浙科版高三生物一轮复习必修2专题六第2讲孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律课件

专题六遗传的基本规律第2讲孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律必修2

遗传与进化精读课本盘点基础知识一、两对相对性状杂交实验的分析1．观察现象，提出问题分离黄色和圆形分离

实验过程结果分析提出问题：(1)F2中为什么会出现新的性状组合呢？(2)F2中不同性状的分离比(9∶3∶3∶1)与一对相对性状杂交实验中F2的3∶1的数量比有联系吗？2．提出假设，解释现象(1)理论解释①两对相对性状分别由____遗传因子控制。②F1在产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以________。③F1产生的雌配子和雄配子均有4种类型：______________________，其比例为____________。④受精时，雌、雄配子随机结合。雌、雄配子的结合方式有__种，基因型有_种，表型有_种，且比例______________。两对自由组合YR、Yr、yR、yr1∶1∶1∶116949∶3∶3∶1(2)遗传图解3．根据假设，演绎推理

YRYryR

yr

YyRrYyrryyRrYyrr

黄色皱形绿色圆形绿色皱形1∶1∶1∶14．完成实验，验证推理F1黄色圆形豌豆植株与绿色皱形豌豆植株进行测交实验，所得到的子代中，不管F1作母本还是父本，子代中黄色圆形、黄色皱形、绿色圆形、绿色皱形的比值均接近1∶1∶1∶1，与演绎推理的结果一致，说明了孟德尔的解释是正确的，即他的________。5．总结规律，得出结论在F1形成配子时，控制两对相对性状的两对等位基因彼此____，同时非等位基因________。即等位基因的____与非等位基因的________是彼此独立、互不干扰的。

假设成立分离自由组合分离自由组合二、自由组合定律的实质1．细胞学基础

2．实质：同源染色体上的________彼此分离的同时，非同源染色体上的__________自由组合。3．发生时间：减数第一次分裂后期。4．适用范围(1)真核生物________的细胞核基因的遗传。(2)位于____________上的非等位基因(即独立遗传的______________的非等位基因)。

等位基因非等位基因有性生殖非同源染色体两对及两对以上[注意点]

(1)个数≠种类数；雌配子数≠雄配子数。4种雌配子比例相同，4种雄配子比例相同，但雄配子数远远多于雌配子数。(2)雌、雄配子的随机结合(受精作用)≠自由组合。(3)只有非同源染色体上的非等位基因能自由组合，同源染色体上的非等位基因不能自由组合。(4)自由组合定律不适用于真核生物细胞质基因的遗传，也不适用于原核生物和病毒基因的遗传。

三、孟德尔遗传规律的应用1．杂交育种(1)概念：有目的地将具有不同优良性状的两个亲本____，使两个亲本的________组合在一起，再____出所需要的优良品种。(2)优点：可以把多个亲本的________集中在一个个体上。2．医学实践人们可以根据______________________，对某些遗传病在后代的发病可能进行____，从而为________、遗传病的____提供理论依据。

杂交优良性状筛选优良性状分离定律和自由组合定律预测优生优育防治问题与思考Yyrr(黄皱)×yyRr(绿圆)，后代表型及比例为黄圆∶绿皱∶黄皱∶绿圆＝1∶1∶1∶1，能说明控制黄圆、绿皱的基因遵循自由组合定律吗？为什么？[提示]

不能说明；Yyrr(黄皱)×yyRr(绿圆)，无论这两对基因位于一对同源染色体上还是两对同源染色体上，后代的表型及比例都为黄圆∶绿皱∶黄皱∶绿圆＝1∶1∶1∶1。

内化知识突破重点难点一、两对相对性状的遗传实验分析1．实验分析F21YY(黄)

2Yy(黄)1yy(绿)1RR(圆)2Rr(圆)1YYRR

2YyRR2YYRr

4YyRr(黄圆)1yyRR2yyRr(绿圆)1rr(皱)1YYrr

2Yyrr(黄皱)1yyrr(绿皱)2．结果分析：F2基因型共有9种，其中纯合子各占1/16，一对基因杂合的各占1/8，两对基因杂合的占1/4。表型共有4种，具体如下：(1)YYRR基因型个体在F2中的比例为1/16，在黄色圆形豌豆中的比例为1/9，注意范围不同，求解比例不同。黄圆中杂合子占8/9，绿圆中杂合子占2/3。(2)F2表型分类(3)若亲本是黄皱(YYrr)和绿圆(yyRR)，则F2中重组类型为绿皱(yyrr)和黄圆(Y_R_)，所占比例为1/16＋9/16＝5/8；亲本类型为黄皱(Y_rr)和绿圆(yyR_)，所占比例为3/16＋3/16＝3/8。3．明辨重组类型的内涵及常见错误(1)明确重组类型的含义：重组类型是指F2中表型与亲本不同的个体，而不是基因型与亲本不同的个体。(2)含两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中重组类型所占比例并不都是3/8。①当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组类型所占比例是3/8。②当亲本基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组类型所占比例是1/16＋9/16＝5/8。不要机械地认为只有一种亲本组合方式，重组性状只能是3/8。例1

(2023·浙江1月选考)某昆虫的性别决定方式为XY型，野生型个体的翅型和眼色分别为直翅和红眼，由位于两对同源染色体上两对等位基因控制。研究人员通过诱变育种获得了紫红眼突变体和卷翅突变体昆虫。为研究该昆虫翅型和眼色的遗传方式，研究人员利用紫红眼突变体卷翅突变体和野生型昆虫进行了杂交实验，结果见下表。注：表中F1为1对亲本的杂交后代，F2为F1全部个体随机交配的后代；假定每只昆虫的生殖力相同。杂交组合PF1F2甲紫红眼突变体、紫红眼突变体直翅紫红眼直翅紫红眼乙紫红眼突变体、野生型直翅红眼直翅红眼∶直翅紫红眼＝3∶1丙卷翅突变体、卷翅突变体卷翅红眼∶直翅红眼＝2∶1卷翅红眼∶直翅红眼＝1∶1丁卷翅突变体、野生型卷翅红眼∶直翅红眼＝1∶1卷翅红眼∶直翅红眼＝2∶3回答下列问题：(1)红眼基因突变为紫红眼基因属于____________(填“显性”或“隐性”)突变。若要研究紫红眼基因位于常染色体还是X染色体上，还需要对杂交组合_______的各代昆虫进行____________鉴定。鉴定后，若该杂交组合的F2表型及其比例为________________________________________________________________，则可判定紫红眼基因位于常染色体上。(2)根据杂交组合丙的F1表型比例分析，卷翅基因除了控制翅型性状外，还具有纯合____________效应。隐性乙

性别直翅红眼雌∶直翅紫红眼雌∶直翅红眼雄∶直翅紫红眼雄＝3∶1∶3∶1显性致死(3)若让杂交组合丙的F1和杂交组合丁的F1全部个体混合，让其自由交配，理论上其子代(F2)表型及其比例为______________________________________。(4)又从野生型(灰体红眼)中诱变育种获得隐性纯合的黑体突变体，已知灰体对黑体完全显性，灰体(黑体)和红眼(紫红眼)分别由常染色体的一对等位基因控制。欲探究灰体(黑体)基因和红眼(紫红眼)基因的遗传是否遵循自由组合定律。卷翅红眼∶直翅红眼＝4∶5现有3种纯合品系昆虫：黑体突变体、紫红眼突变体和野生型。请完善实验思路，预测实验结果并分析讨论。(说明：该昆虫雄性个体的同源染色体不会发生交换；每只昆虫的生殖力相同，且子代的存活率相同；实验的具体操作不作要求。)①实验思路：第一步：选择__________________________进行杂交获得F1，______________。第二步：观察记录表型及个数，并做统计分析。黑体突变体和紫红眼突变体F1随机交配得F2②预测实验结果并分析讨论：Ⅰ：若统计后的表型及其比例为______________________________________________________________，则灰体(黑体)基因和红眼(紫红眼)基因的遗传遵循自由组合定律。Ⅱ：若统计后的表型及其比例为________________________________________，则灰体(黑体)基因和红眼(紫红眼)基因的遗传不遵循自由组合定律。灰体红眼∶灰体紫红眼∶黑体红眼∶黑体紫红眼＝9∶3∶3∶1灰体红眼∶灰体紫红眼∶黑体红眼＝2∶1∶1二、两对基因完全连锁现象的分析连锁类型基因A和B在一条染色体上，基因a和b在一条染色体上基因A和b在一条染色体上，基因a和B在一条染色体上图解

配子类型AB∶ab＝1∶1Ab∶aB＝1∶1自交后代基因型1AABB、2AaBb、1aabb1AAbb、2AaBb、1aaBB表型比例为3∶1比例为1∶2∶1例2

某高等动物的毛色由常染色体上的两对等位基因(M/m和N/n)控制，M对m、N对n为完全显性，其中M基因控制黑色素的合成。N基因控制褐色素的合成，两种色素均不合成时毛色呈白色。当M、N基因同时存在时，二者的转录产物会形成双链结构。用纯合的黑色和褐色亲本杂交，F1雌雄个体相互交配得到F2，以下分析正确的是(

)A．F1个体的毛色呈黑色B．若F2中黑色和褐色之和接近1/2，则白色个体没有纯合子C．若F1测交，后代一定有白色个体D．若F2中白色个体基因型有5种，则F2表型之比为9∶3∶3∶1√[解析]

当M、N基因同时存在时，二者的转录产物会形成双链结构，说明不能正常翻译，因此M、N同时存在时，毛色为白色，即F1个体的毛色呈白色，A错误；若F2中黑色和褐色之和接近1/2，说明两对等位基因位于一对同源染色体上，则白色个体为MmNn，没有纯合子，B正确；若两对等位基因位于一对同源染色体上，F1测交，后代表型及比例为黑色(Mmnn)∶褐色(mmNn)＝1∶1，不会出现白色个体，C错误；若F2中白色个体基因型有5种，则两对等位基因位于两对同源染色体上，F2表型及比例为白色(9M_N_、1mmnn)∶黑色(3M_nn)∶褐色(3mmN_)＝10∶3∶3，D错误。三、“实验法”验证孟德尔遗传定律验证方法结论测交法F1测交后代的性状比例为1∶1，则符合分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制F1测交后代的性状比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制自交法F1自交后代的性状分离比为3∶1，则符合分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制F1自交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1，则符合自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制验证方法结论花粉鉴定法若有2种花粉，比例为1∶1，则符合分离定律若有4种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律单倍体育种法取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有2种表型，比例为1∶1，则符合分离定律取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有4种表型，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律例3

玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米籽粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题：(1)在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现的性状是__________。显性性状(2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米籽粒和一些凹陷的玉米籽粒，若要用这两种玉米籽粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。①两种性状的玉米分别自交，若某些玉米自交后，子代出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。②两种性状的玉米分别自交，在子代中选择两种性状的纯合子进行杂交，F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。③让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，如果F1都表现一种性状，则将F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。④让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，如果F1表现两种性状，且表现为1∶1的性状分离比，则可验证分离定律。(任答两种即可)四、自由组合定律的重要题型突破1．“拆分法”亲代顺推子代类型(1)解题思路：首先，将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对等位基因就可分解为几组分离定律问题。如AaBb×Aabb(多对等位基因独立遗传，后同)，可分解为两组：Aa×Aa，Bb×bb。然后，按分离定律进行逐一分析。最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。(2)常见题型分析①基因型(表型)种类、概率及比例的计算有多对等位基因的个体举例：基因型为AaBbCc的个体产生配子的种类数

产生某种配子的概率产生ABC配子的概率为1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8②配子种类及概率的计算(3)配子间的结合方式如：AaBbCc与AaBBCc杂交过程中，配子间的结合方式有32种。先求AaBbCc、AaBBCc各自产生多少种配子，如AaBbCc→8种配子，AaBBCc→4种配子；再求两亲本配子间的结合方式。由于两性配子间的结合是随机的，因而AaBbCc与AaBBCc配子间有8×4＝32(种)结合方式。2．根据子代表型及比例“逆推”亲本基因型根据子代表型比例拆解为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如：3．多对基因控制生物性状的分析(1)n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律相对性状对数等位基因对数F1配子F1配子可能组合数F2基因型F2表型种类比例种类比例种类比例1121︰1431︰2︰123︰12222(1︰1)24232(1︰2︰1)222(3︰1)23323(1︰1)34333(1︰2︰1)323(3︰1)3相对性状对数等位基因对数F1配子F1配子可能组合数F2基因型F2表型种类比例种类比例种类比例

nn2n(1︰1)n4n3n(1︰2︰1)n2n(3︰1)n(2)两步法分析涉及多对等位基因的遗传问题第一步，确定控制某性状的等位基因的对数。常用“拆分法”把题中出现的概率(如1/64)进行拆分，即1/64＝(1/4)3，从而推测控制一对相对性状的等位基因对数(3对)。第二步，弄清各种表型对应的基因型。弄清这个问题以后，用常规的方法推断出子代的基因型种类或某种基因型的比例，然后进一步推断出子代表型的种类或某种表型的比例。(3)利用(3/4)n、(1/4)n推导依据n对等位基因自由组合且为完全显性时，F2中每对等位基因都至少含有一个显性基因的个体所占比例是(3/4)n，隐性纯合子所占比例是(1/4)n，可快速推理基因型。例4

(2020·浙江7月选考)某植物的野生型(AABBcc)有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体(甲、乙和丙)。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1(AaBbCc)作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表：杂交编号杂交组合子代表型(株数)ⅠF1×甲有(199)，无(602)ⅡF1×乙有(101)，无(699)ⅢF1×丙无(795)注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R。用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例为(

)A．21/32

B．9/16

C．3/8

D．3/4√[解析]

甲、乙、丙为稳定遗传突变体，即为纯合子，由杂交Ⅰ：AaBbCc×甲→无∶有≈3∶1，可知甲的基因型为AAbbcc或aaBBcc，由杂交Ⅱ：AaBbCc×乙→无∶有≈7∶1，可知乙的基因型为aabbcc，由杂交Ⅲ：AaBbCc×丙→无，可知丙中一定有CC，甲、乙、丙之间互相杂交，F1均无成分R，符合题意。假设甲的基因型为AAbbcc，取杂交Ⅰ子代中有成分R植株(1/2AABbcc和1/2AaBbcc)与杂交Ⅱ子代中有成分R植株(AaBbcc)杂交，其后代中有成分R植株(A_B_cc)所占比例为(1－1/2×1/4)×3/4＝21/32；假设甲的基因型为aaBBcc，取杂交Ⅰ子代中有成分R植株(1/2AaBBcc和1/2AaBbcc)与杂交Ⅱ子代中有成分R植株(AaBbcc)杂交，其后代中有成分R植株(A_B_cc)所占比例为3/4×(1－1/2×1/4)＝21/32，A正确。五、自由组合中的自交、测交和自由交配问题1．解题思路：将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，按照自交、测交和自由交配的情况进行计算，然后将相关的概率按照一定的方法组合，即利用乘法定理或加法定理计算。2．题型示例：纯合黄色圆形豌豆(YYRR)和纯合绿色皱形豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中黄色圆形豌豆个体和绿色圆形豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如下表所示：项目表型及比例Y_R_(黄圆)自交黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形＝25∶5∶5∶1测交黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形＝4∶2∶2∶1自由交配黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形＝64∶8∶8∶1yyR_(绿圆)自交绿色圆形∶绿色皱形＝5∶1测交绿色圆形∶绿色皱形＝2∶1自由交配绿色圆形∶绿色皱形＝8∶13．过程图解(1)Y_R_(黄圆)自交自交结果：黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形＝25∶5∶5∶1。(2)Y_R_(黄圆)测交测交结果：黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形＝4∶2∶2∶1。(3)Y_R_(黄圆)自由交配自由交配结果：黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形＝64∶8∶8∶1。(4)yyR_(绿圆)自交自交结果：绿色圆形∶绿色皱形＝5∶1。(5)yyR_(绿圆)测交测交结果：绿色圆形∶绿色皱形＝2∶1。(6)yyR_(绿圆)自由交配自由交配结果：绿色圆形∶绿色皱形＝8∶1。例5全球气温升高会使水稻减产，寻找耐高温基因并对其调控机制进行深入研究对水稻遗传改良具有重要意义。(1)研究获得一株耐高温突变体甲，高温下该突变体表皮蜡质含量较高，让甲与野生型(WT)杂交、F1自交后代中耐高温植株约占1/4，说明耐高温为________性状，且由________对基因控制。(2)已知耐高温突变体乙的隐性突变基因位于水稻3号染色上，为探究两种突变体是否为同一基因突变导致，让两种突变体杂交，得到的后代自交(不考虑交叉互换)。隐性一

①若________，说明两突变基因为同一基因；②若________，说明两突变基因是非同源染色体上的非等位基因；③若________，说明两突变基因是同源染色体上的非等位基因。(请从下列选项中选择对应的杂交结果)a．F1和F2均耐高温b．F1不耐高温，F2不耐高温∶耐高温≈3∶1c．F1不耐高温，F2不耐高温∶耐高温≈1∶1d．F1不耐高温，F2不耐高温∶耐高温≈9∶7e．F1不耐高温，F2不耐高温∶耐高温≈15∶1adc(3)上述杂交实验结果与③一致。为进一步确定突变位点，研究者进行了系列实验，如下图1所示。①图1中若F1产生配子时3号染色体发生重组，请绘出F2中相应植株的3号染色体____________。用F2植株进行____________，可获得纯合重组植株R1～R5。②对R1～R5进行分子标记及耐高温性检测，如图2、图3，分析可知，耐高温突变基因位于_______________(分子标记)之间。将该区段DNA进行测序，发现TT2基因序列的第165碱基对由C/G变为A/T，导致蛋白质结构改变、功能丧失。自交caps3～caps4(4)研究人员将_______________导入突变体甲，该植株表现为不耐高温，进一步确定基因TT2突变导致突变体甲耐高温。(5)基因OsWR2的表达能促进水稻表皮蜡质的合成。以突变体甲为材料，验证“高温胁迫下维持较高的蜡质含量是水稻耐高温的必要条件”，写出实验思路并预期结果。____________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。正常TT2基因实验思路：对照组为突变体甲，实验组为基因OsWR2敲除的突变体甲；将两种水稻置于高温环境中，一段时间后，检测水稻表皮蜡质含量及高温耐性。预期结果：实验组水稻植株蜡质含量低于对照组，且不耐高温六、自由组合定律中的特殊情况1．基因互作情况(1)概念：基因互作是指非等位基因之间通过相互作用影响同一性状表现的现象。(2)类型：广义上，基因互作可分为基因内互作和基因间互作。①基因内互作：基因内互作是指等位基因间的显隐性作用。②基因间互作：基因间互作是指不同位点非等位基因之间的相互作用，表现为积加、累加、互补、抑制、上位和重叠等效应。(3)种类不同基因间的相互作用，可以影响性状的表现，从而出现9∶3∶3∶1的变式(总和等于16)。种类条件F1(AaBb)自交后代比例相当于自由组合比例F1测交后代比例积加效应两种显性基因同时存在时产生一种性状，单独存在时，分别表现相似的另一性状9∶6∶19∶(3∶3)∶11∶2∶1种类条件F1(AaBb)自交后代比例相当于自由组合比例F1测交后代比例累加效应两种显性基因作用效果相同，且作用效果随显性基因数量而逐渐增加1∶4∶6∶4∶1

1∶2∶1互补效应两种显性基因同时存在时，表现为一种类型，否则表现为另一种类型9∶79∶(3∶3∶1)1∶3种类条件F1(AaBb)自交后代比例相当于自由组合比例F1测交后代比例隐性上位当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐类型，其余正常表现9∶3∶49∶3∶(3∶1)1∶1∶2显性上位某一显性基因对另一显性基因起到遮盖作用12∶3∶1(9∶3)∶3∶12∶1∶1种类条件F1(AaBb)自交后代比例相当于自由组合比例F1测交后代比例显性抑制在两对独立基因中，其中一种显性基因，本身并不控制性状的表现。但对另一种基因的表现有抑制作用13∶3(9∶3∶1)∶33∶1重叠效应只要存在显性基因就表现为一种类型，其余正常表现15∶1(9∶3∶3)∶13∶1例6

(2023·河北选择性考试)某家禽等位基因M/m控制黑色素的合成(MM与Mm的效应相同)，并与等位基因T/t共同控制喙色，与等位基因R/r共同控制羽色。研究者利用纯合品系P1(黑喙黑羽)、P2(黑喙白羽)和P3(黄喙白羽)进行相关杂交实验，并统计F1和F2的部分性状，结果见表。实验亲本F1F21P1×P3黑喙9/16黑喙，3/16花喙(黑黄相间)，4/16黄喙2P2×P3灰羽3/16黑羽，6/16灰羽，7/16白羽回答下列问题：(1)由实验1可判断该家禽喙色的遗传遵循__________定律，F2的花喙个体中纯合体占比为________。(2)为探究M/m基因的分子作用机制，研究者对P1和P3的M/m基因位点进行PCR扩增后电泳检测，并对其调控的下游基因表达量进行测定，结果见图1和图2。由此推测M基因发生了碱基的________而突变为m，导致其调控的下游基因表达量__________，最终使黑色素无法合成。自由组合1/3增添下降(3)实验2中F1灰羽个体的基因型为____________________，F2中白羽个体的基因型有_________种。若F2的黑羽个体间随机交配，所得后代中白羽个体占比为__________，黄喙黑羽个体占比为__________。(4)利用现有的实验材料设计调查方案，判断基因T/t和R/r在染色体上的位置关系(不考虑染色体交换)。调查方案：

__________________________________________。结果分析：若________________________________________________________(写出表型和比例)，则T/t和R/r位于同一对染色体上；否则，T/t和R/r位于两对染色体上。MmRr(或MmRrTt)51/90对实验2中F2个体的喙色和羽色进行调查统计F2中黑喙灰羽∶花喙黑羽∶黑喙白羽∶黄喙白羽＝6∶3∶3∶42．遗传致死效应的类型例7

(2023·全国乙卷)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，A基因控制宽叶性状；高茎/矮茎由等位基因B/b控制，B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。为研究该种植物的基因致死情况，某研究小组进行了两个实验，实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1。下列分析及推理中错误的是(

)A．从实验①可判断A基因纯合致死，从实验②可判断B基因纯合致死B．实验①中亲本的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为AabbC．若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBbD．将宽叶高茎植株进行自交，所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4√[解析]

实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1，亲本为Aabb，子代中原本为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，因此推测AA致死；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1，亲本为aaBb，子代原本为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，因此推测BB致死，A正确。实验①中亲本为宽叶矮茎，且后代出现性状分离，所以基因型为Aabb，子代中由于AA致死，因此宽叶矮茎的基因型也为Aabb，B正确。由于AA和BB均致死，因此若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb，C正确。宽叶高茎植株AaBb进行自交，由于AA和BB致死，子代原本的9∶3∶3∶1变为4∶2∶2∶1，其中只有窄叶矮茎的植株为纯合子，所占比例为1/9，D错误。考向1通过两对相对性状杂交实验分析，考查科学思维素养1．用具有两对相对性状的纯种豌豆作亲本杂交获得F1，F1自交得F2，F2中黄色圆形、黄色皱形、绿色圆形、绿色皱形的比例为9∶3∶3∶1，与F2出现这样的比例无直接关系的是(

)A．亲本必须是纯种黄色圆形豌豆与纯种绿色皱形豌豆B．F1产生的雌、雄配子各有4种，比例为1∶1∶1∶1C．F1自交时4种类型的雌、雄配子的结合是随机的D．F1的16种配子结合方式获得的受精卵都能发育成新个体12345678延伸迁移实现融会贯通√A

[亲本可以是纯种黄色圆形豌豆与纯种绿色皱形豌豆，还可以是纯种黄色皱形豌豆与纯种绿色圆形豌豆，A符合题意；F1黄色圆形产生的雌、雄配子各有4种，比例均为1∶1∶1∶1，B不符合题意；F1自交时4种类型的雌、雄配子的结合是随机的，即结合的机会是均等的，C不符合题意；F1的16种配子结合方式都能发育成新个体，D不符合题意。]123456782．豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子的圆形(R)对皱形(r)为显性，控制这两对性状的两对基因独立遗传。现用纯合黄色圆形品种与纯合绿色皱形品种杂交获得F1，F1自交得到F2。下列相关叙述正确的是(

)A．F1产生的配子随机结合形成不同基因型受精卵的过程体现了自由组合定律的实质B．F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提C．从F2的黄色皱形豌豆植株中任取两株，则这两株豌豆基因型不同的概率为5/9D．若自然条件下将F2中黄色圆形豌豆混合种植，后代出现绿色皱形豌豆的概率为1/3612345678√D

[F1产生的配子随机结合形成不同基因型受精卵的过程不能体现自由组合定律的实质，A错误；通常情况下，生物产生的雄配子数量要远远多于雌配子数量，F2出现9∶3∶3∶1的性状分离比不需要F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等，B错误；F2中黄色皱形植株的基因型为1/3YYrr和2/3Yyrr，从F2黄色皱形植株中任取两株，这两株豌豆基因型不同的概率为2×1/3×2/3＝4/9，C错误；F2中黄色圆形植株的基因型为1/9YYRR、2/9YYRr、2/9YyRR、4/9YyRr，因豌豆为闭花授粉植物，自然条件下将F2中黄色圆形植株混合种植相当于让F2中所有黄色圆形植株自交，故后代出现绿色皱形植株的概率为4/9×1/16＝1/36，D正确。]12345678考向2围绕自由组合定律的实质与应用，考查科学思维素养3．(2021·浙江6月选考)某玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为(

)A．1/16 B．1/8C．1/4 D．1/2B

[玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，则亲本基因型是YyRr，且两对等位基因遵循自由组合定律。YyRr个体自交，则F1中YyRR所占的比例为2×1/4×1/4＝1/8。]12345678√4．某植物的花色有红色、粉红色和白色三种，由位于非同源染色体上的2对等位基因控制，每对基因的显隐性基因之间均不存在共显性和不完全显性，且某些基因型会导致胚胎致死。为研究该植物花色的遗传机制，研究人员进行了相关实验(以下实验均进行了多次，每次结果都一致)。第一组：任何红花植株与白花植株杂交，子代均表现为红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1；第二组：任何粉红花植株与白花植株杂交，子代均表现为粉红花∶白花＝1∶1；第三组：任何白花植株与白花植株杂交，子代均表现为白花。下列叙述错误的是(

)A．该植物的红花植株中，纯合子的基因型只有1种B．若让粉红花植株自交，则子代的表型及比例为粉红花∶白花＝2∶1C．若让红花植株自交，则子代的表型及比例为红花∶粉红花∶白花＝4∶4∶1D．若让红花植株与粉红花植株杂交，则子代的表型及比例为红花∶粉红花∶白花＝2∶3∶112345678√A

[据题可知，花色由2对等位基因控制，用A、a和B、b来表示，则红花的基因型是AaBb，粉红花的基因型是Aabb和aaBb，白花的基因型是aabb，基因型为AA__和__BB的胚胎致死，该植物的红花植株中，没有纯合子，都是AaBb，A错误；若让粉红花植株自交，即Aabb×Aabb和aaBb×aaBb，后代的表型及比例为粉红花∶白花＝2∶1，B正确；若让红花植株自交，即AaBb×AaBb，因基因型为AA__和__BB的胚胎致死，故子代的表型及比例为红花∶粉红花∶白花＝4∶4∶1，C正确；若让红花植株与粉红花植株杂交，即AaBb×Aabb或AaBb×aaBb，子代的表型及比例为红花∶粉红花∶白花＝2∶3∶1，D正确。]123456785．某单子叶植物非糯性(A)对糯性(a)为显性，叶片抗病(T)对易染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液为蓝黑色，糯性花粉遇碘液为红褐色。现有四种纯合子，其基因型分别为：①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd，下列说法正确的是(

)A．若采用花粉鉴定法验证分离定律，应选择亲本①和③杂交B．若采用花粉鉴定法验证自由组合定律，可以选择亲本②和④杂交C．若培育糯性抗病优良品种，应选用②和④杂交D．若将①和④杂交所得F1的花粉用碘液染色，可观察到比例为1∶1∶1∶1的四种花粉粒12345678√B

[根据题意，若采用花粉鉴定法验证分离定律，应选择亲本①×④或②×④或③×④，然后再自交；若采用花粉鉴定法验证自由组合定律，应选择亲本②×④，然后再自交；若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④杂交；①和④杂交所得F1的基因型为AaTtdd，由于非糯性和糯性花粉遇碘液出现颜色变化，F1花粉用碘液染色，可观察到比例为1∶1的两种花粉粒。]12345678考向3围绕特殊遗传现象，考查科学探究与科学思维素养6．(2021·湖北选择性考试)甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。12345678组别杂交组合F1F21甲×乙红色籽粒901红色籽粒，699白色籽粒2甲×丙红色籽粒630红色籽粒，490白色籽粒根据结果，下列叙述错误的是(

)A．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状分离比为9红色∶7白色B．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制C．组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状分离比为3红色∶1白色D．组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状分离比为1红色∶1白色12345678√C

[据表分析，红色为显性，红色与白色可能至少由三对等位基因控制，假设用A/a、B/b、C/C表示，则甲、乙、丙的基因型可分别为AAbbCC、aaBBCC、AABBcc(只写出了一种可能情况)，若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒(AaBBCc)，两对等位基因遵循自由组合定律，则F2玉米籽粒性状分离比为9红色∶7白色，A正确；据分析可知，若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制，B正确；据分析可知，组1中的F1(AaBbCC)与甲(AAbbCC)杂交，所产生玉米籽粒性状分离比为1红色∶1白色，C错误；组2中的F1(AABbCc)与丙(AABBcc)杂交，所产生玉米籽粒性状分离比为1红色∶1白色，D正确。]123456787．(2023·学军中学高三测试)不同品种的水稻杂交种常有育性下降的现象。研究发现，在花粉发育过程中，T或G基因能表达对花粉发育重要的蛋白质，t和g基因无法表达有功能的蛋白质。研究人员将基因型为TTgg的栽培稻和基因型ttGG的野生稻杂交到F1，将F1自交时发现某种花粉(占总配子数1/4)的花粉发育不正常导致不能受精。选取F2部分植株，通过PCR扩增相关基因后，电泳检测结果图如下。已知图中①②个体花粉发育完全正常，下列说法错误的是(

)A．T/t和G/g基因的遗传遵循基因的自由组合定律B．基因型为tg的花粉发育不正常C．