2024年沪教版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示；平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态。现保持极板A和B的正对面积不变，使极板A上移一小段距离后，微粒P的运动情况是（）

A.仍静止不动B.向下运动C.向上运动D.无法判断2、如图所示，理想变压器的匝数比为n1隆脙n2=3隆脙1

分别接有额定电压为U

的相同的三灯泡AB

和C

电阻R

的阻值与灯的电阻相同，若在ab

间接正弦交流电源，使BC

正常发光，则电源电压为

A.3U

B.9U

C.923U

D.4U

3、如图所示是一种安装在自行车轮胎边缘用于照明的装置（俗称“电滚子”）；内有磁铁与线圈．该装置是一个（）

A.蓄电池。

B.发电机。

C.电容器。

D.电动机。

4、如图所示；在正交的匀强电场和匀强磁场中，一带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，则微粒带电性质和环绕方向分别是（）

A.带正电，逆时针B.带正电，顺时针C.带负电，逆时针D.带负电，顺时针5、甲、乙两质点以相同的初速度从同一地点沿同一方向同时开始做直线运动。以初速度方向为正方向，其加速度随时间变化的a鈭�ta-t图像如图所示。关于甲、乙在0隆芦t0隆芦t0时间内的运动情况，下列说法正确的是(())

A.在0隆芦t0

时间内，甲做减速运动，乙做加速运动B.在0隆芦t0时间内，甲和乙的平均速度相等C.在t0时刻，甲的速度比乙的速度小D.在t0时刻，甲和乙之间的距离最大6、如图所示，用水平力F

将质量为m

的物体压紧在竖直墙壁上，物体处于静止状态，物体与墙壁间的动摩擦因数为娄脤

物体受到的摩擦力大小为(

)

A.娄脤F

B.娄脤mg

C.mg

D.F

7、长为5m

的竖直杆下端距离一竖直隧道口5m

若这个隧道长也为5m

让这根杆自由下落，它通过隧道的时间为(

g

取10

)

A.s

B.(

)s

C.(

+1)s

D.(

)s

评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、图是一物体做直线运动的速度-时间图象；下列计算正确的有（）

A.t=ls时的加速度是1m/s2B.t=1s时的加速度是2m/s2C.从t=2s到t=4s的位移是2mD.从t=2s到t=4s的位移是4m9、如图所示，平行板电容器接在电势差恒为U的电源两端，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A.带电油滴将沿竖直方向向下运动B.电容器的电容减小C.电容器的电容增大D.极板带电荷量将减小10、压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图(

a

)

所示(

电源内阻不计)

将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘光滑小车上，中间放置一个绝缘重球。小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图(b)

所示，下列判断正确的是()

A.从t1

到t

2

时间内，小车做匀加速直线运动B.从t

1

到t

2

时间内，小车做变加速直线运动C.从t

2

到t

3

时间内，小车做匀速直线运动D.从t

2

到t

3

时间内，小车做匀加速直线运动11、如图所示，电源电动势E

=12V

内阻r

=3娄赂

R

0=2娄赂

直流电动机内阻R

0隆盲=1娄赂

额定输出功率P

0=2W

调节滑动变阻器R

1

可使甲电路输出功率最大，调节R

2

可使乙电路输出功率最大且此时电动机刚好正常工作，则A.甲电路中当R

1=1娄赂

时，定值电阻R

0

功率最大B.甲电路中当R

1=1娄赂

时，电源的输出功率最大C.乙电路中当R

2=1.5娄赂

时，电源的输出功率最大D.乙电路中当R

2=2娄赂

时，电源的输出功率最大12、下列说法中正确的是()

A.静电感应不是创造电荷；只是电荷从物体的一部分转移到另一部分。

B.摩擦起电时；一个物体失去一些电子而带正电，另一个物体得到这些电子而带负电。

C.摩擦和感应都能使电子转移；只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体上，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分。

D.一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体可能带上异种电荷13、如图，一粗糙绝缘竖直平面与两个等量异种点电荷连线的中垂线重合。A、O、B为竖直平面上的三点，且O为等量异种点电荷连线的中点，AO=BO．现有带电荷量为q、质量为m的小物块视为质点，从A点以初速度v0向B滑动，到达B点时速度恰好为0．则（）A.小物块一定带负电B.从A到B，小物块的加速度先增大后减小C.从A到B，小物块所受电场力做功为-mghABD.电场中AB两点间电势差UAB=014、如图（甲）所示，竖直圆盘转动时，可带动固定在圆盘上的T形支架在竖直方向振动，T形支架的下面系着一个弹簧和小球，共同组成一个振动系统．当圆盘静止时，小球可稳定振动．现使圆盘以4s的周期匀速转动，经过一段时间后，小球振动达到稳定．改变圆盘匀速转动的周期，其共振曲线（振幅A与驱动力的频率f的关系）如图（乙）所示，则（）A.此振动系统的固有频率约为3HzB.此振动系统的固有频率约为0.25HzC.若圆盘匀速转动的周期增大，振动系统的固有频率不变D.若圆盘匀速转动的周期增大，共振曲线的峰值将向右移动15、一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，当线圈通过中性面时(

)

A.线圈平面与磁感线方向垂直B.通过线圈的磁通量达到最大值C.通过线圈的磁通量变化率达到最大值D.线圈中的电动势为零16、如图甲所示，用一水平力F

拉着一个静止在倾角为娄脠

的光滑斜面上的物体，逐渐增大F

物体做变加速运动，其加速度a

随外力F

变化的图象如图乙所示，若重力加速度g

取10m/s2

根据图乙中所提供的信息可以计算出(

)

A.物体的质量B.斜面的倾角C.物体能静止在斜面上所施加的最小外力D.加速度为6m/s2

时物体的速度评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、如图是不同频率的水波通过相同的小孔所能到达区域的示意图，____________情况中水波的频率最大，____________情况中水波的频率最小．18、小强同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时；先测得摆线长为L

摆球直径为D

然后用秒表记录了单摆n

次全振动所用的时间为t

则。

(1)

该同学计算重力加速度的表达式为：g=

______．

(2)(

多选)

该同学测得的g

值偏小；可能的原因是______

A.测摆线长时摆线拉得过紧。

B.摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C.开始计时时；秒表提前按下。

D.实验中误将49

次全振动数为50

次。

(3)

为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆线长L

并测出相应的周期T

从而得出一组对应的L

与T

的数据，再以L

为横坐标.T2

为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k

则重力加速度g=

______(

用k

表示).

这种处理实验数据的方法得到的g

值与理论值相比______(

填“偏大““偏小““相等“)

．19、在光滑斜面上放一长度为L=20cm的导体A，质量m=1kg，导体A通有电流I1=5A．斜面的倾角为θ=30°如图所示为剖面图．（1）当磁场垂直于斜面向上时，导体A处于静止平衡，则磁感强度B的大小为____T；（2）当磁场方向____时，导体A对斜面恰无压力，则此时磁感强度B的大小为____T．

20、直线OAC为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率Pr随电流I变化的图线，若A、B对应的横坐标为2A，那么线段AB表示的功率是____W，I=2A时，对应的外电阻是____Ω。21、下列说法正确的是_______E.液晶具有液体的流动性，同时具有晶体的各向异性特征评卷人得分四、判断题(共1题，共3分)22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、计算题(共1题，共8分)23、光滑水平面上有一质量为M

的滑块，滑块的左侧是一光滑的14

圆弧，圆弧半径为R=1m.

一质量为m

的小球以速度v0

向右运动冲上滑块.

已知M=4m.g

取10m/s2

若小球刚好没跃出14

圆弧的上端.

全过程机械能不损失.

求：

(1)

小球的初速度v0

(2)

滑块获得的最大速度．评卷人得分六、综合题(共2题，共18分)24、(1)

两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m

时的作用力为F

现将它们的电量均增加一倍后，放到相距2m

的位置，则它们的相互作用力大小变为________．A.F4

B.4F

C.2F

D.F

(2)

如图所示，电场中AB

两点的电场强度的大小分别为EAEB.

对EAEB

的大小关系判断正确的是________．A.EA>EB

B.EA<EB

C.EA=EB

D.无法判断(3)

如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以在水平面内自由转动的小磁针.

现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是________．A.小磁针保持不动B.小磁针的N

极将向下转动C.小磁针的N

极将垂直于纸面向里转动D.小磁针的N

极将垂直于纸面向外转动(4)

关于理想变压器，下面各说法中正确的是________．A.它的输出功率等于它的输入功率B.它的输出功率小于它的输入功率C.原、副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D.副线圈匝数少于原线圈匝数的为升压变压器(5)

如图所示为我国照明用的正弦式电流的电压随时间变化的图象，则该交流的周期是________s

电压的峰值为________V

．(6)

某地地磁场的磁感应强度大约是4.0隆脕10鈭�5T

一根长为1000m

的电线，电流为10A

垄脵

该导线受到的最大磁场力是多少？垄脷

当导线中电流变为5A

时，当地地磁场的磁感应强度变为多少？25、(1)

两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m

时的作用力为F

现将它们的电量均增加一倍后，放到相距2m

的位置，则它们的相互作用力大小变为________．A.F4

B.4F

C.2F

D.F

(2)

如图所示，电场中AB

两点的电场强度的大小分别为EAEB.

对EAEB

的大小关系判断正确的是________．A.EA>EB

B.EA<EB

C.EA=EB

D.无法判断(3)

如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以在水平面内自由转动的小磁针.

现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是________．A.小磁针保持不动B.小磁针的N

极将向下转动C.小磁针的N

极将垂直于纸面向里转动D.小磁针的N

极将垂直于纸面向外转动(4)

关于理想变压器，下面各说法中正确的是________．A.它的输出功率等于它的输入功率B.它的输出功率小于它的输入功率C.原、副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D.副线圈匝数少于原线圈匝数的为升压变压器(5)

如图所示为我国照明用的正弦式电流的电压随时间变化的图象，则该交流的周期是________s

电压的峰值为________V

．(6)

某地地磁场的磁感应强度大约是4.0隆脕10鈭�5T

一根长为1000m

的电线，电流为10A

垄脵

该导线受到的最大磁场力是多少？垄脷

当导线中电流变为5A

时，当地地磁场的磁感应强度变为多少？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】带电微粒静止，重力与电场力相等，电键闭合A、B两板间电压不变，使极板A上移一小段距离后，由可知电场强度减小；微粒所受电场力减小，重力大于电场力，微粒向下运动。

故选B

【点评】本题关键是电键闭合，电容器两板间电压不变。2、C【分析】【分析】在理想的变压器中的输入功率和输出功率的大小相等，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比。

掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决。【解答】B、CC灯恰能正常发光说明副线圈两端电压为3U3U电流为2UR；则原线圈两端电压为9U9U电流为2U3R，AA灯分担电压为23Udfrac{2}{3}U所以abab间的电压为9U+23U=923U9U+dfrac{2}{3}U=9dfrac{2}{3}U故C正确。

故选C。

【解析】C

3、B【分析】

“电滚子”内有磁铁与线圈；自行车行驶时，线圈切割磁感线，产生感应电流，用于照明，是一个发电机．

故选B

【解析】【答案】自行车行驶时；电滚子产生电流，用于照明，说明该装置是一个发电机．

4、C【分析】【分析】带电粒子在重力场；匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动；可知，带电粒子受到的重力和电场力是一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向上，与电场方向相反，故可知带电粒子带负电荷．洛伦兹力指向圆心，故根据左手定则可得粒子沿逆时针运动，故选C。

【点评】此题考察了带电粒子在复合场中的运动．复合场是指电场、磁场、重力场并存，或其中某两种场并存的场．带电粒子在这些复合场中运动时，必须同时考虑电场力、洛伦兹力和重力的作用或其中某两种力的作用，因此对粒子的运动形式的分析就显得极为重要．该题就是根据带电粒子的运动情况来判断受到的电场力情况。5、D【分析】【分析】由a鈭�t

图像，甲质点做加速度越来越小的加速运动，乙两质点做加速度越来越大的加速运动，由此分析解答。把握a鈭�t

图像的物理意义是解题的关键。【解答】甲、乙两质点初速度相同，由题图可知，开始运动时，甲的加速度大于乙的加速度，则开始后甲的速度大于乙的速度，直至t0

时刻两者速度再次相同，故t0

时刻，甲和乙之间的距离最大，故D正确。故选D。【解析】D

6、C【分析】解：对物体受力分析；受推力；重力、支持力和向上的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有：

f=mg

F=N

故ABD错误；C正确；

故选：C

．

对物体受力分析；然后根据共点力平衡条件求解静摩擦力．

本题关键是明确滑块的受力情况，然后根据共点力平衡条件求解静摩擦力，注意，不是滑动摩擦力．【解析】C

7、B【分析】【分析】直杆通过隧道时间为直杆的下端到达隧道的上沿到直杆的上端离开隧道的下沿所用的时间；分别求出直杆自由释放到直杆的下端到达隧道上沿的时间和直杆上端离开隧道的下沿的时间，两时间之差即为通过隧道的时间。

解决本题的关键知道直杆通过隧道的时间等于直杆自由释放到直杆的下端到达隧道上沿的时间和直杆上端离开隧道的下沿的时间之差。【解答】根据，直杆自由下落到下端运动到隧道上沿的时间t1=2h1g=2隆脕510s=1s直杆自由下落到直杆的上端离开隧道下沿的时间t2=2h2g=2隆脕1510s=3s则直杆过隧道的时间故B正确，ACD错误。故选B。【解析】B

二、多选题(共9题，共18分)8、AD【分析】解：速度图象的斜率大小等于物体加速度的大小；

故在0～2s内物体的加速度。

a===1m/s2

故A正确．

速度图象与时间轴围成的面积等于物体的位移；

故2-4s内物体的位移。

x=2×2=4m

故D正确．

故选A；D．

本题的突破口：速度图象的斜率等于物体的加速度；速度图象与时间轴围成的面积等于物体的位移．

利用速度图象求物体的加速度和物体在某一段时间内通过的位移，方法简单实用，运算量小，一定要注意掌握．【解析】【答案】AD9、ABD【分析】解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小；油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动，故A正确；

BCD、上极板上移时，则d增大，由电容的决定式C=可知C减小；根据Q=UC可知，极板带电量也减小．故BD正确，C误．

故选：ABD．

将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化；判断电场力变化，确定油滴运动情况．

本题考查电容器的动态分析问题，要明确一直和电源相连，故电压不变；再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化．【解析】【答案】ABD10、BD【分析】略。

【解析】BD

11、BC【分析】【分析】对于甲图，当电路的内阻和外阻相等时，电路的输出功率最大，由此可以求得R1

连入电路部分的阻值，对于甲图R1=0娄赂

时，定值电阻R0

功率最大；对于乙图，求出最大输出的功率的表达式，利用数学知识求乙图中的电阻的大小。对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。【解答】A.甲电路中利用闭合电路欧姆定律可得电路中的电流I=ER1+R0+rI=dfrac{E}{{R}_{1}+{R}_{0}+r}当R1R_{1}=0娄赂=0娄赂时，电流II最大，定值电阻R0R_{0}功率最大，故A错误；B.当电路的外电阻等于内阻时，电路的输出功率最大，所以甲图有：R1=r鈭�R0=3娄赂鈭�2娄赂=1娄赂

故B正确；CD.

对于乙图，输出的功率最大时，电动机的额定功率P0=2W

电路中电流为I

所以有：P脢盲鲁枚max=

垄脵

又因为UR2=12V鈭�3I鈭�2+I2I2

所以I=12鈭�3I鈭�2+I2IR2垄脷

联立垄脵垄脷

利用数学关系求得当R2=1.5娄赂

时，乙电路的输出功率最大为10W

故C正确，D错误。故选BC。【解析】BC

12、ABC【分析】【分析】

电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变。本题是基础的题目；考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，比较简单。

【解答】

A.静电感应不是创造电荷；只是电荷从物体的一部分转移到另一部分，A正确；

B.摩擦起电时；一个物体失去一些电子而带正电，另一个物体得到这些电子而带负电，B正确；

C.摩擦和感应都能使电子转移；只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体上，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分，C正确；

D.接触时先中和再分电荷；所以一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体一定带同种电荷，D错误；

故选ABC。

【解析】ABC

13、ABD【分析】解：A；由题意知物块达B点时速度恰好为0；一定受摩擦力作用。所以小物块受重力、电场力和墙壁的弹力以及摩擦力作用，可知q带负电，故A正确；

B、从A到O的过程中，电场强度越来越大，则电场力越来越大，由于物块在水平方向上平衡，可知墙壁的弹力增大，导致滑动摩擦力增大，根据a=知，加速度增大，从O到B，电场强度越来越小，则电场力越来越小，由于物块在水平方向上平衡，可知墙壁的弹力减小，导致滑动摩擦力减小，根据a=知；加速度减小，所以物块加速度先增大后减小，故B正确；

C；由于AB是等势线；则电荷的电势能不变，从A到B，电场力不做功，故C错误；

D、由于AB是等势线，则电场中AB两点间电势差UAB=0；故D正确；

故选：ABD。

根据电场强度的变化得出电场力的变化；抓住水平方向上平衡得出弹力的大小变化，从而得出摩擦力的大小变化，结合牛顿第二定律得出加速度的变化，抓住两段过程加速度大小对称，得出两段过程速度变化量相同，求出O点的速度以及动能；根据电场力做功判断电势能的变化。

解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的特点，通过电场线疏密确定电场强度的大小，知道等量异种电荷连线的垂直平分线是等势线。【解析】ABD14、AC【分析】解：A；由振子的共振曲线可得；此振动系统的固有频率约为3Hz．故A正确，B错误；

C；振动系统的固有频率是由振动系统本身的性质决定的；与驱动力的频率无关。故C正确；

D；共振曲线的峰值表示振子的固有频率；它是由振动系统本身的性质决定的，与驱动力的频率无关。故D错误。

故选：AC。

振子做受迫振动；受迫振动的频率等于驱动力的频率．在共振曲线中振子的振幅最大的点，就是振子的固有频率对应的数值．振动系统的固有频率是由振动系统本身的性质决定的．

解决本题的关键掌握共振的条件，以及知道振子受迫振动的频率等于驱动力的频率，振动系统的固有频率是由振动系统本身的性质决定的，与驱动力的频率无关．【解析】AC15、ABD【分析】解：AB

在中性面时；线圈与磁场垂直，磁通量最大.

故AB正确．

CD

在中性面时；没有边切割磁感线，感应电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零.

故C错误D正确．

故选：ABD

．

矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时；线圈中产生正弦式电流.

在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零.

线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次．

本题考查正弦式电流产生原理的理解能力，抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大．【解析】ABD

16、ABC【分析】解：AB

对物体受力分析；受推力、重力、支持力，如图。

x

方向：Fcos娄脠鈭�mgsin娄脠=ma垄脵

y

方向：N鈭�Fsin娄脠鈭�Gcos娄脠=0垄脷

从图象中取两个点(20N,2m/s2)(30N,6m/s2)

代入垄脵

式解得：

m=2kg娄脠=37鈭�.

故A正确；B正确．

C、物体能静止在斜面上，当F

沿斜面向上时所施加的外力最小Fmin=mgsin娄脠=20sin37鈭�=12N

故C正确；

D；题中并未说明物体的位移；物体做的是变加速的运动，故无法求出加速度为6m/s2

时物体的速度大小.

故D错误．

故选：ABC

对物体受力分析；根据牛顿第二定律得出力F

与加速度a

的函数关系，然后结合图象得出相关信息．

本题关键对物体受力分析后，根据牛顿第二定律求出加速度与力F

的关系式，结合图象讨论．【解析】ABC

三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】解：由图知A图衍射现象最明显；C图最不明显，则A中波长最长，则频率最小；C中波长最短，则频率最大．

故答案为：C；A．【解析】C;A18、BC；相等【分析】解：(1)

单摆摆长l=L+r

单摆周期T=tn

由单摆周期公式T=2娄脨lg

可得，g=4娄脨2lT2=4娄脨2n2(L+r)t2

(2)A

测摆线长时摆线拉得过紧，单摆摆长偏大l

由g=4娄脨2lT2

可知；

重力加速度的测量值偏大；不符合题意，故A错误；

B；摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了；

计算时；仍按测量值计算，l

偏小，由g=

可知，重力加速度的测量值偏小，符合题意，故B正确；

C、开始计时，秒表过早按下，所测时间t

偏大，由g=4娄脨2lT2=4娄脨2n2(L+r)t2

可知；

重力加速度的测量值偏大；符合题意，故C正确；

D、实验中误将49

次全振动记数为50

次，N

偏大，由g=4娄脨2n2(L+r)t2

可知；

重力加速度测量值偏大；不符合题意，故D错误；

故选：BC

(3)

以l

为横坐标、T2

为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率K

再据单摆的周期公式T=2娄脨lg

得：g=4娄脨2lT2.

所以g=4娄脨2K

故答案为：(1)4娄脨2n2(L+D2)t2(2)BC(3)4娄脨2K

相等。

(1)

求出单摆摆长与周期；然后由单摆的周期公式求出重力加速度的表达式；

(2)

根据重力加速度的表达式；分析重力加速度测量值偏小的原因。

(3)

根据单摆的周期公式得出重力加速度g

的表达式；从而判断出g

值及其偏大的原因。

本题关键要掌握实验的原理：单摆的周期公式T=2娄脨lg

要能根据实验原理，分析实验误差．【解析】4娄脨2n2(L+r)t2BC4娄脨2K

相等19、略

【分析】

（1）导体处于平衡有：mgsinθ=BIL，则．

（2）当重力与安培力平衡时；压力为零，有：mg=B′IL

则

根据左手定则；则磁场的方向水平向左．

故答案为：（1）5（2）水平向左；10．

【解析】【答案】（1）导体受重力；支持力和沿斜面向上的安培力处于平衡；根据共点力平衡求出安培力的大小，再根据F=BIL求出磁感应强度的大小．

（2）当导体对斜面恰好无压力时；导体受重力和安培力处于平衡，根据左手定则得出磁场的方向以及根据力的平衡求出安培力大小，从而求出磁感应强度的大小．

20、略

【分析】【解析】试题分析：当电流I=2A时，分别求出电源的功率和电源内部发热功率，求出线段AB表示功率的变化．根据欧姆定律求出外电阻．当电流I=2A时，电源的功率电源内部发热功率则线段AB表示功率的变化为2W．当电流I=2A时，由得．考点：本题考查了闭合回路的欧姆定律以及电功率的计算【解析】【答案】2、0.521、B:C:E【分析】液体表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直；故A错误；单晶体中原子(或分子、离子)的排列具有空间周期性，从而决定了有规则的天然外形，选项B正确；绝对湿度大，相对湿度不一定大，选项C正确；根据热力学第二定律可知，内能不可能全部转化物体的机械能，选项D错误；液晶具有液体的流动性，同时具有晶体的各向异性特征，选项E正确；故选BCE.四、判断题(共1题，共3分)22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、计算题(共1题，共8分)23、略

【分析】

(1)

小球刚好没跃出圆弧的上端；知小球上升到滑块上端时，小球与滑块水平方向速度相同，结合动量守恒和系统机械能守恒求出小球的初速度大小．

(2)

小球到达最高点以后又滑回；滑块又做加速运动，当小球离开滑块后滑块速度最大，根据动量守恒和能量守恒求出滑块的最大速度．

本题考查了动量守恒定律、机械能守恒定律以及能量守恒定律等，知道小球刚好没跃出圆弧的上端，两者水平方向上的速度相同；当小球返回离开滑块时，滑块的速度最大．【解析】解：(1)

当小球上升到滑块上端时；小球与滑块水平方向速度相同，设为v1

以小球的初速度方向为正方向，在水平方向上，由动量守恒定律得：

mv0=(m+M)v1垄脵

由机械能守恒定律得：12mv02=12(m+M)v12+mgR垄脷

代入数据解得：v0=5m/s垄脹

(2)

小球到达最高点以后又滑回；滑块又做加速运动，当小球离开滑块后滑块速度最大.

研究小球开始冲上滑块一直到离开滑块的过程，以小球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

mv0=mv2+Mv3垄脺

由机械能守恒定律得：12mv02=12mv22+12Mv32垄脻

解得：v3=2mm+Mv0=2m/s垄脼

答：(1)

小球的初速度v0

是5m/s

．

(2)

滑块获得的最大速度是2m/s

．六、综合题(共2题，共18分)24、(1)D(2)A(3)C(4)A(5)0.02311

(6)

解：垄脵

由公式B=FIL

可得F=BIL

所以F=4.0隆脕10鈭�5隆脕10隆脕1000N=0.4N

垄脷

电流变为5A

时；当地地磁场的磁感应强度仍为4.0隆脕10鈭�5T

【分析】(1)

【分析】根据库仑定律，得F=kq2r2

电量和距离变化后，再代入库仑定律公式求解库仑力。本题是库仑定律的直接应用，基础题目。【解答】根据库仑定律，得F=kq2r2

将它们的电量均增加一倍后，放在两球心间相距2m

处，再由库仑定律，得F鈥�=k2q隆脕2q(2r)2=kq2r2

故F鈥�=F

故D正确；ABC错误。

故选：D

(2)

【分析】

沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方场强大，从而即可求解。把握电场线的特点是解决此类问题的关键.

记住了，理解了，也就会做了。【解答】

电场线密的地方场强大，EA>EB

故A正确，BCD错误。

故选：A

(3)

【分析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N

极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向。也可为磁感线在该点的切线方向.

而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向。右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向.

当导线是环形时，则四指向为电流的方向。【解答】

​当通入如图所示的电流时；根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N

极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N

极将垂直于纸面向里转动，C正确，ABD错误；

故选：C

(4)

【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论。掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决。【解答】A；输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的；并且大小相等，所以A正确B错误；

C.输出电压是由输入电压和匝数比决定的；电压与匝数成正比，所以C错误；

D.副线圈匝数少于原线圈匝数的为降压变压器；所以D错误。

故选：A

(5)

【分析】描述交变电流的量有周期、频率、有效值、峰值、瞬时值，通过图象直接得到周期和最大值。本题考查对交流电图象的认识，要知道在交流图象中能直接求出最大值和周期。【解答】由图可知；该交流电的周期为0.02s

最大值为311V

故填：0.02311

(6)

根据F=BIL

来计算安培力的大小，磁感应强度是由磁场本