2024-2025学年下学期初中物理北师大版九年级同步经典题精练之电功率综合题

第53页（共53页）2024-2025学年下学期初中物理北师大版九年级同步经典题精练之电功率综合题一．选择题（共8小题）1．（2024秋•花山区校级期末）一个标有“6V9W”的灯泡，与一个8Ω的电阻串联后，接在某一电源上，灯泡的功率是4W。若接在同一电源的情况下，要使灯泡的功率为2.56W，应换用一个多大的电阻与灯泡串联（灯泡电阻不变）（）A．4Ω B．11Ω C．12Ω D．15Ω2．（2024秋•南岸区期末）下列物理量最接近实际的是（）A．对人体的安全电压不高于220V B．人感觉舒适的洗澡水温度约为25℃ C．普通家庭每户每月用电约3.6×106J D．教室一盏日光灯的电功率约为40W3．（2024秋•太和县期末）冬季来临，各种病毒肆虐，为了减轻医护人员的工作量，我校物理兴趣小组设计了一种输液提示器（如图所示），让护士能在护士站观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时（）A．电阻R接入电路中的阻值变大 B．电流表示数变小 C．电压表示数不变 D．灯泡消耗的电功率变大4．（2024秋•永城市期末）某款拉力器的内部电路如图所示，其中R为滑动变阻器，R0是一个定值电阻，闭合开关S，对拉环施加水平向右的拉力的过程中，两个电表的示数都会发生变化，下列说法正确的是（）A．该拉力表的显示仪由图中电压表改装而成 B．当拉力增大时，电路中的总功率增大 C．当拉力增大时，电路中的电流减小 D．定值电阻R0在电路中不起作用，所以可以去掉5．（2024秋•庐江县期末）小明受“智能体温计”（如图甲所示）的启发，设计了一个如图乙所示的体温计电路图，用电表示数大小反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，定值电阻R2起保护电路的作用。若温度降低，下列说法正确的是（）A．显示仪表是由电流表改装的 B．R1两端的电压变小 C．温度降低时，电路总功率一定变小 D．R1两端电压变化量与流过它电流变化量之比变大6．（2024秋•邹城市期末）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图甲所示。把它们串联在电路中，如图乙所示。闭合开关S，这时电流表的示数为0.2A，则电源电压和元件B的电功率分别是（）A．2.0V0.8W B．4.5V0.5W C．2.5V1.0W D．4.5V1.0W7．（2024秋•巢湖市期末）关于电功、电能和电功率，下列说法正确的是（）A．电功和电能是同一个物理量 B．电流做功越快，消耗电能越多 C．千瓦时是电功率的单位 D．做功快的用电器的电功率一定大8．（2024秋•长安区期末）有甲和乙两个电热水壶，其铭牌如表所示，两个电热水壶都正常工作时，下列说法正确的是（）甲：额定电压：220V额定功率：1200W乙：额定电压：220V额定功率：1800WA．甲、乙两电热水壶是串联关系 B．乙电热水壶两端的电压较高 C．乙电热水壶一定比甲电热水壶烧水更快 D．乙电热水壶消耗的电能一定比甲电热水壶消耗的电能多二．填空题（共5小题）9．（2024秋•南川区期末）家里亮着的电灯与电视机是（选填“串联”或“并联”）的。若将家里正在使用的用电器关掉一些后，电路的总功率将变。10．（2025•无锡模拟）如图所示为电阻A和B的I﹣U图象。若将A、B串联接入某电源两端，则闭合开关后，RA＝Ω；若将A、B并联接入2V的电源两端，闭合开关后，电路中的干路电流是A，电路的总功率为W。11．（2024秋•花山区校级期末）王铭同学家买了一个三挡位的家用电烤炉，电烤炉加热板部分的简化电路如图所示，R1、R2为加热电阻，可通过旋转开关实现高、中、低挡位切换。已知电阻R2＝80Ω，中温挡的功率为605W，则高温挡的功率为W。12．（2024秋•南岸区期末）如图所示电路，电源电压不变，开关S闭合，S1由闭合到断开，电压表的示数由9V变为3V。则电源电压为V；S1由闭合到断开，电路消耗的总功率之比为。13．（2024秋•垦利区期末）如图，小致家电能表4月底的示数是。若关闭家中其他用电器，只有电热水壶工作3min，电能表的指示灯闪烁300次，电热水壶的功率是W。三．实验探究题（共1小题）14．（2024秋•峰峰矿区期末）如图甲所示是小明利用“伏安法”测量未知电阻R，阻值的实验电路（电源电压不变）。（1）图甲的电路有一条导线连接错误，请你在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接线；（2）电路连接正确后，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，则此次测得电阻Rx的阻值为Ω。接着小明又测出了两次Rx的阻值，分别为4Ω和3.7Ω，则Rx的阻值应取为Ω（结果保留一位小数）。（3）小明还想测量一个阻值约为300Ω的定值电阻R1的阻值，他发现用如图甲所示的电路无法完成该实验。原因是。（4）上述实验结束后，同学们又设计了如图丁所示的电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，已知滑动变阻器R的最大阻值为15Ω，电源电压恒定，其测量过程如下：①闭合开关S、S2，断开S1，将滑动变阻器的滑片移到最上端，电压表示数为4.5V。②（填三个开关闭合与断开情况），移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为V，这时小灯泡正常发光。③闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器滑片的位置不变，电压表示数为3V。④小灯泡正常发光时的电阻RL＝Ω。四．计算题（共1小题）15．（2025•无锡模拟）小丽同学家里有一款暖脚器（如图甲），内置一个电热垫，其简化电路如图乙，铭牌上的部分信息如表。[c垫＝2.2×103J/（kg•℃）]求：额定电压220V电热丝R1880Ω电热丝R2880Ω热垫质量0.5kg（1）暖脚器在低温挡正常工作时，电路中的电流是多少？（2）暖脚器在高温挡正常工作1h，如图丙的电能表转多少转？（3）某次用高温挡正常工作使电热垫从15℃加热到65℃需要多长时间？（加热效率是80%）

2024-2025学年下学期初中物理北师大版九年级同步经典题精练之电功率综合题参考答案与试题解析题号12345678答案BDDBBBDC一．选择题（共8小题）1．（2024秋•花山区校级期末）一个标有“6V9W”的灯泡，与一个8Ω的电阻串联后，接在某一电源上，灯泡的功率是4W。若接在同一电源的情况下，要使灯泡的功率为2.56W，应换用一个多大的电阻与灯泡串联（灯泡电阻不变）（）A．4Ω B．11Ω C．12Ω D．15Ω【考点】电功率的综合计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】根据“6V9W”求出此灯泡的电阻R0，再根据灯泡的功率是1W时可求出其电流，根据串联电路电流处处相等，可求得电源电压，再根据P＝I2R求出当灯泡的功率为P2＝2.56W时的电流I1，再利用Rx=UI1【解答】解：“6V9W“灯泡的电阻：R0=U2额与一个8Ω的电阻串联后，灯泡的功率是4W时的电流（串联电路电流处处相等）：由P＝I2R，可得I2=P1R0=4电源电压：U＝RI＝（4Ω+8Ω）×1A＝12V，当灯泡的功率为P2＝2.56W时，此时的电流：P2=I12R0，即2.56W=I12×4应串联电阻值：Rx=UI1-R0=12V故选：B。【点评】本题考查已知额定电压和额定功率求灯泡电阻和额定电流，由电功率的公式计算电流，以及串联电路中电流和电压的特点，关键是公式的灵活运用，此题有一定的拔高难度，属于难题。2．（2024秋•南岸区期末）下列物理量最接近实际的是（）A．对人体的安全电压不高于220V B．人感觉舒适的洗澡水温度约为25℃ C．普通家庭每户每月用电约3.6×106J D．教室一盏日光灯的电功率约为40W【考点】常见电功率的大小；温度的估测；常见电压的大小；电功与电能的计算．【专题】估算综合应用题；理解能力．【答案】D【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。【解答】解：A、对人体的安全电压不高于36V，故A不符合实际；B、人感觉舒适的洗澡水温度约为40℃，故B不符合实际；C、普通家庭每户每月用电约100度＝100kW•h＝3.6×108J，故C不符合实际；D、教室一盏日光灯的电功率约为40W，故D符合实际。故选：D。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。3．（2024秋•太和县期末）冬季来临，各种病毒肆虐，为了减轻医护人员的工作量，我校物理兴趣小组设计了一种输液提示器（如图所示），让护士能在护士站观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时（）A．电阻R接入电路中的阻值变大 B．电流表示数变小 C．电压表示数不变 D．灯泡消耗的电功率变大【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．【专题】计算题；错解分析题；动态预测题；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】由电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。当袋中药液量减少时，弹簧受到的拉力减小，其伸长量减小，导致变阻器的滑片上移，据此得出R接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压原理可知变阻器两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点得出灯泡两端的电压变化，根据P＝UI得出灯泡消耗的功率变化。【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压。A、当袋中药液量减少时，弹簧受到的拉力减小，其伸长量减小，导致变阻器的滑片上移，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，故A错误；B、由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故C、由串联电路的分压原理可知，变阻器R两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，故C错误D、因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端分得的电压变大，由P＝UI可知，灯泡的实际功率变大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。4．（2024秋•永城市期末）某款拉力器的内部电路如图所示，其中R为滑动变阻器，R0是一个定值电阻，闭合开关S，对拉环施加水平向右的拉力的过程中，两个电表的示数都会发生变化，下列说法正确的是（）A．该拉力表的显示仪由图中电压表改装而成 B．当拉力增大时，电路中的总功率增大 C．当拉力增大时，电路中的电流减小 D．定值电阻R0在电路中不起作用，所以可以去掉【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．【专题】应用题；错解分析题；动态预测题；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】（1）电路中，R与定值电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路的电流；对的过程中，分析变阻器连入电路的电阻变化，根据电阻的串联规律确定电路的电阻变化，根据欧姆定律I=UR分析电流表示数变化，根据P＝UI判断总功率的变化；根据U＝（2）当滑片在R的最下端时，变阻器的接入阻值为零，若没有R0，电路将发生短路现象，据此分析R0的作用。【解答】解：电路中，变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路的电流；ABC、当拉力增大时，拉环向右移动，则变阻器连入电路的电阻变小，根据电阻的串联规律，电路的电阻变小，根据欧姆定律I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故根据P＝UI可知总功率变大，故B正确；根据U＝IR可知，定值电阻的电压变大，由串联电路电压的规律，电压表示数变小；由于当拉力增大时，电流表示数变大，电压表示数变小；则该拉力表的显示仪由图中电流表改装而成，故A错误；D、当滑片移动到R的最右端时，变阻器的接入阻值为零，因为有R0，电路不会发生短路现象，所以此时R0的作用是防止电路短路，起到保护电路的作用，不能去掉，故D正确。故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的应用以及定值电阻的作用。5．（2024秋•庐江县期末）小明受“智能体温计”（如图甲所示）的启发，设计了一个如图乙所示的体温计电路图，用电表示数大小反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，定值电阻R2起保护电路的作用。若温度降低，下列说法正确的是（）A．显示仪表是由电流表改装的 B．R1两端的电压变小 C．温度降低时，电路总功率一定变小 D．R1两端电压变化量与流过它电流变化量之比变大【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】（1）根据电表的连接方式分析电表的类型；（2）温度降低时，根据热敏电阻阻值的变化得出总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化，根据P＝UI分析总功率的变化；根据串联电路的分压规律分析R1两端的电压的变化；（3）根据R=UI分析R1【解答】解：A．由图可知，该电路为串联电路，由于电表并联在热敏电阻R1的两端，因此该电表为电压表，故A错误；BC．温度降低时，热敏电阻的阻值变小，串联电路的总电阻变小，电路中的电流变大，电源电压不变，根据P＝UI可知，电路消耗的总功率变大；热敏电阻阻值变小，根据串联电路的分压规律可知，热敏电阻分担的电压变小，故B正确、C错误；D．温度升高时，R1两端电压变化量与R2两端电压变化量相等，流过R1电流变化量与流过R2电流变化量相等，R2的电流变化量表达式为：则，有ΔU2ΔI2=R2，即R1两故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。6．（2024秋•邹城市期末）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图甲所示。把它们串联在电路中，如图乙所示。闭合开关S，这时电流表的示数为0.2A，则电源电压和元件B的电功率分别是（）A．2.0V0.8W B．4.5V0.5W C．2.5V1.0W D．4.5V1.0W【考点】电功率P＝UI的简单计算；串联电路中的电流规律；串联电路中的电压规律．【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】由电路图可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路中的电流特点结合图象读出它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据P＝UI求出元件B的电功率。【解答】解：由电路图可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电流表的示数为0.2A时，IA＝IB＝I＝0.2A，由图象可知，A和B两端的电压分别为：UA＝2.0V，UB＝2.5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝UA+UB＝2.0V+2.5V＝4.5V；元件B的电功率：PB＝UBI＝2.5V×0.2A＝0.5W。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据图象读出电流对应的电压值。7．（2024秋•巢湖市期末）关于电功、电能和电功率，下列说法正确的是（）A．电功和电能是同一个物理量 B．电流做功越快，消耗电能越多 C．千瓦时是电功率的单位 D．做功快的用电器的电功率一定大【考点】电功率的概念；电功率的单位；电功的实质．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】（1）电功是指电流所做的功，电流做了多少功，就消耗了多少的电能；（2）根据公式W＝Pt分析作答；（3）千瓦时是电能的单位；（4）电功率是表示电流做功快慢的物理量。【解答】解：A、电流做功过程就是用电器消耗电能的过程，电流做了多少功，用电器就消耗了多少电能，它们是相等，但电功不是电能，两者不是一回事，故A错误；B、根据公式W＝Pt可知，电流做功多少，与电功率大小和通电时间有关，所以电流做功越快，消耗的电能不一定就越多，故B错误；C、千瓦时是电能的单位，故C错误；D、电功率是表示电流做功快慢的物理量，因此做功快的用电器电功率一定大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查电功与电功率的定义；难点是要把消耗电能的多少要与消耗电能的快慢区分开。8．（2024秋•长安区期末）有甲和乙两个电热水壶，其铭牌如表所示，两个电热水壶都正常工作时，下列说法正确的是（）甲：额定电压：220V额定功率：1200W乙：额定电压：220V额定功率：1800WA．甲、乙两电热水壶是串联关系 B．乙电热水壶两端的电压较高 C．乙电热水壶一定比甲电热水壶烧水更快 D．乙电热水壶消耗的电能一定比甲电热水壶消耗的电能多【考点】小灯泡实际功率的比较；电功率的概念．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】（1）用电器正常工作时的电压为额定电压；两电热水壶正常工作时的电压和额定电压相等；（2）两电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，实际功率大的电流做功快；（3）由W＝Pt可知，电热水壶消耗的电能与电功率和通电时间有关。【解答】解：AB、两个电热水壶都正常工作时均为220V，我国家庭电路的电压为220V，所以两个电热水壶应并联在家庭电路中，故AB错误；C、两电热水壶正常工作时的电压相等，乙的额定功率较大，由W＝Pt可知，乙电热水壶一定比甲电热水壶烧水更快，故C正确；D、由W＝Pt可知，电热水壶消耗的电能与电功率和通电时间有关，由于甲额定功率较大且通电时间相同，所以甲电热水壶消耗电能较多，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等、电压和额定电压相等。二．填空题（共5小题）9．（2024秋•南川区期末）家里亮着的电灯与电视机是并联（选填“串联”或“并联”）的。若将家里正在使用的用电器关掉一些后，电路的总功率将变小。【考点】电功率的综合计算；串联和并联的概念与辨析．【专题】推理法；电压和电阻；电能和电功率；理解能力．【答案】并联；小。【分析】（1）家庭电路中的用电器是并联的；导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关。（2）利用P=U【解答】解：（1）家里亮着的电灯与电视机可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联的；（2）教室里工作的用电器越多，相当于横截面积越大，所以电路的总电阻就越小，将教室里亮着的灯关掉一些后，电路的总电阻将变大。利用P=U故答案为：并联；小。【点评】本题考查了家庭电路各用电器连接方式、并联电路的电阻的特点，是一道基础题。10．（2025•无锡模拟）如图所示为电阻A和B的I﹣U图象。若将A、B串联接入某电源两端，则闭合开关后，RA＝5Ω；若将A、B并联接入2V的电源两端，闭合开关后，电路中的干路电流是0.6A，电路的总功率为1.2W。【考点】电功率的综合计算；欧姆定律在图像中的应用．【专题】计算题；创新题型；电压和电阻；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】5；0.6；1.2。【分析】由图可知电阻A两端的电压为2V时，通过电阻A的电流为0.4A，根据欧姆定律计算A的阻值；将A、B并联接入2V电源两端，并联电路各支路两端电压相等，由图可知电阻B两端的电压为2V时，通过电阻B的电流为0.2A，根据并联电路电流规律计算干路电流，利用P＝UI求出电路的总功率。【解答】解：由图可知电阻A两端的电压为2V时，通过电阻A的电流为0.4A，根据欧姆定律可得A的阻值：RA=UAI将A、B并联接入2V电源两端，并联电路各支路两端电压相等，由图可知电阻B两端的电压为2V时，通过电阻B的电流为0.2A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，闭合开关后，电路中干路电流：I＝IA+IB＝0.4A+0.2A＝0.6A；电路的总功率：P＝UI＝2V×0.6A＝1.2W。故答案为：5；0.6；1.2。【点评】本题考查并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的灵活运用，属于基础题，11．（2024秋•花山区校级期末）王铭同学家买了一个三挡位的家用电烤炉，电烤炉加热板部分的简化电路如图所示，R1、R2为加热电阻，可通过旋转开关实现高、中、低挡位切换。已知电阻R2＝80Ω，中温挡的功率为605W，则高温挡的功率为1210W。【考点】电功率多档位问题．【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．【答案】1210。【分析】根据P＝UI=U2R知，电源的电压一定时，电阻越大，电功率越小，为低温挡，反之处于高温挡，结合电路图旋转开关与电阻的连接方式，确定高、中、低挡；根据R中＝R1=U根据P高=U【解答】解：由图分析：旋转开关连接1时，R1、R2串联总电阻最大，为抵挡；旋转开关连接3时，R1，R2并联总电阻最小，为高挡；旋转开关连接2时，电路只连接R1，为中挡；电阻R1的阻值：R中＝R1=U2P因为R1＝R2，所以并联总电阻为：R并=R12高挡时电阻R1、R2并联：R高＝R并＝40Ω。电烤炉高温挡的功率为：P高=U2故答案为：1210。【点评】本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的应用，分清电烤炉处于不同挡时电路的连接方式是关键。12．（2024秋•南岸区期末）如图所示电路，电源电压不变，开关S闭合，S1由闭合到断开，电压表的示数由9V变为3V。则电源电压为9V；S1由闭合到断开，电路消耗的总功率之比为3：1。【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的简单计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】9；3：1。【分析】（1）开关S闭合，S1闭合时，电压表测量电源电压，根据电压表示数即可得出电源电压；（2）开关S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测量R2两端的电压；根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出R1与R2的阻值之比；（3）由于电源电压不变，则根据电阻的串联特点求出S1断开前后的总电阻之比，然后根据P=U【解答】解：开关S闭合，S1闭合时，电压表测量电源电压，则电源电压U＝9V；开关S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测量R2两端的电压，则U2＝3V；根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得：U1＝U﹣U2＝9V﹣3V＝6V，由于串联电路中电流处处相等，则R1：R2=U1I：U2I=U1：U2＝6V：开关S闭合，S1闭合时，只有R2连入电路，开关S闭合，S1断开时，R1与R2串联，则S1断开前后的总电阻之比为R闭合：R断开＝R2：（R1+R2）＝1：（1+2）＝1：3，则S1断开前后，整个电路消耗的电功率之比P闭合：P断开=U2R闭合：U2R断开=R断开故答案为：9；3：1。【点评】本题主要考查欧姆定律电功率以及串并联电路的特点，是一道综合题，较难。13．（2024秋•垦利区期末）如图，小致家电能表4月底的示数是2024.7kW•h。若关闭家中其他用电器，只有电热水壶工作3min，电能表的指示灯闪烁300次，电热水壶的功率是2000W。【考点】用电能表测用电器的电功率；电能表的参数；电能表的读数．【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．【答案】2024.7kW•h；2000。【分析】电能表最后一位是小数、单位是kW•h；利用指示灯闪烁的次数和参数求出闪烁300次时电路中用电器消耗的电能，根据P=Wt【解答】解：由图可知，小致家电能表4月底的示数是2024.7kW•h；电热水壶消耗的电能：W=3003000kW•h＝0.1kW•电热水壶的功率：P=Wt=0.1故答案为：2024.7kW•h；2000。【点评】本题考查了电能表的读数、消耗电能、电功率的计算，关键是电能表相关参数含义的理解。三．实验探究题（共1小题）14．（2024秋•峰峰矿区期末）如图甲所示是小明利用“伏安法”测量未知电阻R，阻值的实验电路（电源电压不变）。（1）图甲的电路有一条导线连接错误，请你在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接线；（2）电路连接正确后，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，则此次测得电阻Rx的阻值为4Ω。接着小明又测出了两次Rx的阻值，分别为4Ω和3.7Ω，则Rx的阻值应取为3.9Ω（结果保留一位小数）。（3）小明还想测量一个阻值约为300Ω的定值电阻R1的阻值，他发现用如图甲所示的电路无法完成该实验。原因是通过电路的电流太小，电流表无法直接测出。（4）上述实验结束后，同学们又设计了如图丁所示的电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，已知滑动变阻器R的最大阻值为15Ω，电源电压恒定，其测量过程如下：①闭合开关S、S2，断开S1，将滑动变阻器的滑片移到最上端，电压表示数为4.5V。②闭合S、S1，断开S2（填三个开关闭合与断开情况），移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，这时小灯泡正常发光。③闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器滑片的位置不变，电压表示数为3V。④小灯泡正常发光时的电阻RL＝12.5Ω。【考点】用电压表和定值电阻测灯泡的电功率；伏安法测电阻．【专题】定量思想；测量型实验综合题；应用能力．【答案】（1）如上图所示；（2）4；3.9；（3）通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；（4）②闭合S、S1，断开S2；2；④12.5。【分析】（1）电流表串联在电路中，电压表并联在电路中；（2）根据电表的量程读出电表的示数，根据欧姆定律计算电阻；求出三电阻测量值的平均值，以减小误差；（3）根据串联电路中电流和电压的规律以及欧姆定律进行分析和计算；（4）先测出电源电压U；只用电压表来测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，首先应使灯正常发光，通过开关的转换，使灯与变阻器滑片以下电阻丝串联，根据串联电路电压的规律，当电压表示数为U﹣2.5V灯正常发光，在③中，根据分压原理可求出滑片以下电阻丝的电阻大小，根据欧姆定律可求出灯正常发光时的电流，根据R=U【解答】解：（1）电流表应串联在电路中，电压表并联在电路中，正确的电路连接如图所示：；（2）如图乙所示，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2V，如图丙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电压表的示数为0.5A，根据欧姆定律可得此次测得电阻Rx的阻值为：Rx=UI=小明又测出了两次Rx的阻值，分别为4Ω和3.7Ω，Rx的阻值应为三次电阻测量值的平均值，即Rx=4Ω+4（3）定值电阻R1的阻值约为300Ω，电源电压不超过3V，由欧姆定律可知通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；（4）根据上面的分析，具体步骤：①闭合开关S、S2，断开S1，将滑动变阻器的滑片移到最上端，电压表示数为4.5V；②闭合S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，需要使小灯泡正常发光，所以小灯泡的两端的电压为2.5V，所以滑动变阻器两端的电压需要为2V，即电压表示数为2V；③闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器滑片的位置不变，电压表示数为3V；在①中，电源电压为U＝4.5V，在②中，灯与滑片以下电阻丝R滑下的电阻串联，电压表测其电压，当电压表示数为2V，根据串联电路电压的规律，小灯泡两端的电压：UL＝U﹣U滑下＝4.5V﹣2V＝2.5V，灯正常发光；在③中，电路中只有变阻器，根据串联电路电压的规律，滑片以上电阻丝的电压为：U﹣3V＝4.5V﹣3V＝1.5V，根据分压原理，R滑上：R滑下＝1：2，因变阻器的总电阻为15Ω，故R滑下＝10Ω，由欧姆定律和串联电路电流的规律，通过变阻器的电流即灯的额定电流：IL=U滑下④小灯泡的正常发光时，灯丝的电阻为：RL=ULI故答案为：（1）如上图所示；（2）4；3.9；（3）通过电路的电流太小，电流表无法直接测出；（4）②闭合S、S1，断开S2；2；④12.5。【点评】本题考查了伏安法测量电阻的实验，主要考查电路的连接、滑动变阻器的连接方式、电流表、电压表的读数、串联电路中电压规律和欧姆定律的计算等知识。四．计算题（共1小题）15．（2025•无锡模拟）小丽同学家里有一款暖脚器（如图甲），内置一个电热垫，其简化电路如图乙，铭牌上的部分信息如表。[c垫＝2.2×103J/（kg•℃）]求：额定电压220V电热丝R1880Ω电热丝R2880Ω热垫质量0.5kg（1）暖脚器在低温挡正常工作时，电路中的电流是多少？（2）暖脚器在高温挡正常工作1h，如图丙的电能表转多少转？（3）某次用高温挡正常工作使电热垫从15℃加热到65℃需要多长时间？（加热效率是80%）【考点】电功率P＝UI的简单计算；利用比热容的公式计算热量；电能表的计算．【专题】计算题；应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】（1）暖脚器在低温挡正常工作时，电路中的电流为0.25A；（2）暖脚器在高温挡正常工作1h，如图丙的电能表转220r；（3）某次用高温挡正常工作使电热垫从15℃加热到65℃需要的时间为625s。【分析】由图（a）可知，当S1闭合时，电路为R1的简单电路，当S、S1同时闭合时，电路为R1和R2的并联电路，根据并联电路的特点和P=U（1）根据I低=UR1（2）根据P=U2R分别求出暖脚器在高温挡正常工作时电热丝R1的功率P1和电热丝R2的功率为P2，根据P高＝P1+P2计算出暖脚器在高温挡正常工作时的功率，根据W＝Pt“2000r/（kW•h）”表示电路中每消耗1kW•h电能电能表的转盘转2000转，据此求出电能表转盘的转数；（3）由Q＝cmΔt可求得电热垫吸收的热量，由η=QW求得消耗的电能，由P【解答】解：当S、S1同时闭合时，电路为R1和R2的并联电路，根据并联电路的特点可知，此时电路中的总电阻最小，由P=U2由图（a）可知，当S1闭合时，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最大，总功率最小，此时暖脚器处于低温挡；（1）由表格数据可知，R1的阻值：R1＝880Ω，则暖脚器在低温挡正常工作时，电路中的电流：I低=UR（2）当开关S1和S2都闭合时处于高温挡，此时两电阻并联，低温挡的功率：P低=U2因为R1＝R2，所以P2＝P1＝55W，则高温挡的功率：P高温＝2P低＝2×55W＝110W＝0.11kW；由P=Wt得，高温挡加热1h消耗的电能为：W＝P高温t＝0.11kW×1h＝0.11kW•h＝3.96×105电能表转盘转的转数：n＝0.11kW•h×2000r/（kW•h）＝220r；（3）电热垫吸收的热量：Q＝c垫mΔt＝2.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（65℃﹣15℃）＝5.5×104J，由η=QW可得，暖脚器消耗的电能：W=Qη=5.5×1由P=Wt可得，需要的时间：t=故答案为：（1）暖脚器在低温挡正常工作时，电路中的电流为0.25A；（2）暖脚器在高温挡正常工作1h，如图丙的电能表转220r；（3）某次用高温挡正常工作使电热垫从15℃加热到65℃需要的时间为625s。【点评】此题考查了电路的分析、欧姆定律、电功率公式的应用、消耗电能的计算、吸热公式的应用、串联电路的特点和并联电路的特点，综合性比较强。

考点卡片1．温度的估测【知识点的认识】生活中常见的温度：（1）使人感觉舒适的房间温度约18～25摄氏度。（2）人的正常体温约36.5～37摄氏度。（3）标准大气压下沸水100摄氏度；冰水混合物0摄氏度。（4）考场温度约22～28摄氏度。（5）盛夏中午，室外温度约35～39摄氏度。（6）洗热澡水时水的温度约40摄氏度。【命题方向】考查我们对于生活中温度的估测。例：以下温度最接近25℃的是（）A.冰水混合物的温度B.让人感到舒适的房间温度C.让人感到酷热的盛夏中午的温度D.人体正常的体温分析：根据我们对于温度的认识和了解来作答。解析：解：A、冰水混合物的温度是0℃；B、让人感到舒适的房间温度是25℃左右；C、让人感到酷热的盛夏中午的温度约为40℃左右；D、人体正常的体温是37℃左右。故选：B。点评：此题考查我们对于生活中温度的估测。估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。【解题方法点拨】常用的估测方法：直接判断法；单位换算法；比较法；估算法2．利用比热容的公式计算热量【知识点的认识】物体的温度升高时吸收热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）物体的温度降低时放出的热量为：Q放＝cm（t0﹣t）式中的c为物体的比热容，m为物体的质量，t0表示物体原来的温度，t表示物体后来的温度．若用Δt表示物体变化的温度（升高或降低的温度），那么，物体温度升高过程吸收的热量或物体温度降低过程放出的热量可以统一写为：Q＝cm△t．【命题方向】考查利用热量的计算公式，计算热量。例：一壶质量为2千克、温度为20℃的水，加热后使其升高到70℃，这些水吸收了多少热量？[水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃）]。分析：掌握热量公式：Q＝cm△t的计算公式是解答本题的关键，题干中已知水的质量是2kg，水的初温和末温分别是20℃、70℃，把数据代入公式即可求出水吸收的热量。解析：解：由分析知水吸收的热量为：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J答：这些水吸收了4.2×105J的热量。点评：本题主要考查学生对热量的计算公式的理解和掌握，是一道中档题。【解题方法点拨】t是末温，t0是初温，Δt表示温度的变化，注意题干中对于他们的说法是有差别的，如“升高到”，“降低到”指的是末温，而“升高了”，“降低了”表示的是温度的变化。3．串联和并联的概念与辨析【知识点的认识】（1）串联：电路元件逐个首尾顺次连接的电路连接方式，只有一条电流路径，无分叉；（2）并联：电路元件并列连结在电路中的电路连接方式，至少有两条电流路径，有分叉。【命题方向】中考经常考查的知识点，多以选择题和实验题的形式出现，辨别电路是串联还是并联。例：若用一个开关同时控制两盏电灯，下列说法正确的是（）A.两灯一定是并联B.两灯一定是串联C.两灯既是并联也是串联D.两灯可能并联也可能串联分析：在串联电路中，开关控制整个电路；在并联电路中，接在干路上的开关可以控制整个电路，接在支路上的开关只控制这个支路。解析：解：用一个开关同时控制两盏电灯，情况有可能是：①灯泡串联，开关可以同时控制两盏灯泡；②灯泡并联，但开关放在干路上，所以开关仍然可以控制两盏灯泡；所以A、B、C不符合题意，只有D符合题意；故选：D。点评：开关在串联电路中可以控制整个电路，开关在并联电路中的作用主要看开关放在干路上还是支路上，作用不一样。【解题方法点拨】串并联电路的判断方法：（1）根据电路图判断：电流只有一条路径的则是串联电路；有两条或两条以上路径的则是并联电路。（2）根据电流关系判断：如果通过两个用电器的电流不相等，这两个用电器一定是并联的；如果通过两个用电器的电流相等，则可能是串联，也可能是并联；若是不同的用电器则是串联；若是相同的用电器串联，并联都有可能。（3）根据电压关系判断：如果通过两个用电器的电压不相等，这两个用电器一定是串联的；如果通过两个用电器的电压相等，则可能是串联，也可能是并联；若是不同的用电器则是并联；若是相同的用电器串联，并联都有可能。（4）根据用电器的工作情况判断：用电器只能同时工作的是串联电路，可以独立工作的是并联电路。4．串联电路中的电流规律【知识点的认识】从理论上分析，经过电路中各个部分的电荷，不会消失，也不会凭空增加，所以单位时间内经过串联电路各处的电荷一样多，也就是说串联电路中电流处处相等．表达式为I1＝I2＝…In【命题方向】判断串联电流中各电路中的电流大小是中考的热点，常以选择题，填空题出题，考查定性关系例：如图AO和OB是两段由同种材料制成的粗细不同的电阻线，这两段电阻线的长度相等。当把它们串联接入某一电路中时，电阻线AO和OB两端电流之间的关系是（）A.IAO＜lOBB.IAO＞IOBC.IAO＝IOBD.无法确定分析：在串联电路中，电流处处相等，据此分析判断。解析：解：由题意知，导体AO与OB串联接入电路，由串联电路的电流特点知，流过串联电路的电流处处相等，所以IAO＝IOB，故ABD错误；C正确。故选：C。点评：本题主要考查了串联电路的特点，难度不大，属于基础知识。【解题方法点拨】无论串联电路中的用电器规格是否相同，只要串联，通过电路的电流处处相等．串联电路中电流相等不要理解为电流是不变的，一个用电器的电流改变，流过其他用电器的电流也改变，但两者相等．5．常见电压的大小【知识点的认识】（1）1节蓄电池的电压：2V（2）1节干电池的电压：1.5V（3）家庭电路的电压：220V（4）对人体安全的电压：不高于36V（5）手机电池：3.7～4.5V；【命题方向】估算电压的大小，常结合其他单位的估测一起考查。例：下列物理量的估计中最接近事实的是（）A.人体的安全电压是不高于220VB.一节新的1号干电池的电压为1.5VC.一盏日光灯正常工作时功率约为400WD.家用空调正常工作时的电流约为0.2A分析：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。解析：解：A、人体的安全电压是不高于36V，故A错误；B、一节新的1号干电池的电压为1.5V，故B正确；C、日光灯正常工作时功率约为40W，故C错误；D、家用空调正常工作时的电流约为5A，故D错误；故选：B。点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。【解题方法点拨】解答估测与估算题的常用方法（1）直接判断法：熟记生活中常见的物理量，直接确定答案.如：人正常步行的速度约1.1m/s、人体正常体温约为37℃；中学生大拇指的长度可在考试时直接测量。（2）单位换算法：把不熟悉的单位换算成熟悉的单位，如：人正常步行的速度约为3.6km/h＝1m/s，一袋方便面的质量约为0.1kg＝100g。（3）比较法：将考试中自己不太熟悉的物理量与自己熟悉的物理量进行对比，从而得出结论，如：中学生的正常身高约为1.6m，这一高度小于门的高度，可以判断门的高度约为2m。（4）估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测.如：判断中学生爬到三楼时所做的功，我们已知中学生的质量约为50kg，爬到三楼的竖直距离约为6m（两层楼的高度），根据W＝Fs＝mgh可计算出中学生爬到三楼所做的功。6．串联电路中的电压规律【知识点的认识】串联电路中总电压等于各部分电路电压之和。数学表达式：U＝U1+U2【命题方向】串并联电路的电压特点在中考中常出现，常常贯穿在欧姆定律、电功率等综合知识中，结合对电路的分析进行考查，所以电压规律是解决电学综合题的一项重要基础，电压表所测范围的判断也是隐藏在这一知识点中的考查问题。例：某一部件外壳上三个电压表的示数分别为U1、U2、U3，三个电流表的示数分别为I1、I2、I3，它的内部结构如图所示。以下对各数据的分析正确的是（）A.U1＝U2＝U3B.U3＝U1+U2C.I1＞I2＞I3D.I1＝I2+I3分析：电流表的电阻很小，在电路中相当于一导线；电压表的电阻很大，在电路中相当于开路；据此简化电路图可知，电阻R1、R2串联，并分析各电流表和电压表的测量对象，根据串联电路的电流、电压特点进行解答。解析：解：由电路图可知，两电阻串联，三个电流表均测串联电路中的电流，所以三个电流表的示数相同，即I1＝I2＝I3；由图可知，电压表V1测R1两端的电压U1，电压表V2测R2两端的电压U2，电压表V3测R1和R2两端的总电压U3，因为串联电路两端的电压等于各用电器两端的电压之和，所以U3＝U1+U2。故选：B。点评：本题考查了串联电路的电流和电压特点，分析电路图得出两电阻的连接方式以及各电表的测量对象是解题的关键。【解题方法点拨】（1）首先明确电路的串、并联关系，必要时对电路进行等效处理，并画出电路图（2）弄清楚电压表测量哪一部分电路的电压、根据题中的条件判断出电压表的量程（3）根据串、并联电路的电压规律进行分析计算。7．欧姆定律的简单计算【知识点的认识】有关欧姆定律的分析计算：①求电流，公式：I=U②求电压，公式：U＝IR；③求电阻，公式：R=只要知道I、U、R中的任意两个量就可以利用欧姆定律计算出第三个量【命题方向】欧姆定律是电学部分的核心内容，初中物理电学的一个难点，其综合性强，包含了电流、电压、电阻的知识及其联系，是中考的命题重点和热点，所占分值也较大．运用欧姆定律分析、计算、串并联电路问题，特别是动态电路的分析、几乎是中考必考．例：如图所示，电源电压保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω。当开关S1、S2均闭合时，电流表示数为0.5A。当只闭合开关S1闭合时，电流表的示数为0.1A。求：（1）电源电压；（2）定值电阻R2的阻值。分析：（1）由图可知，当开关S1、S2均闭合时，R2被短接，电路等效为R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路中的电流；由欧姆定律计算电源电压；（2）当只闭合开关S1闭合时，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流，根据串联电路规律和欧姆定律计算定值电阻R2的阻值。解析：解：（1）由图可知，当开关S1、S2均闭合时，R2被短接，电路等效为R1接在电源两极的简单电路，电流表测量电路中的电流I＝0.5A，由欧姆定律可得，U＝U1＝IR1＝0.5A×10Ω＝5V；（2）当只闭合开关S1闭合时，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流I′＝0.1A，根据欧姆定律可得，R1两端的电压：U′1＝I′1R1＝I′R1＝0.1A×10Ω＝1V，根据串联电路电压规律可得，R2两端的电压：U′2＝U﹣U′1＝5V﹣1V＝4V，由欧姆定律可得，定值电阻R2的阻值：R2=U'2答：（1）电源电压是5V；（2）定值电阻R2的阻值是40Ω。点评：本题考查串联电路规律和欧姆定律公式的应用，是基础题。【解题方法点拨】利用欧姆定律解答计算题的“四步骤”：审题：画电路图，标已知量，待求量，明确各用电器之间的连接方式，各个电表测量的对象思考：明确解题思路，寻找解题依据，如欧姆定律以及串、并联电路中的电流、电压的特点求解：利用公式分布计算，列方程，用数学方法求解，要有必要的文字说明及依据的物理公式评价：讨论结果的合理性，得出答案8．动态电路的分析【知识点的认识】（1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的（2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化（3）明确电源的电压是否保持不变（4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。【命题方向】电路的动态分析问题，是中考必出的问题，应加强训练，此类习题规律性较强，一旦掌握很容易得分。例：闭合如图所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中（）A.灯泡的亮度变小B.电流表的示数不变C.电压表的示数变大D.电路的总功率变小分析：滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测电源电压，电流表测量灯泡L的电流，滑动变阻器R向左移动，R阻值变小。解析：解：将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中：A、对灯泡L没有影响，灯泡的亮度不变，故A错误；B、电流表示数不变，I=UR，U、RL大小不变，所以电流表示数不变，故C、电压表测电源电压，电压表示数不变，故C错误；D、P＝UI，U不变，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离，R阻值变小，所以R支路电流变大，灯泡L支路电流不变，总电流I总变大，P变大，故D错误；故选：B。点评：本题考查了电路的动态分析，难度不大。【解题方法点拨】解题方法有两种：方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U＝IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻＝U总﹣U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。方法②：串联电路中U19．欧姆定律在图像中的应用【知识点的认识】欧姆定律在图像中的应用主要体现在通过电流、‌电压与电阻之间的关系图像来分析和解决问题。‌欧姆定律指出，‌在直流电路中，‌电压、‌电流和电阻之间存在确定的关系，‌即电压等于电流与电阻的乘积。‌在图像问题中，‌这种关系可以通过电流随电压变化的图象来展示。‌例如，‌当电流与电压之间的关系图象显示，‌在特定电压下电流的值，‌可以通过这个图象计算出对应的电阻值。‌【命题方向】欧姆定律的综合应用是电学部分的核心，也是最基础的内容，这一节知识是难点也是中考必考点。常结合日常生活生产中遇到的电路问题考查欧姆定律的应用，计算题多与后面的电功率计算结合在一起，作为中考的压轴题出现。训练时应足够重视。例：如图所示为小艺同学通过实验获得的定值电阻A和小灯泡B的I﹣U图象，根据图象提供的信息，求：（1）元件A的阻值为多大？（2）若将它们并联接在3V的电源上，电路中的总电流为多大？（3）若将它们串联接在某电源上，电路中电流是0.15A电源电压多大？分析：（1）A是定值电阻的I﹣U图象，读出任意一组电压和电流，根据欧姆定律求出元件A的阻值；（2）根据图象读出两者并联在3V的电源上时，通过两者的电流，根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流；（3）根据图象读出两者串联、电路中的总电流为0.15A时，两者两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压。解析：解：（1）A是定值电阻的I﹣U图象，由图象知，当UA＝3V时，IA＝0.15A，则定值电阻A的阻值为：RA=UAI（2）将它们并联接在3V的电源上，此时元件A、B两端的电压相等，均为3V，由图象可得，通过A、B的电流分别为：IA＝0.15A，IB＝0.2A，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电路中的总电流I＝IA+IB＝0.15A+0.2A＝0.35A；（3）当两者串联接在电路中，通过它们的电流都为0.15A，由图象可知，此时：UA＝3V，UB＝2V，则电源电压：U＝UA+UB＝3V+2V＝5V。答：（1）元件A的阻值为20Ω；（2）若将它们并联，接在3V的电源上，电路中的总电流为0.35A；（3）若将它们串联，接在某电源上，电路中的总电流是0.15A，电源电压是5V。点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是根据图象得出对应的信息。【解题方法点拨】观察图像的一般方法“看两轴抓三点”，即看准横坐标、纵坐标分别表示的物理量及单位，抓住起点、终点和拐点。10．伏安法测电阻【知识点的认识】（1）实验原理：根据欧姆定律的导出式R=U（2）实验器材：电源、开关、导线、滑动变阻器、被测定值电阻、电压表、电流表。（3）电路图：（4）滑动变阻器在实验中的作用：保护电路；改变待测电阻两端的电压。（5）实验步骤：①按电路图连接电路，将滑动变阻器调到阻值最大处；②闭合开关，移动滑片，改变待测电阻两端的电压，记下三组对应的电压值与电流值（6）结论：根据记录的三组数据分别求出三个对应的电阻值，并求出电阻的平均值【命题方向】考查伏安法测电阻的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。例：如图甲所示，小聪同学设计了用“伏安法”测电阻的实验。（1）同组的小丽发现他的连接中有一处错误，而且只需改动一根导线的连接，就可以顺利进行实验。请你在需要改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接线。（2）电路连接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该滑到最右（填“左”或“右”）端。（3）小聪闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P时，发现两个电表只有一个有示数，初步检查确认，电路接线完好，两个电表均无故障，则发生故障的元件应是C（填字母）。A.电源B.滑动变阻器C.定值电阻RD.开关（4）排除故障后，小聪正常进行实验并将实验数据记录在表中。若第2次测量时电流表的示数如图乙所示，为0.2A，根据三次实验数据可得定值电阻R＝9.9Ω（结果保留一位小数）。分析：（1）在“伏安法”测电阻的实验中，电压表应并联在待测电阻两端；（2）为了保护电路，电路连接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该滑到阻值最大处；（3）常见的电路故障现象有：断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因；（4）根据电流表选用量程确定分度值读数；根据R=U解析：解：（1）在“伏安法”测电阻的实验中，电压表应并联在待测电阻两端，如下图所示：；（2）为了保护电路，电路连接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该滑到阻值最大处，即最右端；（3）小聪同学发现两个电表只有一个有示数，初步检查确认，电路接线完好，两个电表均无故障，A、若电源有故障，电路中没有电流通过，电流表和电压表都没有示数，故A不符合题意；B、若滑动变阻器有故障，两表同时有示数或者无示数，故B不符合题意；C、若定值电阻R有故障，若短路，电压表无示数，电流表有示数，若断路，电流表无示数，电压表有示数，故C符合题意；D、若开关有故障，电路中没有电流通过，电流表和电压表都没有示数，故D不符合题意；故选：C；（4）若第2次测量时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A；第二次实验电阻阻值为：R2=U2I则定值电阻R=R1+故答案为：（1）见解答图；（2）右；（3）C；（4）0.2；9.9。点评：本题“伏安法”测电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数以及电阻的计算等知识。【解题方法点拨】测定值电阻的阻值时应该求平均值，因为定值电阻的阻值不变，求平均值可以减小误差。11．电能表的参数【知识点的认识】参数的理解：220V：表示电能表应该在220V的电路中使用；10（20）A：表示该电能表的标定电流是10A，额定最大电流是20A；50Hz：表示电能表在50Hz的交流电路中使用；600revs/kW•h：表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表上的转盘转过600圈．【命题方向】根据电能表的图示，读出对应的参数情况。例：如图是小王家的电能表，下列说法正确的是（）A.电能表的读数为56378kW•hB.这个电能表正常工作的电压为380VC.通过这个电能表的电流为20A时，它才能正常工作D.小王家用电器每消耗1度电，电能表指示灯闪烁1600次分析：（1）电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h；（2）“220V20A”中，220V是指电能表的工作电压，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流；（3）1600imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次。解析：解：A、电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h；图示电能表的读数为5637.8kW•h，故A错误；BC、“220V20A”中，说明这个电能表正常工作的电压为220V，电能表平时工作时允许通过的最大电流为20A，故BC错误；D、小王家用电器每消耗1度电＝1kW•h，电能表指示灯闪烁1600次，故D正确。故选：D。点评：本题考查了对电能表相关参数的理解，属于基础题目。【解题方法点拨】要熟记电能表上各参数的详细含义．12．电能表的读数【知识点的认识】电能的求法：①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；②测量较小电能时用转盘转数读数：通过记录某段时间内电能表转盘转数，结合电能表转盘每转表示的电能计算出该段时间内消耗的电能．【命题方向】考查电能的求法，包括电能表的读数，以及通过转盘数测量电能的大小。例：如图为家用电能表，此仪表可用在最大功率为2200W的家庭电路上，甲为上月抄表时的读数，乙为本月抄表的读数，这期间该用户用电82.5度。分析：根据电能表的铭牌，利用P＝UI可得出最大功率；用电能表本月的示数减去上月的示数，可得出用电度数。解析：解：从电能表的铭牌“220V10A”可知，允许通过的最大电流为10A，则电能表的最大功率为：P＝UI＝220V×10A＝2200W。电能表本月与上月的读数差即为该月所消耗的电能，电能表的末尾是小数位。这期间该用户用电为：1356.8kW•h﹣1274.3kW•h＝82.5kW•h＝82.5度。故答案为：2200；82.5。点评：本题考查了对电能表铭牌的认识，对功率公式的应用，以及正确读取电能表的示数，属基础题，难度不大。【解题方法点拨】电能表测耗电能，用电等于示数差。600r/（kW•h），转盘转n圈，耗电n60013．电能表的计算【知识点的认识】（1）表盘上标有Nr/（kW•h）字样，转盘转n圈，耗电nN（2）最大功率＝电能表使用的电压×最大电流（3）电能W＝Pt【命题方向】有关电能表的计算涉及到转盘的圈数，电费的计算，最大功率的计算，消耗电能的计算等。例：高老师新家的电能表1月初读数为111.6kW•h，2月初读数如图所示，则1月份高老师家用电120kW•h。某天，高老师关闭家里其它用电器，只接入额定功率为1800W的空气炸锅，正常工作5min，则这段时间内电能表的转盘转过450圈。分析：（1）上月用电量的计算：本月初示数与上月初示数之差，注意：最后一位是小数，计量是单位kW•h；（2）3000r/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，根据W＝Pt求出消耗的电能，再求出这段时间内电能表的转盘转过的圈数。解析：解：1月份高老师家用电231.6kW•h﹣111.6kW•h＝120kW•h；额定功率为1800W的空气炸锅，正常工作5min，消耗的电能为：W＝Pt＝1800W×5min＝1.8kW×112h＝0.15kW•这段时间内电能表的转盘转过的圈数为：3000r/（kW•h）×0.15kW•h＝450r。故答案为：120；450。点评：本题考查了电能表的读数和有关电能表的计算、电能公式的应用，属于基础题。【解题方法点拨】理解电能表的参数，熟练运用公式即可。14．电功与电能的计算【知识点的认识】流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。计算公式：W＝UIt＝Pt（适用于所有电路）【命题方向】主要考察用电器的实际功率和额定功率的计算、利用电能表测用电器的实际功率和实际电压等。例：为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示额定功率为10W的LED（发光二极管）护眼灯。LED灯发光效率高，其发光部分主要由半导体材料制成。教室内所有9盏LED亮一小时所消耗的电能为0.09kW•h。分析：家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的；根据W＝Pt直接计算即可。解析：解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料；每个教室里的9盏LED护眼灯，每盏LED护眼灯的额定功率为10W，故教室内所有日光灯亮一小时所消耗的电能W＝P总t＝9×10W×1h＝0.09kW×1h＝0.09kW•h。故答案为：半导体；0.09。点评：本题考查了半导体材料的应用、电功公式的应用，属于基础题。【解题方法点拨】电流做功用W＝UIt进行计算。对于电能全部转化为内能的用电器，也可以用W=U2Rt=15．电功的实质【知识点的认识】（1）实质：电流做功的过程，实际就是电能转化为其他形式的能（消耗电能）的过程；电流做多少功，就有多少电能转化为其他形式的能．电功是一个过程量，电流做功的过程就是消耗电能的过程．（2）电流做功的形式：电流通过各种用电器使其转动、发热、发光、发声等都是电流做功的表现．【命题方向】考查电流做功之间能的转化。例：下列家用电器工作时，将电能主要转化为内能的是（）A.电水壶B.收音机C.电冰箱D.电脑分析：做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。分析每种用电器的能量转化形式。解析：解：A、电热水壶是把电能转化为内能，故A正确；B、收音机是把电能转化声能和内能，故B错误；C、电冰箱主要将电能转化为机械能和内能，故C错误；D、电脑主要将电能转化为声能、光能和内能，故D错误。故选：A。点评：本题主要考查学生对：电流做功的实质的了解和掌握，是一道基础题。【解题方法点拨】电能转化为其他形式能的过程是电流做功的过程，有多少电能发生了转化就说电流做了多少功．16．电功率的概念【知识点的认识】（1）定义：电流单位时间内所做的功。（2）物理意义：表示电流做功快慢的物理量，用字母P表示，灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率大小。【命题方向】考查对电功率的理解，以概念辨析为主。例：关于电功率，下列说法正确的是（）A.电功率是表示电流做功多少的物理量B.电功率是表示电流做功快慢的物理量C.用电器的电功率越大，工作时所用的时间越少D.用电器的电功率越大，工作时消耗的电能越多分析：（1）电功率是描述用电器消耗电能快慢的物理量，消耗电能越快，电功率越大；（2）由W＝Pt可得，电流做功的多少与电功率和通电时间有关。解析：解：AB、电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大，表示做功快，故A错误、B正确；CD、由W＝Pt可得，电流做功的多少与电功率和通电时间有关，通电时间未知，耗电多少无法确定，如果耗电多少未知，耗电时间也无法确定，故CD错误。故选：B。点评：本题考查了电功率的概念和意义。电功率是由做功多少和所用时间共同决定的，而不能由其中一个决定。【解题方法点拨】概念性知识，牢记即可。17．电功率的单位【知识点的认识】电功率的单位：国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W；常用单位还有千瓦（kW）、毫瓦（mW）换算关系：1kW＝103W；1W＝1003mW【命题方向】考查单位的识别以及单位的换算。例：下面四个单位中，哪一个不是电功率的单位（）A.千瓦时B.焦耳/秒C.伏•安D.瓦特分析：电功率的单位是瓦特，但题中给出的单位都是复合单位，我们要拆开单位，根据电功率的计算来分析解析：解：A、kw是电功率的单位，h是时间的单位，电功率和时间的乘积是电功，所以kw•h是电功的单位。B、J是电功的单位，s是时间的单位，电功和时间的比值是电功率，所以J/s是电功率的单位；C、V是电压的单位，A是电流的单位，电压和电流的乘积就是电功率，所以V•A就是电功率的单位；D、国际上为了纪念瓦特这位伟大的物理学家，以“瓦特”作为功率的单位。故选：A。点评：此题看起来是考查电功率的单位，实际上是考查电功率的计算，我们要了解电功率的各种计算方法。通过计算公式判断物理量的单位是本题的关键。【解题方法点拨】kW、W、mW之间的单位进制为1000.18．常见电功率的大小【知识点的认识】常见电功率的大小：（1）空调：约1000W。（2）微波炉：约1000W。（3）电炉：约1000W。（4）电热水器：约1000W。（5）吸尘器：约800W。（6）电吹风机：约500W。（7）电熨斗：约500W。（8）洗衣：约500W。（9）电视机：约40w～200w。（10）电子计算机：约200W。（11）抽油烟机：约140W。（12）电冰箱：约100W。（13）电风扇：约100W。（14）手电筒：约0.5W。（15）计算器：约0.5mW。【命题方向】考查电功率的估测。例：估测是我们学好物理的一项基本能力，下列是几个同学估测的几个物理量的数值，其中最接近实际的是（）A.家用空调的电功率约为1000WB.一名初中生所受重力约为50NC.人体感觉舒适的环境温度约为37℃D.人正常步行的速度约为1.1km/h分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。解析：解：A、家用空调的工作电流在5A左右，其功率为P＝UI＝220V×5A＝1100W，接近1000W，故A符合实际；B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故B不符合实际；C、人体感觉舒适的环境温度约为25℃，故C不符合实际；D、人正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右，故D不符合实际。故选：A。点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。【解题方法点拨】解答估测与估算题的常用方法（1）直接判断法：熟记生活中常见的物理量，直接确定答案.如：人正常步行的速度约1.1m/s、人体正常体温约为37℃；中学生大拇指的长度可在考试时直接测量。（2）单位换算法：把不熟悉的单位换算成熟悉的单位，如：人正常步行的速度约为3.6km/h＝1m/s，一袋方便面的质量约为0.1kg＝100g。（3）比较法：将考试中自己不太熟悉的物理量与自己熟悉的物理量进行对比，从而得出结论，如：中学生的正常身高约为1.6m，这一高度小于门的高度，可以判断门的高度约为2m。（4）估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测.如：判断中学生爬到三楼时所做的功，我们已知中学生的质量约为50kg，爬到三楼的竖直距离约为6m（两层楼的高度），根据W＝Fs＝mgh可计算出中学生爬到三楼所做的功。19．电功率P＝UI的简单计算【知识点的认识】计算式：P＝UI。推导：将W＝UIt代入公式P＝W/t中，可得P＝UI。I：表示电流，单位是AU：表示电压，单位是VP：表示电功率，单位是W【命题方向】考查公式P＝UI的运用，也常考此公式的变形，求电压或电流。例：如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡L上标“3V1.5W”字样（灯丝电阻不随温度变化），小灯泡L正常发光时的电流为0.5A。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡L正常发光，此时滑动变阻器的阻值为6Ω，滑动变阻器R的电功率为1.5W。分析：（1）由P＝UI计算小灯泡L正常发光时的电流；（2）闭合开关S，灯泡L与变阻器R串联，根据串联电路规律和欧姆定律计算小灯泡L正常发光时变阻器的接入电阻；由P＝UI计算滑动变阻器R的电功率。解析：解：小灯泡L上标“3V1.5W”字样，灯泡的额定电压为UL＝3V，额定功率为PL＝1.5W，由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL=PL由欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=ULI闭合开关S，灯泡正常发光时，变阻器两端的电压：U滑＝U﹣UL＝6V﹣3V＝3V，柑橘串联电路电流规律可得，变阻器中通过的电流：I滑＝IL＝0.5A，由欧姆定律可得，变阻器的接入电阻：R=U滑I滑动变阻器R的电功率：P滑＝I滑U滑＝0.5A×3V＝1.5W。故答案为：0.5；6；1.5。点评：本题考查串联电路规律和欧姆定律＝电功率公式的应用，是基础题。【解题方法点拨】了解电功率基本公式及其变形公式的应用以及电流单位的换算，熟练利用公式是解题的关键．20．小灯泡实际功率的比较【知识点的认识】灯泡的亮度取决于其实际功率，与其他因素无关。比较灯泡的亮度，就是比较灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡亮。【命题方向】考查小灯泡实际功率的大小比较，以及动态电路中的小灯泡亮度的变化。例：灯L1、L2的额定电压均为3V，两灯中的电流与其两端电压的关系如图所示。在确保电路安全的情况下，下列说法正确的是（）A.两灯正常发光时，L1较暗B.两灯正常发光时，L2的电阻较大C.两灯串联时，电路的最大功率为1WD.两灯并联时，电路的最大功率为2W分析：（1）已知灯L1、L2的额定电压，由图可知两灯的额定电流，由P＝UI可分别得到两灯的额定功率，即可判断两灯正常发光时的明暗程度；（2）两灯泡的额定电压和额定电流已知，用欧姆定律可分别求出两灯泡正常发光时的电阻，即可判断两灯泡电阻的大小；（3）由串联时电流相同，从图中可找到串联电路的最大电流，由此时图中每个灯泡的实际电压根据串联串联电压的规律可得到电路的总电压，再用P＝UI即可得到串联时电路的最大功率；（4）两灯并联时，最大电压为它们的额定电压，电路总电流为两灯泡额定电流之和，用P＝UI即可得到并联时电路的最大功率。解析：解：A、灯L1、L2的额定电压均为3V，由图可知灯L1的额定电流I1额＝0.25A，灯L2的额定电流I1额＝0.5A，灯L1的额定功率P1额＝U1额×I1额＝3V×0.25A＝0.75W，灯L2的额定功率P2额＝U2额×I2额＝3V×0.5A＝1.5W，两灯正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率，灯L1的额定功率小，实际功率小，发光较暗，故A正确；B、正常发光时，L2的电阻R2=U2额正常发光时，L1的电阻R1=U1额I1C、两灯串联时，电路的最大电流等于I1额＝0.25A，由图知此时U2＝1V，U1＝3V，总电压U＝U1+U2＝3V+1V＝4V，电路的最大功率P＝UI1额＝4V×0.25A＝1W，故C正确；D、两灯并联时，电路的最大电压等于两个灯泡