2025年中考数学考前冲刺：二次函数解答压轴题 强化练习题（含答案解析）

第第页2025年中考数学考前冲刺：二次函数解答压轴题强化练习题1．（2024·黑龙江齐齐哈尔·中考真题）综合与探究：如图，在平面直角坐标系中，已知直线与x轴交于点A，与y轴交于点C，过A，C两点的抛物线与x轴的另一个交点为点，点P是抛物线位于第四象限图象上的动点，过点P分别作x轴和y轴的平行线，分别交直线于点E，点F．(1)求抛物线的解析式；(2)点D是x轴上的任意一点，若是以为腰的等腰三角形，请直接写出点D的坐标；(3)当时，求点P的坐标；(4)在（3）的条件下，若点N是y轴上的一个动点，过点N作抛物线对称轴的垂线，垂足为M，连接，则的最小值为______．2．（2023·浙江·中考真题）已知点和在二次函数是常数，的图像上．(1)当时，求和的值；(2)若二次函数的图像经过点且点A不在坐标轴上，当时，求的取值范围；(3)求证：．3．（2024·四川广元·中考真题）在平面直角坐标系xOy中，已知抛物线F：经过点，与y轴交于点．(1)求抛物线的函数表达式；(2)在直线上方抛物线上有一动点C，连接交于点D，求的最大值及此时点C的坐标；(3)作抛物线F关于直线上一点的对称图象，抛物线F与只有一个公共点E（点E在y轴右侧），G为直线上一点，H为抛物线对称轴上一点，若以B，E，G，H为顶点的四边形是平行四边形，求G点坐标．4．（2023·浙江杭州·中考真题）设二次函数，（，是实数）．已知函数值和自变量的部分对应取值如下表所示：…0123……11…(1)若，求二次函数的表达式；(2)写出一个符合条件的的取值范围，使得随的增大而减小．(3)若在m、n、p这三个实数中，只有一个是正数，求的取值范围．5．（2023·湖南常德·中考真题）如图，二次函数的图象与x轴交于，两点，与y轴交于点C，顶点为D．O为坐标原点，．

(1)求二次函数的表达式；(2)求四边形的面积；(3)P是抛物线上的一点，且在第一象限内，若，求P点的坐标．6．（2024·四川达州·中考真题）如图1，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点．点是抛物线的顶点．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图2，连接，，直线交抛物线的对称轴于点，若点是直线上方抛物线上一点，且，求点的坐标；(3)若点是抛物线对称轴上位于点上方的一动点，是否存在以点，，为顶点的三角形是等腰三角形，若存在，请直接写出满足条件的点的坐标；若不存在，请说明理由．7．（2023·山东东营·中考真题）如图，抛物线过点，，矩形的边在线段上（点B在点A的左侧），点C，D在抛物线上，设，当时，．

(1)求抛物线的函数表达式；(2)当t为何值时，矩形的周长有最大值？最大值是多少？(3)保持时的矩形不动，向右平移抛物线，当平移后的抛物线与矩形的边有两个交点G，H，且直线平分矩形的面积时，求抛物线平移的距离．8．（2023·内蒙古通辽·中考真题）在平面直角坐标系中，已知抛物线与x轴交于点和点B，与y轴交于点．

(1)求这条抛物线的函数解析式；(2)P是抛物线上一动点（不与点A，B，C重合），作轴，垂足为D，连接．①如图，若点P在第三象限，且，求点P的坐标；②直线交直线于点E，当点E关于直线的对称点落在y轴上时，请直接写出四边形的周长．9．（2024·四川成都·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线：与轴交于A，B两点（点在点的左侧），其顶点为，是抛物线第四象限上一点．(1)求线段的长；(2)当时，若的面积与的面积相等，求的值；(3)延长交轴于点，当时，将沿方向平移得到．将抛物线平移得到抛物线，使得点，都落在抛物线上．试判断抛物线与是否交于某个定点．若是，求出该定点坐标；若不是，请说明理由．10．（2024·四川德阳·中考真题）如图，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点．(1)求抛物线的解析式；(2)当时，求的函数值的取值范围；(3)将拋物线的顶点向下平移个单位长度得到点，点为抛物线的对称轴上一动点，求的最小值．11．（2024·四川遂宁·中考真题）二次函数的图象与轴分别交于点，与轴交于点，为抛物线上的两点．(1)求二次函数的表达式；(2)当两点关于抛物线对称轴对称，是以点为直角顶点的直角三角形时，求点的坐标；(3)设的横坐标为，的横坐标为，试探究：的面积是否存在最小值，若存在，请求出最小值，若不存在，请说明理由．12．（2023·四川泸州·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，已知抛物线与坐标轴分别相交于点A，B，三点，其对称轴为．

(1)求该抛物线的解析式；(2)点是该抛物线上位于第一象限的一个动点，直线分别与轴，直线交于点，．①当时，求的长；②若，，的面积分别为，，，且满足，求点的坐标．13．（2023·全国·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线经过点．点，在此抛物线上，其横坐标分别为，连接，．

(1)求此抛物线的解析式．(2)当点与此抛物线的顶点重合时，求的值．(3)当的边与轴平行时，求点与点的纵坐标的差．(4)设此抛物线在点与点之间部分（包括点和点）的最高点与最低点的纵坐标的差为，在点与点之间部分（包括点和点）的最高点与最低点的纵坐标的差为．当时，直接写出的值．14．（2023·重庆·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线与轴交于点，，与轴交于点，其中，．

(1)求该抛物线的表达式；(2)点是直线下方抛物线上一动点，过点作于点，求的最大值及此时点的坐标；(3)在（2）的条件下，将该抛物线向右平移个单位，点为点的对应点，平移后的抛物线与轴交于点，为平移后的抛物线的对称轴上任意一点．写出所有使得以为腰的是等腰三角形的点的坐标，并把求其中一个点的坐标的过程写出来．15．（2023·四川凉山·中考真题）如图，已知抛物线与轴交于和两点，与轴交于点．直线过抛物线的顶点．(1)求抛物线的函数解析式；(2)若直线与抛物线交于点，与直线交于点．①当取得最大值时，求的值和的最大值；②当是等腰三角形时，求点的坐标．16．（2024·江苏连云港·中考真题）在平面直角坐标系中，已知抛物线（a、b为常数，）．

(1)若抛物线与轴交于、两点，求抛物线对应的函数表达式；(2)如图，当时，过点、分别作轴的平行线，交抛物线于点M、N，连接．求证：平分；(3)当，时，过直线上一点作轴的平行线，交抛物线于点．若的最大值为4，求的值．17．（2024·江苏苏州·中考真题）如图①，二次函数的图象与开口向下的二次函数图象均过点，．(1)求图象对应的函数表达式；(2)若图象过点，点P位于第一象限，且在图象上，直线l过点P且与x轴平行，与图象的另一个交点为Q（Q在P左侧），直线l与图象的交点为M，N（N在M左侧）．当时，求点P的坐标；(3)如图②，D，E分别为二次函数图象，的顶点，连接，过点A作．交图象于点F，连接EF，当时，求图象对应的函数表达式．18．（2023·四川成都·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，已知抛物线经过点，与y轴交于点，直线与抛物线交于B，C两点．

(1)求抛物线的函数表达式；(2)若是以为腰的等腰三角形，求点B的坐标；(3)过点作y轴的垂线，交直线AB于点D，交直线AC于点E．试探究：是否存在常数m，使得始终成立？若存在，求出m的值；若不存在，请说明理由．19．（2023·湖南·中考真题）如图，二次函数的图象与轴交于，两点，与轴交于点，其中，．

(1)求这个二次函数的表达式；(2)在二次函数图象上是否存在点，使得？若存在，请求出点坐标；若不存在，请说明理由；(3)点是对称轴上一点，且点的纵坐标为，当是锐角三角形时，求的取值范围．20．（2024·湖南·中考真题）已知二次函数的图像经过点，点，是此二次函数的图像上的两个动点．(1)求此二次函数的表达式；(2)如图1，此二次函数的图像与x轴的正半轴交于点B，点P在直线的上方，过点P作轴于点C，交AB于点D，连接．若，求证的值为定值；(3)如图2，点P在第二象限，，若点M在直线上，且横坐标为，过点M作轴于点N，求线段长度的最大值．答案1．【答案】(1)(2)(3)(4)【分析】本题主要考查了求函数解析式、二次函数与几何的综合等知识点，掌握数形结合思想成为解题的关键．（1）先根据题意确定点A、C的坐标，然后运用待定系数法求解即可；（2）分三种情况分别画出图形，然后根据等腰三角形的定义以及坐标与图形即可解答；（3）先证明可得，设，则,可得，即，求得可得m的值，进而求得点P的坐标；（4）如图：将线段向右平移单位得到,即四边形是平行四边形，可得,即，作关于对称轴的点,则，由两点间的距离公式可得，再根据三角形的三边关系可得即可解答．【详解】（1）解：∵直线与x轴交于点A，与y轴交于点C，∴当时，，即；当时，，即；∵，∴设抛物线的解析式为，把代入可得：，解得：，∴，∴抛物线的解析式为：．（2）解：∵，，∴,∴，如图：当，∴,即；如图：当，∴,即；如图：当，∴,即；综上，点D的坐标为．（3）解：如图：∵轴，∴，∵轴，∴，∵，∴,∴,∵设，则,∴，∴，解得：（负值舍去），当时，，∴．（4）解：∵抛物线的解析式为：，∴抛物线的对称轴为：直线，如图：将线段向右平移单位得到,∴四边形是平行四边形，∴,即,作关于对称轴的点,则∴,∵，∴的最小值为．故答案为．2．【答案】(1)；(2)；(3)见解析【分析】（1）由可得图像过点和，然后代入解析式解方程组即可解答；（2）先确定函数图像的对称轴为直线，则抛物线过点，即，然后再结合即可解答；（3）根据图像的对称性得，即，顶点坐标为；将点和分别代入表达式并进行运算可得；则，进而得到，然后化简变形即可证明结论．【详解】（1）解：当时，图像过点和，∴，解得，∴，∴．（2）解：∵函数图像过点和，∴函数图像的对称轴为直线．∵图像过点，∴根据图像的对称性得．∵，∴．（3）解：∵图像过点和，∴根据图像的对称性得．∴，顶点坐标为．将点和分别代人表达式可得①②得，∴．∴．∴．∴．∴．3．【答案】(1)；(2)最大值为，C的坐标为；(3)点G的坐标为，，．【分析】（1）本题考查了待定系数法解抛物线分析式，根据题意将点坐标分别代入抛物线解析式，解方程即可；（2）根据题意证明，再设的解析式为，求出的解析式，再设，则，再表示出利用最值即可得到本题答案；（3）根据题意求出，再分情况讨论当为对角线时，当为边时继而得到本题答案．【详解】（1）解：，代入，得：，解得：，∴抛物线的函数表达式为．（2）解：如图1，过点C作x轴的垂线交于点M．∴轴，∴，∴，设的解析式为，把，代入解析式得，解得：，∴．设，则，∴，∵，，∴当时，最大，最大值为．∴的最大值为，此时点C的坐标为．（3）解：由中心对称可知，抛物线F与的公共点E为直线与抛物线F的右交点，∴，∴（舍），，∴．∵抛物线F：的顶点坐标为，∴抛物线的顶点坐标为，∴抛物线的对称轴为直线．如图2，当为对角线时，由题知，∴，∴．如图3，当为边时，由题知，∴，∴．如图4，由题知，∴，∴，综上：点G的坐标为，，．4．【答案】(1)；(2)当时，则时，随的增大而减小；当时，则时，随的增大而减小；(3)【分析】（1）用待定系数法求解即可．（2）利用抛物线的对称性质求得抛物线的对称轴为直线；再根据抛物线的增减性求解即可．（3）先把代入，得，从而得，再求出，，，从而得，然后m、n、p这三个实数中，只有一个是正数，得，求解即可．【详解】（1）解：把，代入，得，解得：，∴．（2）解：∵，在图象上，∴抛物线的对称轴为直线，∴当时，则时，随的增大而减小，当时，则时，随的增大而减小．（3）解：把代入，得，∴∴把代入得，，把代入得，，把代入得，，∴，∵m、n、p这三个实数中，只有一个是正数，∴，解得：．5．【答案】(1)；(2)30；(3)【分析】（1）用两点式设出二次函数的解析式，然后求得C点的坐标，并将其代入二次函数的解析式，求得a的值，再将a代入解析式中即可．（2）先将二次函数变形为顶点式，求得顶点坐标，然后利用矩形、三角形的面积公式即可求得答案．（3）根据各点的坐标的关系及同角三角函数相等的结论可以求得相关联的函数解析式，最后联立一次函数与二次函数的解析式，求得点P的坐标．【详解】（1）∵二次函数的图象与轴交于两点．∴设二次函数的表达式为∵，∴，即的坐标为则，得∴二次函数的表达式为；（2）∴顶点的坐标为过作于，作于，四边形的面积；

（3）如图，是抛物线上的一点，且在第一象限，当时，连接，过作交于，过作于，

∵，则为等腰直角三角形，．由勾股定理得：，∵，∴，即，∴由，得，∴．∴是等腰直角三角形∴∴的坐标为所以过的直线的解析式为令解得，或所以直线与抛物线的两个交点为即所求的坐标为6．【答案】(1)(2)或；(3)或或或【分析】（1）待定系数法求解析式，即可求解；（2）先求得的坐标，根据勾股定理的逆定理得出是等腰三角形，进而根据得出，连接，设交轴于点，则得出是等腰直角三角形，进而得出，则点与点重合时符合题意，，过点作交抛物线于点，得出直线的解析式为，联立抛物线解析式，即可求解；（3）勾股定理求得，根据等腰三角形的性质，分类讨论解方程，即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线与轴交于点和点，∴解得：∴抛物线的解析式为；（2）由，当时，，则∵，则，对称轴为直线设直线的解析式为，代入，∴解得：∴直线的解析式为，当时，，则∴∴∴是等腰三角形，∴连接，设交轴于点，则∴是等腰直角三角形，∴，，又∴∴∴点与点重合时符合题意，如图所示，过点作交抛物线于点，设直线的解析式为，将代入得，解得：∴直线的解析式为联立解得：，∴综上所述，或；（3）解：∵，，∴∵点是抛物线对称轴上位于点上方的一动点，设其中∴，①当时，，解得：或②当时，，解得：③当时，，解得：或（舍去）综上所述，或或或．7．【答案】(1)；(2)当时，矩形的周长有最大值，最大值为；(3)4【分析】（1）设抛物线的函数表达式为，求出点C的坐标，将点C的坐标代入即可求出该抛物线的函数表达式；（2）由抛物线的对称性得，则，再得出，根据矩形的周长公式，列出矩形周长的表达式，并将其化为顶点式，即可求解；（3）连接A，相交于点P，连接，取的中点Q，连接，根据矩形的性质和平移的性质推出四边形是平行四边形，则，．求出时，点A的坐标为，则，即可得出结论．【详解】（1）解：设抛物线的函数表达式为．∵当时，，∴点C的坐标为．将点C坐标代入表达式，得，解得．∴抛物线的函数表达式为．（2）解：由抛物线的对称性得：，∴．当时，．∴矩形的周长为．∵，∴当时，矩形的周长有最大值，最大值为．（3）解：连接，相交于点P，连接，取的中点Q，连接．

∵直线平分矩形的面积，∴直线过点P．．由平移的性质可知，四边形是平行四边形，∴．∵四边形是矩形，∴P是的中点．∴．当时，点A的坐标为，∴．∴抛物线平移的距离是4．8．【答案】(1)；(2)①②或【分析】（1）将A，C两点坐标代入抛物线的解析式，从而求得a，c，进而求得结果；（2）①设，过点作于点，求出，根据列出方程求出的值即可；②可推出四边形是菱形，从而得出，分别表示出和，从而列出方程，进一步求得结果．【详解】（1）∵抛物线与x轴交于点，与y轴交于点，∴把，代入得，，解得，，∴抛物线的函数解析式为；（2）①设，过点作于点，如图，

∴∵∴∵轴，∴又∴四边形是矩形，∴∴∵∴∴（不合题意，舍去）∴∴；②设，对于，当时，解得，∴∵由勾股定理得，当点在第三象限时，如图，过点作轴于点，

则四边形是矩形，∵点与点关于对称，∴∵轴，∴∴∴∴∴四边形是平行四边形，∴四边形是菱形，∵∴∴∴∴设直线的解析式为，把代入得，，解得，，∴直线的解析式为，∴，∴,又且∴解得，（舍去）∴∴四边形的周长；当点在第二象限时，如图，

同理可得：解得，（舍去）∴∴四边形的周长；综上，四边形的周长为或．9．【答案】(1)(2)(3)抛物线与交于定点【分析】（1）根据题意可得，整理得，即可知则有；（2）由题意得抛物线：，则设，可求得，结合题意可得直线解析式为，设直线与抛物线对称轴交于点E，则，即可求得，进一步解得点，过D作于点H，则，即可求得；（3）设可求得直线解析式为，过点D作，可得，结合题意得设抛物线解析式为，由于过点，可求得抛物线解析式为，根据解得，即可判断抛物线与交于定点．【详解】（1）解：∵抛物线：与轴交于A，B两点，∴，整理得，解得∴则；（2）当时，抛物线：，则设，则，设直线解析式为，∵点D在直线上，∴，解得，则直线解析式为，设直线与抛物线对称轴交于点E，则，∴，∵的面积与的面积相等，∴，解得，∴点，过点D作于点H，则，则；（3）设直线解析式为，则，解得，那么直线解析式为，过点D作，如图，则，∵，∴，∵将沿方向平移得到，∴由题意知抛物线平移得到抛物线，设抛物线解析式为，∵点，都落在抛物线上

∴，解得，则抛物线解析式为∵整理得，解得，∴抛物线与交于定点．10．【答案】(1)(2)(3)的最小值为：【分析】（1）直接利用待定系数法求解二次函数的解析式即可；（2）求解的对称轴为直线，而，再利用二次函数的性质可得答案；（3）求解，，可得，求解直线为，及，证明在直线上，如图，过作于，连接，过作于，可得，，证明，可得，可得，再进一步求解即可．【详解】（1）解：∵抛物线与轴交于点，∴，解得：，∴抛物线的解析式为：；（2）解：∵的对称轴为直线，而，∴函数最小值为：，当时，，当时，，∴函数值的范围为：；（3）解：∵，当时，，∴，当时，解得：，，∴，∴，设直线为，∴，∴，∴直线为，∵拋物线的顶点向下平移个单位长度得到点，而顶点为，∴，∴在直线上，如图，过作于，连接，过作于，∵，，∴，，∵对称轴与轴平行，∴，∴，∴，由抛物线的对称性可得：，，∴，当三点共线时取等号，∴，∴，∴，即的最小值为：．11.【答案】(1)(2)(3)存在，最小值为【分析】本题考查了二次函数的综合题，待定系数法求函数解析式，勾股定理，已知两点坐标表示两点距离，二次函数最值，熟练掌握知识点，正确添加辅助线是解题的关键．（1）用待定系数法求解即可；（2）可求，设，由，得，则，解得，（舍去），故；（3）分当点P、Q在x轴下方，且点Q在点P上方时，当点P、Q在x轴下方，且点P在点Q上方时，当点P、Q都在x轴上方或者一个在x轴上方，一个在x轴下方，得到这个面积是关于m的二次函数，进而求最值即可．【详解】（1）解：把，代入得，，解得，∴二次函数的表达式为；（2）解：如图：由得抛物线对称轴为直线，∵两点关于抛物线对轴对称，∴，设，∵，∴，∴，整理得，，解得，（舍去），∴，∴；（3）存在，理由：当点P、Q在x轴下方，且点Q在点P上方时，设点，则点，设直线交轴于点，设直线表达式为：，代入，得：，解得：，∴直线的表达式为：，令，得则，则，则，即存在最小值为；当点P、Q在x轴下方，且点P在点Q上方时，同上可求直线表达式为：，令，得则，则，则即存在最小值为；当点P、Q都在x轴上方或者一个在x轴上方，一个在x轴下方同理可求，即存在最小值为，综上所述，的面积是否存在最小值，且为．12．【答案】(1)；(2)①；②【分析】（1）根据抛物线对称轴为，可得，求得，再将代入抛物线，根据待定系数法求得，即可解答；（2）①求出点，点的坐标，即可得到直线的解析式为，设，则，求得的解析式，列方程求出点的坐标，最后根据列方程，即可求出的长；②过分别作的垂线段，交于点，过点D作的垂线段，交于点I，根据，可得，即，证明，设，得到直线的解析式，求出点D的坐标，即可得到点的坐标，将点E的坐标代入解方程，即可解答．【详解】（1）解：根据抛物线的对称轴为，得，解得，将代入抛物线可得，抛物线的解析式为；（2）解：当时，得，解得，，，，设的解析式为，将，代入，得，解得，的解析式为，设，则，设的解析式为，将，代入，得，解得，的解析式为，联立方程，解得，根据，得，解得，，经检验，，是方程的解，点是该抛物线上位于第一象限的一个动点，在轴正半轴，，即的长为；②解：如图，过分别作的垂线段，交于点，过点D作的垂线段，交于点I，

，，，设，则，，，，，，，，即点D的横坐标为，，设的解析式为，将，，代入得，解得，的解析式为，，即，，四边形是矩形，，，即，将代入，得，解得，（舍去），．13.【答案】(1)；(2)；(3)点与点的纵坐标的差为或；(4)或【分析】（1）待定系数法求解析式即可求解；（2）化为顶点式，求得顶点坐标，进而根据点的横坐标为，即可求解；（3）分轴时，轴时分别根据抛物线的对称性求得的横坐标与的横坐标，进而代入抛物线解析式，求得纵坐标，即可求解；（4）分四种情况讨论，①如图所示，当都在对称轴的左侧时，当在对称轴两侧时，当点在的右侧时，当的纵坐标小于时，分别求得，根据建立方程，解方程即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线经过点．∴∴抛物线解析式为；（2）解：∵，顶点坐标为，∵点与此抛物线的顶点重合，点的横坐标为∴，解得：；（3）①轴时，点关于对称轴对称，，∴，则，，∴，∴点与点的纵坐标的差为；②当轴时，则关于直线对称，∴，则∴，；∴点与点的纵坐标的差为；综上所述，点与点的纵坐标的差为或；（4）①如图所示，当都在对称轴的左侧时，

则∴∵，即∴；∵∴解得：或（舍去）；②当在对称轴两侧或其中一点在对称轴上时，

则，即，则，∴，解得：（舍去）或（舍去）；③当点在的右侧且在直线上方时，即，

，∴解得：或（舍去）；④当在直线上或下方时，即，

，，，解得：（舍去）或（舍去）综上所述，或．14．【答案】(1)；(2)取得最大值为，；(3)点的坐标为或或【分析】（1）待定系数法求二次函数解析式即可求解；（2）直线的解析式为，过点作轴于点，交于点，设，则，则，进而根据二次函数的性质即可求解；（3）根据平移的性质得出，对称轴为直线，点向右平移5个单位得到，，勾股定理分别表示出，进而分类讨论即可求解．【详解】（1）解：将点，．代入得，解得：，∴抛物线解析式为：，（2）∵与轴交于点，，当时，解得：，∴,∵．设直线的解析式为，∴解得：∴直线的解析式为，如图所示，过点作轴于点，交于点，

设，则，∴，∵，，∴，∵，∴，∴，∴，∴当时，取得最大值为，，∴；（3）∵抛物线将该抛物线向右平移个单位，得到，对称轴为直线，点向右平移5个单位得到∵平移后的抛物线与轴交于点，令，则，∴,∴∵为平移后的抛物线的对称轴上任意一点．则点的横坐标为，设，∴，，当时，，解得：或，当时，，解得：综上所述，点的坐标为或或．14．【答案】(1)；(2)取得最大值为，；(3)点的坐标为或或【分析】（1）待定系数法求二次函数解析式即可求解；（2）直线的解析式为，过点作轴于点，交于点，设，则，则，进而根据二次函数的性质即可求解；（3）根据平移的性质得出，对称轴为直线，点向右平移5个单位得到，，勾股定理分别表示出，进而分类讨论即可求解．【详解】（1）解：将点，．代入得，解得：，∴抛物线解析式为：，（2）∵与轴交于点，，当时，解得：，∴,∵．设直线的解析式为，∴解得：∴直线的解析式为，如图所示，过点作轴于点，交于点，

设，则，∴，∵，，∴，∵，∴，∴，∴，∴当时，取得最大值为，，∴；（3）∵抛物线将该抛物线向右平移个单位，得到，对称轴为直线，点向右平移5个单位得到∵平移后的抛物线与轴交于点，令，则，∴,∴∵为平移后的抛物线的对称轴上任意一点．则点的横坐标为，设，∴，，当时，，解得：或，当时，，解得：综上所述，点的坐标为或或．16．【答案】(1)(2)见解析(3)【分析】（1）利用待定系数法求解即可；（2）连接，根据题意，求得，，进而求出，，利用勾股定理求出，求出，从而得到，结合平行线的性质即可证明结论；（3）设，则，，求出当时，，得到点在的上方，设，故，其对称轴为，分为和两种情况讨论即可．【详解】（1）解：分别将，代入，得，解得．函数表达式为；（2）解：连接，

，．当时，，即点，当时，，即点．，，，，，在中，．，，．，．．平分．（3）解：设，则，．当时，．令，解得，．，，点在的上方（如图1）．

设，故，其对称轴为，且．①当时，即．由图2可知：

当时，取得最大值．解得或（舍去）．②当时，得，由图3可知：

当时，取得最大值．解得（舍去）．综上所述，的值为．17．【答案】(1)(2)点P的坐标为(3)【分析】（1）运用待定系数法求函数解析式即可；（2）可求对应的函数表达式为：，其对称轴为直线．作直线，交直线l于点H．（如答图①）由二次函数的对称性得，，，由，得到，设，则点P的横坐标为，点M的横坐标为，，，故有，解得，（舍去），故点P的坐标为；（3）连接，交x轴于点G，过点F作于点I，过点F作轴于点J，（如答图②），则四边形为矩形，设对应的函数表达式为，可求，，则，，，而，则．设，则，，，即，可得，故，则，则①，由点F在上，得到，化简得②，由①，②可得，解得，因此，故的函数表达式为．【详解】（1）解：（1）将，代入，得，，解得：对应的函数表达式为：；（2）解：设对应的函数表达式为，将点代入得：，解得：．对应的函数表达式为：，其对称轴为直线．又图象的对称轴也为直线，作直线，交直线l于点H（如答图①）由二次函数的对称性得，，∴．又，而．设，则点P的横坐标为，点M的横坐标为．将代入，得，将代入，得．，，即，解得，（舍去）．点P的坐标为；（3）解：连接，交x轴于点G，过点F作于点I，过点F作轴于点J．（如答图②），轴，轴，四边形为矩形，，．设对应的函数表达式为，点D，E分别为二次函数图象，的顶点，将分别代入，得，∴，，，，．在中，．，．又，．．设，则，．，．，．，．又，，①点F在上，，即．，②由①，②可得．解得（舍去），，．的函数表达式为．18．【答案】(1)；(2)点B的坐标为或或；(3)存在，m的值为2或【分析】（1）利用待定系数法求解即可；（2）设，分和两种情况，分别根据等腰三角形性质和两点坐标距离公式列方程求解