2025年陕西省西安滨河学校中考第四次模拟物理试题（解析）

2025滨河4模一、选择题（共10小题，计22分。第1~8题为单选题，每小题2分，每小题只有一个选项符合题意；第9、10题为多选题，每小题3分，每小题有两个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，选错得0分）1.1897年汤姆孙发现电子，说明原子是可分的；1909年，卢瑟福做了用α粒子轰击氮原子核的实验，发现了质子，提出了原子核式模型（核外电子围绕原子核旋转），与太阳系（九大行星围绕太阳旋转）相似。以下微观颗粒的大致尺度从小到大排列的是（）A.原子质子原子核 B.原子电子原子核C.原子原子核电子 D.质子原子核原子【答案】D【解析】【详解】原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子大于原子核；原子核是由质子和中子组成的，所以原子核大于质子。尺度排列由小到大：质子，原子核，原子，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。2.如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（）A.语音助手发出的声音不是振动产生的B.减小声音音量实质是降低音调C.人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色D.根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量【答案】C【解析】【详解】A．声音是由物体振动产生的，语音助手发出的声音也是由物体的振动产生的，故A错误；B．响度指的是声音的大小，减小声音的音量，即减小声音的大小，故实质是降低响度，故B错误；C．不同发声体发出的声音的音色不同，人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，故C正确；D．根据用户语音指令完成指定操作，AI获得了指令信息，说明声音可以传递信息，故D错误。故选C。3.如图所示，2025年西安“春节”灯光华灿，人头攒动。关于光现象描述正确的是（）A.图甲，身着彩服的演员是光源B.图乙，人的影子是光的反射现象C.图丙，彩色光柱是光的直线传播形成的D.图丁，水中倒影是光的折射现象【答案】C【解析】【详解】A．身着彩服的演员不能自行发光，不是光源，故A错误；B．人的影子是由于光的直线传播在人背光一侧形成的暗区域，故B错误；C．光在同种均匀介质中沿直线传播，彩色光柱是光的直线传播形成的，故C正确；D．水中倒影是由于光的反射形成的虚像，故D错误。故选C。4.春秋末年的著作《考工记》中有“马力既竭，转犹能一取焉”，意思是马对车不施加拉力了，车还能继续向前运动。下列相关说法正确的是（）A.马停止用力，车还能前进一段距离，是因为马车具有惯性B.马停止拉车，车还能向前运动一段距离，此时马对车继续做功C.马车停止后，马车受到的重力和地面的支持力是一对相互作用力D.马对车不施加拉力时，车将做匀速直线运动【答案】A【解析】【详解】A．马停止用力，车还能前进一段距离，是因为马车具有惯性，要保持原来的运动状态，继续向前运动，故A正确；B．马停止拉车，车还能向前运动一段距离，此时马对车没有作用力，马不对车做功，故B错误；C．马车停止后，马车受到的重力和地面的支持力是一对平衡力，故C错误；D．马对车不施加拉力时，车将在阻力作用下慢慢停下来，故D错误。故选A。5.如图所示是西汉时期的熊足青铜鼎。在鼎内装较多水。盖上厚实的鼎盖，闭合锁扣，在鼎下堆放干柴燃烧。当鼎外为1个标准大气压时，鼎内的水竟然在120℃沸腾。下列说法正确的是（）A.干柴燃烧烧水是通过做功的方式改变水的内能B.水沸腾时产生的“白雾”是汽化现象C.鼎内水沸腾时，温度升高，内能增大D.鼎内水的沸点高于100℃，说明鼎内的气压高于1个标准大气压【答案】D【解析】【详解】A．干柴燃烧烧水是通过热传递改变内能，故A错误；B．“白雾”是悬浮在空气中的小液滴，是液化现象，故B错误。C．水沸腾时吸收热量，内能增加，温度不变，故C错误D．气压高沸点高，鼎内水的沸点高于100℃，说明鼎内气压高于1个标准大气压，故D正确。故选D。6.中国自主三代核电“华龙一号”成功运行，标志着以核电为代表的中国核动力技术已跻身世界前列。下列说法错误的是（）A.核电站是利用反应堆发生核裂变获取的能量B.用水冷却核反应堆是利用水的比热容大C.能量在转化过程中能量的总量不断减小D.核能属于不可再生能源【答案】C【解析】【详解】A．目前，核裂变是可以人为控制的，核聚变不可控，核电站是利用反应堆发生核裂变获取的能量，故A正确，不符合题意；B．用水冷却核反应堆是利用水的比热容大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同温度时可以吸收更多热量，故B正确，不符合题意；C．自然界的物理现象都遵循能量守恒定律，能量在转化过程中能量的总量不变，故C错误，符合题意；D．核能利用后短期内无法得到补充，属于不可再生能源，故D正确，不符合题意。故选C。7.新能源是可持续发展重要举措，电动汽车逐渐遍布全国，与燃油车相比，电动汽车有使用成本低，转化效率高的优势。下列说法正确的是（）A.使汽油燃烧更充分，可以增大汽油的热值，提高汽油机的效率B.电动汽车的效率可以达到100%，而燃油车的效率不能达到100%C.燃油车内的汽油机工作时靠压缩冲程获得动力D.电动汽车的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用【答案】D【解析】【详解】A.热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与燃烧状况无关，使汽油燃烧更充分，汽油的热值不变；汽油燃烧更充分，则可以利用的能量更多，可以提高汽油机的效率，故A错误；B.由于摩擦等因素的存在，电动汽车和燃油车的效率都不可能达到100%，故B错误；C.燃油车内的汽油机工作时，在做功冲程燃气推动活塞做功，靠做功冲程获得动力，故C错误；D.电动汽车的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，从而将电能转化为机械能，向外提供动力，故D正确。故选D。8.如图是一款Flyte磁悬浮灯泡。底座A内有电磁铁，灯头B内有磁体和接收线圈，将底座A通电后，内部的发射线圈产生变化的磁场，灯泡缓慢的放置到底座中心正上方，松手后发现灯泡能悬浮在底座上方且可发光。关于这款灯泡，下列说法中正确的是（）A.灯泡之所以能悬浮于底座之上是由于异名磁极相互排斥B.灯泡能发光的原理是电磁感应现象C.发光的灯泡周围不存在磁场D.灯泡发光与电动机的原理相同【答案】C【解析】【详解】A．灯泡之所以能悬浮于底座之上是由于异名磁极相互排斥，此时灯泡受到的磁力与重力为平衡力，故A正确；BD．灯泡能发光的原理是电流的热效应，电动机的原理是通电导线在磁场中受力的作用，故BD错误；C．通电导体的周围存在磁场，发光的灯泡周围存在磁场，故C错误。故选C。9.如图是我国研发的“极目一号”—型浮空艇，创造了海拔9032m大气科学观测世界纪录。9032m高空的空气密度为0.4kg/m3。浮空艇的总体积约为9000m3，当其上升时不断向外排放空气，但整个浮空艇的体积保持不变。（g取10N/kg）下列说法正确的是（）A.浮空艇上升过程中受到的大气压变小B.浮空艇上升过程中排开空气的质量变大C.浮空艇上升过程中受到浮力变大D.浮空艇在9032m高空受到的浮力是36000N【答案】AD【解析】【详解】A．大气压随着高度的升高而减小，所以浮空艇上升过程中受到的大气压变小，故A正确；BC．高度越高，空气密度越小，浮空艇的体积保持不变，由F浮=ρ空气gV排可知，浮空艇受到的浮力等于排开空气受到的重力；浮空艇上升过程浮力变小，排开空气的重力变小，即排开空气的质量变小，故BC错误；D．9032m高空的空气密度为0.4kg/m3，浮空艇的总体积约为9000m3，由阿基米德原理F浮=ρ空气gV排=0.4kg/m3×10N/kg×9000m3=36000N故D正确。故选AD。10.图甲是药液自动添加模拟装置，装有药液的容器置于压敏电阻上保持水平接触挤压，已知电源电压，R为电阻箱，容器质量忽略不计，当导线1中的电流时，感应开关闭合，药液泵启动向容器中添加药液，药液添加至导线1中的电流时，感应开关断开，药液泵停止工作。将闭合，药液自动添加模拟装置开始工作。阻值与所施加压力的关系图线如图乙所示，则下列说法正确的是（）A.若仅将桶中药液质量减少，电路消耗的总功率变小B.若电阻箱R调至100Ω，则药液泵工作时，桶中的药液质量最大可达5kgC.若要使药液泵刚启动时容器中的药液质量更大，可将电阻箱R的阻值调大D.若一直闭合，当电阻箱R的阻值为200Ω且消耗的电功率最大时，桶中药液质量为15kg【答案】BD【解析】【详解】A．仅将桶中药液质量减小，压敏电阻受到的压力将减小，由图像可知，受到的压力变小时，的阻值变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，导线1中的电流变大，由于电源电压不变，故由可知，电路消耗的总功率变大，故A错误；B．若电阻箱R调至100Ω，即，当导线1中的电流时，感应开关K恰好断开，药液泵停止工作，此时电路的总电阻为因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时由图乙可知，压敏电阻受到的压力。由于容器质量忽略不计，则压敏电阻受到的压力等于药液的重力，即所以，由可得，桶中药液的质量为即药液泵工作时，桶中的药液质量最大可达5kg，故B正确；C．容器中的药液质量越大时，压敏电阻受到的压力越大，由图乙可知，RF阻值越大，由可知，要使药液泵刚启动时容器中的药液质量更大，压敏电阻受到的压力越大，由图乙可知更大，则应将电阻箱的阻值调小，故C错误；D．当K一直闭合，与串联，​消耗的电功率由基本不等式可知，当，即​时，最大，此时的为由乙图可知，此时压敏电阻受到的压力，由于容器质量忽略不计，药液的重力为则桶中药液的质量故D正确。故选BD。二、填空题与作图题（每空1分，每图2分，计20分）11.如图是伽利略发明的世界上第一支气体温度计，它的工作原理是测温气体的________。A处是第一天上午8点液面的位置，B处为第二天上午8点钟液面的位置。假设大气压不变，两次温度相比较，________（选填“A”或“B”）处的温度比较高。【答案】①.热胀冷缩②.B【解析】【详解】[1]封闭气体的质量不变，气体体积随温度热胀冷缩，温度越高，体积越大，不同温度下液面会有不同位置，从而显示不同温度，所以，它的工作原理是测温气体的热胀冷缩。[2]假设大气压不变，两次温度相比较，液面在B处时，气体体积较大，表示温度较高。12.“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，正确的拿取方式为：如图所示，工匠手持羽毛扫过纸垫，再将羽毛靠近工作台上的金箔，即可吸起金箔。羽毛与纸垫摩擦后，由于________电子而带负电（选填“得到”或“失去”），羽毛吸住金箔利用了带电体能够________轻小物体的性质。【答案】①.得到②.吸引【解析】【详解】[1][2]根据摩擦起电的实质可知，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。所以羽毛与纸垫摩擦后，带负电，说明羽毛得到了电子。金箔是轻小物体，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以羽毛可以吸引金箔。13.复兴号早上8时05分，从成都南站开出，于当天上午11时05分抵达西昌西站，全程480km。则动车在该路段运行的平均速度为________km/h。沿途乘客在动车站台候车时一定要站在警戒线以内，否则列车进站时，乘客易被“吸”向车身而造成伤害事故，这是因为流体的流速越大，压强越________的缘故。【答案】①.160②.小【解析】【详解】[1]动车在该路段运行的时间为t=11:05-8:05=3h平均速度为[2]流体的流速越大，压强越小，列车进站时，列车速度较大，带动周围空气流动，人与列车之间的空气流速较大，压强较小，人远离列车一侧的空气流速较小，压强较大，形成指向列车的压力差，乘客易被“吸”向车身而造成伤害事故，所以，沿途乘客在动车站台候车时一定要站在警戒线以内。14.如图是景颇族祖先创造的点火器模型，用牛角做套筒、木制推杆前端粘着艾绒，猛推推杆，可点燃艾绒。点火器的原理是利用________的方式，使空气内能________（选填“增大”或“减小”）。这个过程从能量转化角度看，和热机工作过程中的________冲程相似。【答案】①.做功②.增大③.压缩【解析】【详解】[1][2][3]用牛角做套筒、木制推杆前端粘着艾绒，猛推推杆，可点燃艾绒，在此过程中，推杆压缩筒中气体做功，将机械能转化为内能，使气体内能增大，温度升高，点火器的原理是利用做功的方式，使空气内能增大。热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，这个过程从能量转化角度看，和热机工作过程中的压缩冲程相似。15.如图所示，工人师傅用平行于斜面的推力，将重为600N的物体从斜面底端匀速推上斜面，物体移动的距离为10m，上升的高度为3m，在此过程斜面的机械效率是80%，则工人对物体做的有用功为________J，物体所受摩擦力为________N。若斜面倾斜程度不变，只将斜面长度改为15m，仍以同样的方式将此木箱匀速推到斜面顶端，此时斜面的机械效率将________（选填“增大”、“不变”或“减小”）。【答案】①.1800②.45③.不变【解析】【详解】[1][2]工人对物体做的有用功为W有=Gh=600N×3m=1800J根据可得，推力做的功，即总功为根据W总=W有+W额可得，克服物体所受摩擦力做的额外功为W额=W总-W有=2250J-1800J=450J根据W额=fs可得，物体所受摩擦力为[3]斜面的机械效率与斜面的倾斜角度、斜面粗糙程度有关，故斜面倾斜程度不变时，只将斜面长度改为15m，仍以同样的方式将此木箱匀速推到斜面顶端，则斜面的机械效率将不变。16.小明做鉴别水和盐水的实验如图-1，用相同小桶盛装体积相同的水和盐水，分别用弹簧测力计测出其重力，左边的小桶中装的是___________；如图-2，将压强计做了改进，将两探头置于空气中时，U形管两侧液面相平，现将两探头分别放入盛有水和盐水的A、B两烧杯中，当两探头所处深度分别为hA和hB时，U形管两侧液面重新相平，则烧杯___________中装的是盐水。如图-3，将同一支密度计分别放入水和盐水中，静止时的位置如图所示，则右侧容器中盛装的是___________。【答案】①.水②.B③.盐水【解析】【详解】[1]由可知，相同体积的水和盐水，由于盐水的密度大于水的密度，所以盐水受到的重力大于水受到的重力，由图-1可知，左侧弹簧测力计示数小于右侧弹簧测力计示数，所以左边的小桶中装的是水。[2]由图-2可知，，U形管两侧液面重新相平，说明两个探头处的压强相等，由可知，A烧杯中液体的密度小于B烧杯中液体的密度，根据盐水和水的密度关系可知，A烧杯装的水，B烧杯装的盐水。[3]根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计自身的重力，又因为，图-3中右侧密度计排开液体的体积小，则右图在液体的密度大，故右侧容器中装的是盐水。17.（1）如图所示，A'是人眼从平面镜中看到烛焰上A的像，请完成人眼看到A点的光路图。（2）某商场的电动扶梯只在白天且有人搭乘时开启。如图所示，利用自动开关S1（有人时闭合，无人时断开）及自动开关S2（白天闭合，夜间断开）即可实现该电动扶梯（用M表示）的自动控制。请你根据上述要求将电路图补充完整。【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】根据平面镜成像的特点，作出像点A'关于平面镜的对称点，得出物点A；根据反射光线好像从虚像上发出的，得出入射点O，再连接AO得到入射光线，如图所示：【小问2详解】根据题意可知，自动扶梯只有在白天且有人时才开启，说明两开关不能独立工作即为串联，然后与电动机串联接入电路中，如图所示：三、实验探究题（共4小题，计22分）18.按要求完成填空。（1）如图1所示，竖直向上提升玻璃板，在玻璃板将要离开水面时，能观察到弹簧测力计的示数变大，这是由于分子间存在________。（2）在探究“水沸腾时温度变化特点”的实验中，如图2所示，为水沸腾________（选填“前”或“时”）的情况。（3）如图3所示，此时烛焰通过凸透镜在光屏上成清晰的实像。将蜡烛移至35cm刻线处，移动光屏使烛焰再次在屏上成清晰的像，生活中的________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用凸透镜这一成像规律制成的。若不移动蜡烛，只将图中的透镜换成焦距f＝15cm的凸透镜，光屏上的像变模糊，仅将光屏向________（选填“左”或“右”）移动适当距离，光屏上重新出现清晰的像。【答案】（1）引力（2）时（3）①.投影仪②.右【解析】【小问1详解】如图1所示，竖直向上提升玻璃板，在玻璃板将要离开水面时，能观察到弹簧测力计的示数变大，这是由于水分子和玻璃分子间存在相互作用的引力，将玻璃板向下拉。【小问2详解】水沸腾时，水中的气泡在上升过程中，不断有水汽化进入气泡，使气泡变大，图中是水沸腾时的情况。【小问3详解】[1]如图3所示，此时烛焰通过凸透镜在光屏上成清晰的实像，此时物距等于像距等于20cm，所以，它们都等于凸透镜的二倍焦距，凸透镜的焦距为20cm，则焦距为10cm。将蜡烛移至35cm刻线处，物距为15cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，移动光屏使烛焰再次在屏上成清晰的像，则成倒立、放大的实像，生活中的投影仪就是利用凸透镜这一成像规律制成的。[2]若不移动蜡烛，只将图中的透镜换成焦距f＝15cm的凸透镜，物距为20cm，则物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，像距大于二倍焦距，则光屏上的像变模糊，仅将光屏向右移动适当距离，光屏上重新出现清晰的像。19.在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（1）如图甲所示，将杠杆在中点处悬挂，杠杆静止，此时杠杆________（选填“平衡”或“不平衡”），为使杠杆水平平衡，小明应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节。（2）如图乙所示，小明在杠杆A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂两个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（3）实验结束后，小明制作了如图丙所示的杆秤，经测试发现其能测物体的最大质量太小。下列操作可以使该杆秤能测物体的最大质量变大的是________（填选项）。A.将a点向左移 B.将b点向左移C.将a、b两点都向右移动等长距离 D.换一个质量较小的秤砣【答案】（1）①.平衡②.右（2）变大（3）B【解析】【小问1详解】[1]杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态。[2]杠杆的右端上翘，说明左端比较沉，因此平衡螺母向上翘的右端移动。【小问2详解】图乙中，当弹簧测力计沿AD方向逐渐转到AC方向，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力由竖直变成倾斜时，阻力和阻力臂不变，拉力F力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡。【小问3详解】A．将a点向左移，阻力臂增大，动力臂和动力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故A不符合题意；B．将b点向左移，阻力臂变小，动力不变，动力臂增大，由杠杆平衡条件可知，阻力变大，称量的最大质量变大，量程变大，故B符合题意；C．杆秤使用时，有G物Lab=G砣L砣将a、b点都向右移等长距离，Lab不变，L砣变小，G砣不变，可见G物变小，则所称量物体的质量变小，量程变小，故C不符合题意；D．换一个质量较小的秤砣，阻力臂不变，动力变小，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故D不符合题意。故选B。20.实验小组利用电源（两节新干电池3V）、电流表、电压表、5Ω、10Ω、20Ω、25Ω、50Ω的定值电阻R各一个、导线若干和滑动变阻器，组成如图甲所示电路，用于“探究电流与电压和电阻的关系”实验。（1）如图甲，用笔画线代替导线将实物电路连接完整，使滑片向右滑动时电流表示数变大；（2）正确连接并规范操作后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，则故障为定值电阻R________（选填“短路”或“断路”）；（3）排除故障后，调节滑动变阻器，小明记录了4组数据。请在图乙的坐标系中根据描出的数据点画出定值电阻的I-U图像。（4）接着实验小组利用此装置，继续“探究电流与电阻的关系”。①实验小组选择了阻值合适的滑动变阻器，先用5Ω电阻实验，闭合开关，调节滑片P，使电压表示数为2V，并记录电流表的示数；断开开关，将5Ω电阻换成10Ω，闭合开关，在原来位置基础上将滑片P向________移动，使电压表示数为2V，记录此时电流表的示数；②为完成整个实验，滑动变阻器的最大阻值至少________Ω；③实验小组对“探究电流与电阻关系”的实验过程进一步分析、论证，绘制了实验过程中“电流与定值电阻、电流与滑动变阻器阻值，电流与总电阻”之间的图像，如图丙所示，其中反映电流和定值电阻关系的是________（选填“a”、“b”或“c”）。图中阴影部分面积表示的物理含义是__________。【答案】（1）见解析（2）短路（3）见解析（4）①.左②.25③.b④.滑动变阻器的电压【解析】【小问1详解】实验中，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻的电压，电流表测量电路电流。滑片向右滑动时电流表示数变大，说明此时变阻器接入电路中的电阻变小，，则变阻器的右下接线柱接入电路中，如图所示：【小问2详解】正确连接并规范操作后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，则故障为与电压表并联的定值电阻R短路。【小问3详解】将各个点沿直线连接起来，可得定值电阻的I-U图像，如图所示：【小问4详解】[1]实验中要控制定值电阻的电压不变，电源电压不变，由串联电路电压特点得，变阻器的电压不变。断开开关，由串联电路电流特点与欧姆定律得，定值电阻的阻值与变阻器接入电路中的电阻的比值等于其对应电压的比值，则比值为定值，将5Ω电阻换成10Ω，闭合开关，则在原来位置基础上将滑片P向左移动，使变阻器接入电路中的电阻变大，使电压表示数为2V，记录此时电流表的示数。[2]当定值电阻的阻值为50Ω时，变阻器接入电路中的电阻最大，由串联电路电流特点与欧姆定律得为完成整个实验，滑动变阻器的最大阻值至少[3]串联电路中电流处处相等，由图得，当电流相等时，c图像电流与电阻的乘积最大，a图像电流与电阻的乘积最小，电源电压最大，变阻器为1V最小，则反映电流和定值电阻关系的是b，a表示电流与滑动变阻器阻值的图像，c表示电流与总电阻的图像。[4]阴影部分面积等于c图像的IR的乘积与b图像的IR的乘积之差，由串联电路电压特点得，阴影部分的面积表示滑动变阻器的电压。21.汽车在通过起伏路段的凸起路面时，经验丰富的司机往往慢速平稳通过。若快速通过会让乘客有“腾飞”的感觉，且安全隐患很大。这一现象是因为凸起路面与车之间竖直方向的相互作用力发生了变化。那么，凸起路面与车之间竖直方向的相互作用力太小与什么因素有关呢？实验小组的同学讨论后提出了如下猜想：汽车通过凸起路面时的速度越大，可能路面与汽车之间的相互作用力越大；为了探究这一问题他小组同学选用小球（模拟小车）、轨道、弧面支架（模拟凸起路面）、电子秤等器材进行了如图所示的实验。（1）先测小球静止时对电子秤________（选填“压力”或“摩擦力”）反映小球与弧面顶部相互作用力F的大小。他将小球置于水平放置的电子秤上，示数为0.17kg，则力F＝________N（g取10N/kg）。释放位置ABCDF/N1.561.511.471.38（2）在秤上安放弧面支架并调零，将小球从轨道的A点由静止释放，沿轨道经弧面运动到右侧轨道，在表格中记录小球通过弧面顶部O点时与弧面的作用力F，再依次将小球从高于A点的B、C、D点由静止释放，目的是逐次增大小球通过O点时的________，各次实验F的大小记录如表。分析数据，小球通过弧面时的速度越大，与弧面之间的相互作用力越________；实验小组的猜想________（选填“成立”或“不成立”）。（3）根据上述实验现象推理：若小球速度足够大，通过弧面顶部时，电子秤的示数将显示0kg。下列实验中所用的研究方法与本实验相同的是：________（选填序号）。A.牛顿第一定律 B.探究平面镜成像特点（4）实验小组在实验中还发现，在使用不同的弧面支架（模拟凸起路面）时，虽然控制其他因素相同，但是小球通过弧面顶部O点时与弧面的作用力F不相同，请你帮他提出一个猜想：路面与车之间的相互作用力大小可能与凸起路面的________有关。【答案】（1）①.压力②.1.7（2）①.速度②.小③.不成立（3）A（4）程度【解析】【小问1详解】[1]电子称显示了上方压力的变化引起的示数变化，实验中应先测小球静止时对电子秤的压力反映小球与弧面顶部相互作用力F的大小。[2]他将小球置于水平放置的电子秤上，示数为0.17kg，则力【小问2详解】[1]依次将小球从高于A点的B、C、D点由静止释放，小球释放的位置升高，具有的重力时间增大，下滑后获得的动能增大，小球的质量不变，则小球通过O点时的速度增大。[2][3]分析数据得，小球从D点释放，F最小，而小球从D点释放通过O点的速度最大，说明小球通过弧面时的速度越大，与弧面之间的相互作用力越小，则实验小组的猜想不成立。【小问3详解】A．牛顿第一定律，用到实验+推理的方法，故A符合题意；B．探究平面镜成像特点，用到归纳总结法，故B不符合题意。故选A。【小问4详解】实验小组在实验中还发现，在使用不同的弧面支架（模拟凸起路面）时，虽然控制其他因素相同，但是小球通过弧面顶部O点时与弧面的作