山东省日照市某中学2024-2025学年高一年级下册开学考试物理试题（解析版）

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试卷类型：A

2024级高一下学期开学考试

物理试题2025.2

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、

考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。

2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑

色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题

卷上答题无效。保持卡而清洁，不折叠、不破损。

第I卷

一、单选题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题意。

1.俗说鱼跃龙门，过而为龙，唯鲤或然。如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食果实的过程，下列说法

正确的是（）

A.鱼儿吞食果实时鱼儿受力平衡

B.鱼儿摆尾离开水面时浮力大于重力

C.鱼儿摆尾时对水的作用力大于水对鱼的作用力

D.研究鱼儿摆尾时的动作时，不能把鱼儿看作质点

【答案】D

【解析】

【详解】A.鱼儿吞食花瓣时合力竖直向下，故A错误；

B.鱼儿摆尾出水时浮力很小，鱼儿能够出水的主要原因是鱼儿摆尾时水对鱼向上的作用力大于重力，故

B错误；

C.鱼儿摆尾时对水的作用力和水对鱼的作用力属于作用力与反作用力，大小相等方向相反，故C错误；

D.研究动作时无法将鱼儿视作质点，故D正确。

故选D。

2.在沿竖直方向运行的电梯中，把物体置于放在水平面的台秤上，台秤与力传感器相连，当电梯从静止开

始加速上升，然后又匀速运动一段时间，最后停止运动时，与传感器相连的电脑荧屏上显示出传感器的示

数与时间的关系图像如图所示。下列说法中正确的是()(gmiOm/s2)

55

50

45

40

35

30

25

20

15

10

5

0

246810121416182022

时间/s

A.18~20s过程中，物体的重力先变小后变大

B.该物体的质量为5kg

C.电梯在超重时最大加速度大小约为16.67m/s2

D.电梯在失重时最大加速度大小约为6.67m/s?

【答案】D

【解析】

【详解】A.18~20s过程中，物体的重力保持不变，故A错误；

B.匀速运动时，根据受力平衡可得

F=mg=30N

解得该物体的质量为

m=3kg

故B错误；

C.0~4s内电梯处于超重状态，根据牛顿第二定律可得

Fm

mm-S^rnam

解得最大加速度大小为

-mg50-302am/，

am=---------------------m/s=6.67m/s

m3

故C错误；

D.18〜22s内电梯处于失重状态，根据牛顿第二定律可得

=ma'

解得最大加速度大小为

a'=~~=3°1°m/s2=6.67m/s2

m111m3

故D正确。

故选D。

3.质点从A点静止出发，沿直线AB运动，行程的第一阶段是加速度大小为由的匀加速运动，接着做加速

度大小为。2的匀减速运动，到达2点时恰好速度减为0。若A3间总长度为s,则质点从A到3所用时间/

为（）

「（一+初012s（6+&）°s（q+/）s（—+出）

Vaxa2y%%2〃陷2

【答案】B

【解析】

【详解】设物体加速经历的时间为则物体加速过程最大速度也为减速过程的最大速度，同时这个速度

也是全程的平均速度的两倍，即

印］=%（，一

物体在全程的平均速度为

_1

y=5卬1

则总位移

_1

s=vt=—-t

联立可以解得

t_2s（%+2）

yaxa2

故选B。

4.斜面固定在地面上，倾角为37°仆由37。=0.6,8537。=0.8）.质量为11^的滑块以初速度丫0从斜面底端

沿斜面向上滑行（斜面足够长，该滑块与斜面间的动摩擦因数为0.7）,则该滑块所受摩擦力F随时间变化

的图象是下图中的（取初速度Vo的方向为正方向，g=10m/s2）（）

【解析】

【详解】滑块以初速度％从斜面底端沿斜面向上滑行，受到的是滑动摩擦力，由公式上"V可得：

户偿ngcos37o=0.7x1x10x0.8N=5.6N,方向沿着斜面向下。

重力的下滑力等于mgsin37°=1x10x0.6N=6N>5,6N,所以滑块滑到最高点后可沿斜面下滑。下滑时滑块受到

的滑动摩擦力大小仍为5.6N,方向沿着斜面向上。

A.该图与结论不相符，选项A错误；

B.该图与结论不相符，选项B错误；

C.该图与结论相符，选项C正确；

D.该图与结论不相符，选项D错误.

故选C。

5.三个质量相同物块A、B、C,用两个轻弹簧和一根轻线相连，处于静止状态，如图所示，已知斜面

光滑且倾角为6=30°,在将B、C间细线剪断的瞬间，A、B、C的加速度大小分别为（重力加速度为

B.0,2g,g

C.g,2g,0

D.0,g,g

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】由图可知，把AB看做整体，则细绳的拉力为

T=2mgsin0

当剪断细绳的瞬时，弹簧的弹力不能突变，则A的加速度仍然为0,B所受的合外力等于2mgsin0,则加

速度为

2mgsin30

aB=-----------=g

m

同理，C所受的合外力也等于27〃gsin0,则加速度为

2mgsin30

ac=-----------=8

m

故选D。

6.如图所示，竖直墙上固定了一根与竖直面夹角为戊的斜杆B,一水平杆A正以速度v水平向下做匀速下

A.vB.vtancrC.-----D.vcoscr

COS6Z

【答案】C

【解析】

【详解】两杆交点C参与了两个分运动：与A杆一起以速度v竖直向下的匀速直线运动和沿A杆水平向

左的运动，交点C的实际运动方向沿B杆斜向下，由速度的分解得C点的速度大小为

v

vc=-----

cosa

故选C。

7.如图所示，倾角为。的斜面上有A,B,C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三

个小球均落在斜面上的。点，今测得AB=BC=CD,不计空气阻力，由此可以判断（）

A

A.从A,B,C处抛出的三个小球运动时间之比为3：2：1

B.从A,B,C处抛出的三个小球的初速度大小相等

C.从A,B,C处抛出的三个小球的初速度大小之比为班：72：1

D.从A,B,C处抛出的三个小球落在斜面上时速度与斜面的夹角正切值之比为有：72：1

【答案】C

【解析】

【详解】A.三球下降的高度之比为3：2：1,根据

知，A、B、C处的三个小球运动时间之比为百：、历：1，故A错误；

BC.三个小球的水平位移之比为3：2：1,根据

x=vot

知初速度之比为百：、5：1，故B错误，C正确；

D.因为平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，三个小

球落在斜面上，位移方向相同，则速度方向相同，三个小球落在斜面上时速度与斜面的夹角相同，正切值

相等，故D错误。

故选C。

8.滑沙运动是一种比较刺激的娱乐活动，深受青少年的喜爱。图为滑沙运动的简化图，小孩（可视为质点）

坐在长为2m的滑板上端，与滑板一起由静止从倾角为37。的斜面滑下，已知小孩与滑板间的动摩擦因数为

19

0.5,滑板与斜面间的动摩擦因数为一，小孩的质量与滑板的质量相等，斜面足够长，取重力加速度大小

32

5=i0m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8,则以下判断不正确的是（）

A.小孩在滑板上下滑的加速度大小为2.5m/s?

B.小孩刚离开滑板时，滑板下滑的距离是2nl

3

C.小孩和滑板脱离前滑板的加速度大小为0.5m/s2

D.经过域s，小孩离开滑板

3

【答案】A

【解析】

【详解】A.对小孩受力分析，小孩受到重力，支持力和滑板对小孩向上的摩擦力，根据牛顿第二定律有

mgsin37°-fj.xmgcos37°=m%

解得q=2m/s2

故A错误，符合题意；

BCD,对滑板运用牛顿第二定律有mgsin370+4mgcos37°-4•2mgcos37°=ma2

代入数据解得a2=0-5m/s2

设经过时间/小孩离开滑板，则5a2产=2m

解得t=

3

1,2

则小孩刚离开滑板时，滑板下滑的距离万出/

故BCD正确，不符合题意。

故选Ao

二、多选题：本题共4小题，每题4分，漏选得2分，错选不得分。

9.小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其V-7图像如图所示，由图可知下列判

断正确的是（）

A.小球能弹起最大高度为1.25mB.小球0.8s内的位移大小为0.8m

C.小球第一次反弹后瞬时速度的大小为3m/sD.小球下落的最大速度为3m/s

【答案】BC

【解析】

【详解】A.小球能弹起的最大高度等于图线在0.5s~0.8s时间内的“面积”大小，即有

,3x0.3仆“u

n=------m=0.45m；

2

A错误；

B.小球0.8s内的位移大小为0~0.5s图线与时间轴围成的面积与0.5s~0.8s图线与时间轴围成的面积之差，

即

x=—x0.5-0.45=0.8m

2

故B正确；

C.由图读出，小球在Z=0.5s时刻第一次反弹，此时速度大小为3m/s；故C正确；

D.由图读出，Z=0.5s时刻小球下落速度最大为5m/s；故D错误。

故选BC。

10.路边小吃烤热狗的截面简化示意图如图所示，两根水平的平行金属圆柱支撑着热狗，圆柱半径都为

R,圆心间距为2.4H。热狗可视为圆柱体，生热狗截面半径为R,重力为G,熟热狗半径变大，重力不

变，忽略摩擦。比较静止时的生热狗和熟热狗（）

A.两根金属圆柱对生热狗的合力小于对熟热狗的合力

B,单根金属圆柱对生热狗的弹力大于对熟热狗的弹力

C.单根金属圆柱对生热狗的弹力大小为3G

8

D.单根金属圆柱对生热狗的弹力大小为

4

【答案】BC

【解析】

【详解】A.两根金属圆柱对生热狗和熟热狗的合力都等于二者重力，生热狗和熟热狗重力相等，说明相

等，故A错误；

B.生热狗半径小，两单根金属圆柱对生热狗的弹力夹角大，两个弹力的合力与生热狗重力大小相等，当

合力一定时，两个分力夹角越大，分力越大，说明弹力大，故B正确；

CD.对生热狗受力分析如下所示

FNFN

cos/q。。=^-=-

3122R5

求得NO3OQ2=53。

由力的几何关系可得

'、2sin5308

说明单根金属圆柱对生热狗的弹力大小为"G,故C正确，D错误。

故选BC。

11.如图所示为一简易起重装置，AC是上端带有滑轮的固定支架，为质量不计的轻杆，杆的一端C

用钱链固定在支架上，另一端B悬挂一个质量为，"的重物，并用钢丝绳跨过滑轮A连接在卷扬机上。开始

时，杆5c与AC的夹角N5C4>90。，现使NBC4缓缓变小，直到N5C4=30°。在此过程中，杆3C

对2点的作用力（不计一切阻力）（）

A.杆3C对8点的作用力大小不变B.绳上的拉力逐渐减小

C.杆3C对2点的作用力先减小后增大D,绳上的拉力逐渐增大

【答案】AB

【解析】

【分析】

【详解】AC.对结点8受力分析，由平衡条件可画出力的示意图

mg_NT

ACBCAB

可得杆BC对B点的作用力大小为

“BC

N=--mg

AC

在N3C4变小的过程中，由于AC、BC长度不变，故N不变，A正确，C错误;

BD.同理可得绳上的拉力大小为

AB

fTg

在N3C4变小的过程中，由于AC不变，AB缩短，故T减小，B正确，D错误。

故选AB。

12.如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其V-/图像如图乙所示，同时人顶着杆沿水平

地面运动的图像如图丙所示。若以地面为参考系，下列说法正确的是（）

甲

A.猴子在前2s内的运动轨迹为直线

B.猴子在后2s内做匀变速曲线运动

C.f=o时猴子的速度大小为5m/s

D.，=2s时猴子的速度大小为5m/s

【答案】BD

【解析】

【详解】A.由乙图知，猴子竖直方向上做匀加速直线运动，加速度竖直向上，由丙图知，猴子水平方向

上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向上，与初速度方向不在同一直线上，所以猴子在前2s内做匀变

速曲线运动，轨迹是曲线，A错误；

B.由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下.由丙图知，猴子水平方向上做匀速

直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，所以猴子在后2s内做匀变速曲线运

动，B正确；

C.x-t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为

Vx=4m/s

仁0时猴子竖直方向分速度为

vy=Om/s

则/=0s猴子的速度大小为4m/s，C错误；

D.由图像可知，因此Z=2s时猴子的速度大小为

v=y/42+32：m/s=5m/s

D正确。

故选BD0

第II卷

三、实验题(每空2分，作图2分，共14分)

13.做探究“加速度与质量的关系”和探究“加速度与力的关系”的实验。

打点计时器

槽码/口uu

甲

纸带运动方向*匚

g,fr)□

15.1915.7016.2116.721单位：cm

乙

(1)采用如图甲所示的装置探究“加速度与质量的关系”：保持槽码质量不变，通过增减小车中的祛码

个数改变小车中祛码和小车的总质量M,与此相对应，利用纸带上打出的点来测量小车的加速度。

①对此实验方案，下列做法中合理的是（选填正确选项前的字母）。

A.在平衡阻力时，需要把木板的一侧垫高，并将牵引槽码用细线通过定滑轮系在小车上

B.实验时，先接通打点计时器电源，待打点计时器工作稳定后再释放小车

C.调节滑轮，使细线与木板平行

D.小车质量应远远大于槽码的质量

②图乙所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点间的时间间隔T=0.10s,由该纸带可求

得小车的加速度。=m/s*2（计算结果保留2位有效数字）。

（2）为了探究加速度与力的关系，使用如图丙所示的气垫导轨装置进行实验，其中Gi、G2为两个光电

门，它们与数字计时器相连，当滑块通过Gl、G2光电门时，光束被遮挡的时间加1、加2都可以被测量并

记录，滑块连同上面固定的一条形挡光片的总质量为挡光片宽度为D,遮光条从开始遮住Gi到开始

遮住G2的时间为f,牵引槽码的质量为加，回答下列问题。

一#电「工_挡光片

gj]I1弓值1~1

□〃%〃/〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃%/滑块

丙

①若取0.4kg,改变机的值，进行多次实验，以下相的取值不合适的一个是o

A.mi=5gB.m2=15gC.m3=20gD.%4=400g

②在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度a的表达式为（用。1、Ad

D、/■表示）。

【答案】（1）BCD②.0.51

D■（Az,—）

（2）①.D②.......—

t•抽•M

【解析】

【小问1详解】

①[1]A.在平衡阻力时，需要把木板的一侧垫高，不能将槽码用细线通过定滑轮系在小车上，故A错误；

B.实验时，先接通打点计时器电源，待打点计时器工作稳定后再释放小车，故B正确；

C.调节滑轮，使细线与木板平行，故C正确；

D.为了使细绳对小车的拉力近似等于槽码的重力，小车质量应远远大于槽码的质量，故D正确。

故选BCDo

②⑵图乙所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点间的时间间隔T=0.10s,由逐差法

可求得小车的加速度为

CE-AC6.72+6.21-5.70-5.19,八，,八》

a=------；—=-----------------------xlO-m/s~2=0.51m/,s2-

4T24x0.12

【小问2详解】

①口］为了探究加速度与力的关系的实验中，当槽码的质量远小于滑块连同上面固定的挡光片的总质量时，

才能近似认为槽码受到的重力等于滑块受到的拉力，故D不合适。

故选D。

②⑵光束被遮挡的时间Aa、加2,则对应的速度分别为

D

V,=一

Nt、

D

v,=——

根据加速度定义式有

t

解得

D•（A/j-At。）

A?2

14.在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，某实验小组进行实验的主要步骤是：将橡皮筋的一端

固定在木板上的A点，另一端拴上两根细绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计。沿着两个方向拉弹簧

测力计，将橡皮筋与绳套的结点拉到某一位置，将此位置标记为。点，读取此时弹簧测力计的示数，分别

记录两个拉力片、尸2的大小，再用笔在两绳的拉力方向上分别标记B、C两点，并分别将其与。点连

接，表示《、歹2的方向：再用一个弹簧测力计将结点仍拉至。点，记录此时拉力厂的大小，同样用笔在

绳的拉力方向上标记。点，也将其与。点连接，表示尸的方向。

（1）已知两弹簧测力计的示数分别为6=3.0N和工=4.0N,请在方框中利用平行四边形定则做出可

和F2和合力9的力的图示（所选标度已给定），并由所做图示可以得到合力R'的大小为N

（结果保留两位有效数字）；

（2）比较尸与尸可知，方向一定沿A。方向的是o

l.ONB.

I--------------1/

【答案】0.6.0②.F

【解析】

【详解】(I)U］用线段的长短表示出片、歹2的大小，以这两条边为邻边，作出平行四边形，对角线即表

示少的大小，通过测量、计算得

斤=6.0N

(2)⑵户是通过作平行四边形得到的合力，是理论值，P是实际的合力，方向一定沿A。方向。

四、解答题

15.如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为根的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间

的距离等于绳长心一大小为P的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相

距0.8L时，试计算它们加速度的大小。

A

F

5F

【答案】

6m

【解析】

【详解】当两球运动至二者相距0.8L时，以轻绳中点为对象，受力如图所示

-xO.8L

根据几何关系可得sin。=———=0.8

-L

2

可得6=53°

联立可得轻绳拉力大小为T=竺

6

以小球为对象，根据牛顿第二定律可得T=7加

解得小球的加速度大小为。=竺

6m

16.如图所示，轻杆3c的C点用光滑较链与墙壁固定，杆的2点通过水平细绳使杆与竖直墙壁保持

30。的夹角.若在B点悬挂一个定滑轮（不计重力），某人用它匀速地提起重物.已知重物的质量加=30kg,

人的质量M=50kg,g取10m/s2.试求：

（1）此时地面对人的支持力的大小及轻杆BC和绳AB所受的力.

（2）若人拉重物向上加速，求重物能具有的最大加速度.

20

【答案】（1）200N,2006N，400石N⑵—m/s2

【解析】

【详解】（1）重物受到的重力：G=mg=3QkgxlON/kg=3Q0N；

人受到的重力：G人=m^g=5Gkgx\GNIkg=500N.

人通过一个定滑轮拉动重物，人给重物300力，物体间力作用是相互的，所以重物对人的竖直向上的拉

力也是300N.人拉重物时，人处于静止状态，人受到竖直向下的重力G人、竖直向上的支持力心、竖直

向上的拉力P作用，这三个力是平衡力，所以6人=尸+心，所以

G=G人一/=500N-300N=200N.

定滑轮受到竖直向上的拉力招、重物给定滑轮竖直向下的拉力G、人给定滑轮竖直向下的拉力F,这三

个力是平衡力，所以，耳=G+E=300N+300N=600N.

因为NCBO=30。，所以cos30。=与，即无="型，解得耳=400j§N.

BC

FBC2FBC、

所以，号

sin30°=即=-3解得%=200百M

1BC2400V3

（2）设重物最大加速度为a,当重物的加速度达到最大时，地面对人的支持力为零，即定滑轮中绳子的拉

力T=m人g=500N,故对重物分析，根据牛顿第二定律可得T—G=7W,即

T-G500-300,,20,,

a=-------=------------m!s~=——mls~

m303

17.如图所示，水平屋顶高8=5m,墙到房子的距离L=3m,墙外马路宽x=12m,小球从房顶被水平抛

出，g=10m/s2o

（1）若小球落在墙角B处，求小球的初速度％;（不计墙的厚度）

（2）小球被抛出后，墙高〃至少为何值时，不是触墙就是越过马路的C点？

【答案】（1）%=3m/s；（2）%=4.8m

【解析】

【详解】（1）设小球从抛出至落到2点，时间为"，则

12

H=2gt°

小球水平方向匀速运动

L-%%

代入数据得

%=人

v0=3m/s

(2)设墙高为小时，以速度匕平抛小球，恰好越过墙后落在C点，则：

L+x=卬0

设小球从抛出至墙顶时间为％,则

L-贴

由几何关系

19

得

%=4.8m

18.如图所示，水平面上一小滑块置于长木板上，且均处于静止状态。已知滑块与木板左、右两端距离分

别为乙i=6m、£>2=8m,木板与滑块、水平面间的动摩擦因数分别为〃i=0.2、“2=0」，木板的质量M=1

kg,上表面距水平面高度/i=0.8m,滑块的质量加=2kg。现给滑块一水平向右的初速度m=8m/s,重力

加速度g=10m/s2o

n

(1)要使木板保持静止，在木板上加一竖直向下的力求力B的最小值；

(2)为使滑块不滑离木板，在木板上加一水平方向的力求力入的大小范围；

(3)若在木板上加一水平向右的力且眄=13N,求滑块落地时距木板左端的距离Ax。

【答案】⑴10N

(2)1N<F2<9N

(3)4.16m

【解析】

【小问1详解】

在木板上加一竖直向下的力人，要使木板保持静止，则水平面与木板之间的最大静摩擦力要大于等于滑块

对木板的摩擦力，则有

mg+Mg+耳）》wng

解得

耳2ION

故力Fi的最小值为10N„

【小问2详解】

①若在木板上加一水平向左的力凡，且木板的初始加速度也向左，则滑块向右做匀减速运动到静止时，滑

块的位移为

-V2

x[=------=

16m>L2=8m

则滑块向右做匀减速运动，还未与木板共速时就已经从木板最右端滑离了木板，故木板的初始加速度不可

能向左。

②若在木板上加一水平向右的力设滑块的加速度大小为的，木板的加速度大小为。2,由牛顿第二定律

得

piling-max

F?+从mg-〃式m+M)g=Ma2

为使滑块不滑离木板，则滑块和木板共速时，滑块最多只能到达木板的最右端，即木板与滑块的相对位移

小于等于乙2,设滑块和木板达到共速V共所用时间为f,滑块的位移为X块，木板的