝c时，F＝0，升降机和物块仅在重力作用下匀加速运动，那么由v2＝2gs，可知g＝eq\f(c,2s)，选项A正确；由图像可知，F＝d时，v2＝c，此时物块具有向上加速度，处于超重状态，选项B错误；由v2＝2as可知，加速度a＝eq\f(v2,2s)，那么F合＝eq\f(mv2,2s)，即|F－mg|＝eq\f(mv2,2s)，知图线纵轴截距表示重力，得m＝eq\f(b,g)＝eq\f(2bs,c)，选项C错误；当v2＝c，F＝0时，物块对地板压力为零，a＝g，当v2＝c，F