云南省红河州2025届高二物理第一学期期末统考模拟试题含解析

云南省红河州2025届高二物理第一学期期末统考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在通有恒定电流螺线管内有一点P，过P点的磁感线方向一定是A.从螺线管的N极指向S极 B.放在P点的小磁针S极受力的方向C.静止在P点的小磁针N极指的方向 D.与螺线管垂直2、如图所示电路，在平行金属板M，N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度v0射入电场并打在N板的O点。改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则（）A.该粒子带正电B.减少R2，粒子还能打在O点C.减少R1，粒子将打在O点右侧D.增大R1，粒子在板间运动时间不变3、如图所示，条形磁铁竖直放置，一水平圆环从磁铁上方位置M向下运动，到达磁铁上端位置N，套在磁铁上到达中部P，再到达磁铁下端位置Q，后来到达下方L。圆环在M→N→P→Q→L过程中，穿过圆环的磁通量变化情况是（）A.变大，变小，变大，变小B.变大，变大，变小，变小C.变大，不变，不变，变小D.变小，变小，变大，变大4、跳台滑雪是利用自然山形建成的跳台进行的滑雪运动之一，起源于挪威．运动员脚着特制的滑雪板，沿着跳台的倾斜助滑道下滑，借助下滑速度和弹跳力，使身体跃入空中，在空中飞行约4-5秒钟后，落在山坡上．某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中()A.所受合外力始终为零 B.所受摩擦力大小不变C.合外力做功一定为零 D.机械能始终保持不变5、如图所示圆形区域内，有垂直于纸面方向的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准圆心射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，这些粒子在磁场中的运动时间有的较长，有的较短，若带电粒子在磁场中只受磁场力的作用，则在磁场中运动时间越长的带电粒子（）A.速率越小 B.速率越大C.速度偏转角越小 D.在磁场中的周期一定越大6、如图所示，一个金属薄圆盘水平放置在竖直向上的匀强磁场中，下列做法能使圆盘中产生感应电流的是（）A.圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动 B.圆盘以某一速度竖直移动C.圆盘在磁场中向右匀速平移 D.匀强磁场均匀增强二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，磁感应强度为B的矩形磁场区域长为，宽为L，甲、乙两电子沿矩形磁场的上方边界从A点射入磁场区域，甲、乙两电子分别从D点和C点射出磁场，则甲、乙两电子在磁场运动的过程中（）A.速率之比为1：4 B.角速度之比为1：3C.路程之比为4：3 D.时间之比为3：18、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知，，、，将一带电量为的正电荷从A点移到C点，电场力做功，则下列说法正确的是（）A.C点电势为2VB.电场强度E沿AB方向由，大小为200N/CC.该正电荷在B点具有的电势能为D.将该正电荷从C点移到B点，电势能增加了9、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为、内电阻为，、为定值电阻，为滑动变阻器，，为电容器，Ⓐ、Ⓥ为理想电流表和理想电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是A.电压表示数变大B.电流表示数变小C.电源的输出功率增大D.电容器C所带电荷量增多10、如图所示，在通过等量异号点电荷的直线上有a、b两点，二者位置关于负电荷对称，两电荷连线的中垂线上有c、d两点．一带电粒子（重力不计）以垂直连线的初速度自a点向上入射，初速度大小为v1时，沿轨迹1到达c点；初速度大小为v2时，沿轨迹2到达d点．下列说法正确的是A.四个点中a点电场强度最大B.四个点中d点的电势最低C.粒子到达连线中垂线的速度大小vc>vdD.粒子置于a点时的电势能小于置于b点时的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，螺旋测微器的读数为______mm，游标卡尺的读数为______mm。12．（12分）在测定电源电动势和内电阻实验中，选择合适的器材组成如图所示的电路（1）将电阻箱R阻值调到R1=28Ω时，电压表读数为U1=1.4V，将电阻箱R阻值调到R2=13Ω时，电压表读数为U2=1.3V，根据这两组数据求得电源电动势E=___V；内电阻r=___Ω．（保留两位有效数字）（2）多次改变电阻箱的电阻R，读出对应的电压表读数U，然后用图象法处理数据，以电压表读数U为纵轴，以为横轴，做出图象得到一条直线．电动势等于图象的___；内电阻等于图象的___四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，左侧为两块长为L=10cm，间距cm的平行金属板，加V的电压，上板电势高;现从左端沿中心轴线方向入射一个重力不计的带电微粒，微粒质量m=10-10kg，带电量q=+10-4C，初速度v0=105m/s;中间用虚线框表示的正三角形内存在垂直纸面向里的匀强磁场B，三角形的上顶点A与上金属板平齐，BC边与金属板平行，AB边的中点P1恰好在下金属板的右端点.求:（1）带电微粒从电场中射出时的速度大小和方向（2）带电微粒进入中间三角形区域后，要垂直打在AC边上，则该区域的磁感应强度B是多少?14．（16分）在电场中把电荷量为2.0×10－9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功为－2.0×10－7J，再把电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0×10－7J。(1)A、B间，B、C间，A、C间的电势差各是多大？(2)把－1.5×10－9C的电荷从A点移到C点，静电力做多少功？电势能变化了多少？15．（12分）如图，在平面直角坐标系xoy内，第一象限存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E；第四象限某一区域内存在垂直于坐标平面向外的圆形有界匀强磁场．现有一重力不计的带正电的粒子，从M（0，）点，以速度v0垂直于y轴射入电场，刚好经过P（2h，0）点进入第四象限，经过圆形有界匀强磁场某一区域，最后从圆形有界匀强磁场的边界Q（2h，-3h）点以垂直于y轴的方向射出该磁场．求：（1）带电粒子的比荷；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）满足题设条件圆形有界匀强磁场最小面积

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由右手螺旋定则知P点磁感线方向向右，右侧为螺线管的N极，故A错误；某点磁感线的方向为放在P点的小磁针N极受力的方向，故B错误；磁感线方向是静止在P点的小磁针N极指的方向，故C正确，P点磁感线的方向与螺线管平行，故D错误．所以C正确，ABD错误2、B【解析】A．根据电路可知，电容器上极板带负电，下极板带正电，即场强方向向上，因为粒子向下偏，所以可知受向下的电场力，场强方向跟电场力方向相反，所以粒子带负电，故A错误；B．减少R2，不会影响板间场强，所以粒子还能打在O点，故B正确；C．减少R1，可以增大两极板间的间电势差，可知场强变大，则粒子所受电场力增大，所以粒子将打在O点左侧，故C错误；D．增大R1，可以减小两极板间的间电势差，可知场强变小，粒子将打在O点右侧，水平位移增大，根据x=vt，则运动时间增长，故D错误。故选B。3、B【解析】圆环从M到N过程中，穿过线圈的磁感线条数增多，则磁通量变大；由N到中部P的过程，线圈包含了所有的内部磁感线及部分外部磁感线，内外磁感线相互抵消；因越到中间外部磁感线越少；故本过程磁通量变大；而P→Q的过程是N到中部P的过程的相反过程，磁通量变小；Q→L的过程中远离磁铁，磁通量变小；ACD错误；B正确。故选B。4、C【解析】运动员做曲线运动，合力方向与速度不共线；运动员所受的摩擦力等于重力沿曲面向下的分量；根据动能定理可知合外力做功；运动员的动能不变，势能减小，则机械能减小.【详解】运动员做曲线运动，合力方向与速度不共线，所受的合力不为零，选项A错误；运动员所受的摩擦力等于重力沿曲面向下的分量，可知运动员沿AB下滑过程中，摩擦力减小，选项B错误；根据动能定理可知，动能的变化量为零，可知合外力做功一定为零，选项C正确；运动员的动能不变，势能减小，则机械能减小，选项D错误；故选C.5、A【解析】D.由周期公式；由于带电粒子们的B、q、m均相同，所以T相同，故D错误；ABC.根据可知，在磁场中运动时间越长的带电粒子，圆心角越大，半径越小，由知速率一定越小，A正确，BC错误6、D【解析】A．保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，A错误；B．圆盘以某一速度竖直移动时，穿过圆盘的磁通量不变；不产生感应电流；故B错误；C．圆盘在磁场中向右匀速平移时，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，故C错误；D．使匀强磁场均匀增加，穿过线圈的磁通量增加，产生感应电流，故D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A.根据几何关系可知，甲的轨道半径为，乙的轨道半径为2L，根据公式因此解得，速度之比等于半径之比，因此甲乙速率之比为1：4，故A正确；B.根据公式解得角速度之比为1:1，故B错误；C.根据几何关系可知，甲的圆心角为，乙的圆心角为，因此其路程分别为，因此路程之比为3:16，故C错误；D.根据公式可知，甲乙电子运动周期相同，因此其运动时间跟圆心角有关，即解得，其运动时间之比为3：1，故D正确。8、BC【解析】A.AC之间的电势差为结合UAC=φA-φC将φA=0V代入得：φC=-2V故A错误；B．若过C点作AB的垂线，垂足为D，则交点D为AB的四等分点，可知D点电势为-2V，因此，CD为等势线，场强方向垂直于CD，即电场强度E沿AB方向由A→B，场强大小为：故B正确；C.该正电荷在B点具有的电势能为：EpB=qφB=4×10-5×（-8）J=-3.2×10-4J故C正确。D.CB间的电势差为：UCB=φC-φB=-2V-（-8）V=6V将该正电荷从C点移到B点，电场力做功为：WCB=qUCB=4×10-5×6J=2.4×10-4J电场力做正功，则电势能减少了2．4×10-4J，故D错误。故选：BC。9、AC【解析】A.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大。故A正确；B.电阻R2两端的电压：U2=E−I(R1+r)，I增大，则U2变小，流过R2的电流减小，则电流表示数变大，故B错误；C.据题：r<R1，当外电路总电阻减小时，内外电阻更加接近，电源的输出功率增大。故C正确；D.由于U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小。故D错误。故选：AC10、AD【解析】A．结合该题图以及等量异种电荷的电场的分布（如图1所示）可知在中垂线上的cd两点中，c点的电场强度要大，但是小于O点的电场强度，由电场的叠加可知a点的电场强度要比b点的大，同时a点的要比O点的大，所以四个点中a点电场强度最大，故A正确；B．根据电势的分布，四个点中c、d两点电势为零；a、b两点电势为负值，其中b点的电势最低，故B错误；C．在竖直方向上，沿轨迹2的位移要大些，所以v2＞v1从a到c和从a到d电场力做的正功相同，所以会有vc＜vd故C错误；D．因a、b两点的位置关于负电荷对称，结合该题图以及等量异种电荷的电势分别图（如图2所示）可知a点的电势高于b点的电势；粒子从a点射出后向正电荷靠拢，可知粒子带负电，所以粒子置于a点时的电势能小于置于b点时的电势能，故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、①.6.123②.50.90【解析】[1]螺旋测微器的固定刻度读数6.0mm，可动刻度读数为固定刻度读数+可动刻度读数等于最终读数，即[2]游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第18个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标尺读数为主尺读数+游标尺读数等于最终读数，即【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。12、①.1.5②.2.0③.纵轴截距④.斜率的绝对值【解析】由闭合电路欧姆定律，分别研究电阻箱电阻为R1和R2的情况，列出含有电动势和内阻的方程组求解；由图象中的截距的含义及闭合电路的欧姆定律的表达式要求得电动势和内电阻【详解】（1）由闭合电路欧姆定律可知：E＝U+Ir＝U+r，根据题意可知：E＝1.4+r，E＝1.3+r，解得：E＝1.5V，r＝2.0Ω（2）由图示电路图可知，电源电动势：E＝U+Ir＝U+r，整理得：U＝E﹣r，则U﹣图象与纵轴的截距等于电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻【点睛】本题是一道电学测定某电源的电动势和内电阻实验题四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）m/s；出场速度v垂直于AB边（2）T【解析】(1)粒子在电场中偏转，有:①沿电场方向，有:②③射出电场时速度大小为:④速度方向与v0方向偏角θ，有:⑤联①②③④⑤式，代入数据解得射出电场时速度大小m/s⑥速度方向与v0方向偏角θ=⑦即:出场速度v垂直于AB边。(2)由(1)知，粒子射出磁场时侧移，⑧代入数据，解得:⑨即刚好从P1点进入磁场，故磁场中轨道半径为:⑩又因为，粒子在磁场中，有:代入数据，解得:T14、(1)，，；(2)，【解析】(1)把电荷量为2.0×10－9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功为－2.0×10－7J，据得＝－100V