广东省深圳市宝安区2025-2026学年高三上学期第一次月考物理试卷（含解析）

2025-2026学年广东省深圳市宝安区高三（上）第一次月考物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.图甲为一小型发电机的示意图，发电机线圈内阻为1Ω，灯泡L的电阻为9Ω，电压表为理想交流电压表。发电机产生的电动势e随时间t按图乙的正弦规律变化，则(

)A.t=0.01s时，穿过线圈的磁通量为零 B.线圈转动的角速度为50rad/s

C.电压表的示数为9V D.灯泡L的电功率为10W2.月球储藏了大量可控核聚变理想燃料氦(23He)，我国探测器已成功着陆月面并带回月壤供科学家研究，地球实验室中完成可控核聚变是靠温度和压力的共同作用完成的，某可控核聚变装置内发生的核反应方程为 2A.该反应属于α衰变

B.Y是质子

C.该反应中生成物的总质量大于反应物的总质量

D.该反应中反应物的结合能之和大于生成物的结合能之和3.深海探测中发现一种水母通过伞状体收缩产生机械波，从而获得推进力，假设伞状体边缘某质点S的振动产生的横波沿伞状体径向匀速传播，某时刻第一次形成了如图所示的波形，则下列说法正确的是(

)A.此时S点向下运动 B.该波的波长逐渐减小

C.该波的频率逐渐减小 D.S点的起始振动方向是向下的4.如图是学生常用的饭卡内部实物图，其由线圈和芯片组成电路，当饭卡处于感应区域时，刷卡机会激发变化的磁场，从而在饭卡内线圈中产生感应电流来驱动芯片工作。已知线圈面积为S，共n匝，某次刷卡时，线圈平面与磁场垂直，且全部处于磁场区域内，在感应时间t0内，磁感应强度方向向外且由0增大到B0，此过程中(

)A.线圈中感应电流方向为逆时针方向 B.线圈有扩张的趋势

C.通过线圈的磁通量变化量大小为B0S D.5.如图所示，有一辆汽车满载西瓜在水平路面上匀速前进.突然发现意外情况，紧急刹车做匀减速直线运动，加速度大小为a，则中间一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的大小是(

)

A.mg2−a2 B.ma6.平行太阳光透过大气中整齐的六角形冰晶时，中间的光线是由太阳直射过来的，是“真正的太阳”；左右两条光线是折射而来，沿水平方向朝左右折射约22∘是“假太阳”。图甲为太阳光穿过转动的六角形冰晶形成“双太阳”的示意图，图乙为a、b两种单色光穿过六角形冰晶的过程图，则(

)

A.太阳光照在转动的冰晶表面上，部分光线发生了全反射

B.冰晶对a的折射率比对b的折射率大

C.a光光子能量比b更大

D.用a、b光在相同实验条件下做双缝干涉实验，a的条纹间距大7.两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示。在0∼t0时间内，下列说法正确的是(

)A.Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小相等

B.Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小

C.Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小

D.Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小

二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.1911年英国物理学家卢瑟福提出原子的核式结构模型：电子围绕原子核在高速旋转。设电子质量为m，电荷量为−e，氢原子核电荷量为+e，静电力常量为k，电子绕原子核做匀速圆周运动的半径为r。已知在孤立点电荷q的电场中，以无限远处电势为0时，距离该点电荷为r处的电势φ=kqr。下列说法正确的(

)A.电子做匀速圆周运动的速率v=ekm

B.电子绕核运动时等效电流为e22πrkmr9.电影“流浪地球”曾出现太空电梯的场景。如图甲所示，设想在赤道上建造一个始终与地表垂直的太空梯，航天员可通过梯仓P缓慢地到达太空中某一位置，设该位置距地心的距离为r，地球半径为R，图乙中曲线A为地球引力对航天员产生的加速度大小随r变化的图线；直线B为航天员的向心加速度大小随r变化的图线。下列说法正确的是(

)

A.航天员在r=R处的速度大于地球的第一宇宙速度

B.地球同步卫星的轨道半径为r0，宇航员只在r=r0位置时处于完全失重状态

C.在大于r0的范围内，航天员与座椅间没有弹力且需系上安全带

10.如图所示，光滑水平面上放置一质量为M的木块，质量为m的子弹以v0速度射入木块，子弹未穿出木块且达到共同速度为v，该过程中子弹与木块相互作用力恒定不变，产生的热量为Q，木块获得的动能为Ek，则下列各项正确的是(

)A.子弹对木块做功和木块对子弹做功代数和为0

B.子弹对木块作用力的冲量大小等于木块对子弹作用力冲量的大小

C.Q=mMv022(M+m)

三、实验题：本大题共3小题，共16分。11.(1)某实验小组利用“插针法”测定某玻璃砖的折射率。

①该实验小组的学生将玻璃砖放置于方格纸上，a、b为玻璃砖与空气接触的相互平行的两个表面。学生通过“插针法”确定了四颗大头针P1、P2、P3、P4的位置并画出了部分光线径迹，请根据实验原理将光线径迹补充完整；

②根据光线径迹及方格信息，测得该玻璃砖的折射率为______(结果保留两位有效数字)；

③下列实验操作有利于减小实验误差的是______。

A.入射角尽量小一些

B.换用宽度更小的玻璃砖

C.大头针应垂直插在纸面上

D.大头针P1、P2及12.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ。步骤如下：

①用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度L=______mm；

②用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D=______mm；

③用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为______Ω；

④该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R；

电流表A1(量程0∼5mA，内阻约50Ω)；

电流表A2(量程0∼15mA，内阻约40Ω)；

电压表V1(量程0∼3V，内阻约10kΩ)；

电压表V2(量程0∼15V，内阻约25kΩ)；

直流电源E(电动势4V，内阻不计)；

滑动变阻器R1(阻值0∼10Ω，允许通过的最大电流2.0A)；

开关S；导线若干。

为使实验误差较小，要求多测几组数据进行分析，电流表应选择______，电压表应选择______(填电表字母代号)，请用笔画线将图丁中的电路图补充完整；

⑤若已知伏安法测电阻电路中电压表和电流表示数分别用U和I表示，则用此法测出该圆柱体材料的电阻率ρ=______。(不要求计算，用题中所给字母L、13.测电阻R大小

(1)同学们首先用欧姆表×1挡位大致测出电阻阻值大小，如图1，则电阻大小读数为______Ω。

同学们继续使用学生电源(4V)组装如图2电路进行实验，其中电表可以从如下中进行选择：(括号中为电表量程及内阻)

A.电压表V1(0∼15V,15kΩ)

B.电压表V2(0∼3V,3kΩ)

C.电流表A1(0∼3A)

D.电流表A2(0∼0.6A)

(2)应选择电压表______，电流表______。(填器材前字母)

(3)下列哪些说法是正确的？______

A.电压表分流属于系统误差。

B.实验开始前滑动变阻器滑片应该调到b端。

C.如图所示的电路，可以通过调节滑片使电压表示数为0四、计算题：本大题共3小题，共38分。14.如图所示为某同学设计的一种粗测物体质量的装置。导热性能良好的汽缸开口向上放在水平面上，活塞在缸内封闭有一段理想气体，活塞与汽缸内壁之间无摩擦且不漏气，活塞、固定支杆和平台的总质量为M，活塞截面积为S。初始时测得活塞到缸底的距离为d，在平台上放一个待测物块，稳定时，活塞下降了14d，重力加速度为g，环境温度为T0且保持不变，大气压强为p0，求：

(1)待测物块的质量为多少；

(2)若初始时环境温度缓慢上升为T(环境压强不变)15.如图20所示，一截面为正方形的塑料管道固定在水平桌面上，管道内充满液体，其右端面上有一截面积为S的小喷口，喷口离地的高度为h(h远远大于喷口的直径)。管道中有一与截面平行的活塞，活塞沿管道向右匀速推动液体使液体从喷口水平射出，液体落地点离喷口的水平距离为2h。若液体的密度为ρ，重力加速度为g。液体在空中不散开，不计空气阻力，液体不可压缩且没有黏滞性。

(1)液体从小喷口水平射出速度的大小v0；

(2)喷射过程稳定后，空中液体的质量m；

(3)假设液体击打在水平地面上后速度立即变为零，求液体击打地面水平向右的平均作用力的大小F16.如图所示，与水平面成37∘的倾斜轨道AC，其延长线在D点与半圆轨道DF相切(CD段无轨道)，全部轨道为绝缘材料制成且位于竖直面内，整个空间存在水平向左的匀强电场，MN的右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场(C点处于MN边界上)。一质量为0.4kg的带电小球沿轨道AC下滑，至C点时速度为vC=1007m/s，接着沿直线CD运动到D处进入半圆轨道，进入时无动能损失，且恰好能通过F点，在F点速度vF=4m/s(不计空气阻力，g=10m/s2，cos37∘=0.8)，求：

(1)小球受到电场力的大小；

(2)半圆轨道的半径答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、t=0.01s时电动势为零，线圈处于中性面位置，穿过线圈的磁通量最大，故A错误；

B、由图可知，交流电的周期为T=0.02s，则线圈转动的角速度为ω=2πT=2π0.02rad/s=100πrad/s，故B错误；

C、电动势的最大值为Em=102V，有效值为E=Em2=10V，电压表示数U=RR+r2.【答案】B

【解析】解：A.该反应属于核聚变，不是属于α衰变，故A错误；

B.根据质量数和电荷数守恒可知，Y的质量数为1，电荷数为1，则Y为质子，故B正确；

C.核聚变过程发生质量亏损，释放核能，该反应中生成物的总质量小于反应物的总质量，故C错误；

D.轻核聚变过程，生成物的结合能大于反应物的结合能，故D错误。

故选：B。

根据轻核聚变，质量数和电荷数守恒、质量亏损和结合能知识进行分析解答。

考查核反应方程的书写规则和质量亏损等知识，理解核反应的本质，属于基础题。3.【答案】B

【解析】解：A、根据“同侧法”可知，此时S点向上运动，故A错误；

B、根据图像可知，该波的波长逐渐减小，故B正确；

C、频率是由振源决定的，与波速无关，所以该波的频率不变，故C错误；

D、该波传到最右端时，最右端的质点开始向上振动，所以S点的起始振动方向是向上的，故D错误。

故选：B。

根据“同侧法”判断传播方向；根据图像可知该波的波长变化情况；频率是由振源决定的；根据最右端质点的起振方向确定振源的起振方向。

本题主要是考查了波的图像；解答此类问题的关键是要理解波的图像的变化规律，知道波速、波长和频率之间的关系，知道频率的决定因素。4.【答案】C

【解析】解：A.线圈内磁通量向外增加，根据楞次定律可知线圈中感应电流方向为顺时针，故A错误；

B.根据“增缩减扩”可知，线圈有收缩的趋势，故B错误；

C.通过线圈的磁通量变化量大小为

ΔΦ=B0S

故C正确；

D.线圈中感应电动势大小为

E=nB0St0

故D错误。5.【答案】C

【解析】解：西瓜受到重力和其它西瓜给它的作用力而减速运动，加速度水平向右，其合力水平向右，作出西瓜A受力如图所示：

由牛顿第二定律可得：F2−mg2=ma

所以：F=mg2+a2，故ABD6.【答案】D

【解析】解：A.根据全反射条件我们可以知道，光从光密介质进入光疏介质才能发生，故A错误；

B.由图像可知，太阳光射入冰晶时，a光的偏折程度比b光的偏折程度小，则a的折射率比b的小，故B错误；

C.由图像可知，a的折射率比b的小，所以a的频率比b的小，由

E=hν

知a的光子能量比b的小，故C错误；

D.a的频率比b的小，根据c=λν

则a的波长比b的大，用a、b光在相同实验条件下做双缝干涉实验，根据Δx=Ldλ

可知a的双缝干涉条纹间距大，故D正确。

故选：D。

A.根据光的全反射现象的特点，即可分析判断；

B.由图可知，太阳光射入冰晶时，a光的偏折程度比b光的偏折程度小，据此分析判断；

C.根据光的折射率、频率、能量的关系，即可分析判断；

D.7.【答案】D

【解析】解：A、根据v−t图象与时间轴所围的面积表示位移，由图可知，在0∼t0时间内，Ⅰ物体的位移大于Ⅱ物体的位移，则Ⅰ物体的平均速度大于Ⅱ物体的平均速度，故A错误；

BD、根据v−t图象的切线斜率表示物体的加速度，由图可知，两个物体的加速度都在不断减小，则两物体所受的合外力都在不断减小，故B错误，D正确；

C、两图线与横轴所夹的面积随时间增大，所以两个物体的位移都在不断增大，故C错误。

故选：D。

根据v−t图象与时间轴所围的面积表示对应时间内的位移大小，分析两个物体的位移关系，进而判断平均速度关系；图象上每一点切线的斜率表示加速度，加速度与合外力成正比，由此分析合外力的变化情况。

本题关键是根据速度8.【答案】BD

【解析】解：A.电子做匀速圆周运动，则

ke2r2=mv2r

解得电子的速率

v=ekrm

故A错误；

B.电子绕核运动时等效电流为

I=eT=e2πrv=e22πrkmr

故B正确；

C.电子绕核运动一周时，该氢原子核施加的库仑力方向与速度垂直，可知库仑力对其做功为零，故C错误；

D.若无限远处电势为零，电子绕核运动的动能和电势能的总和为

E=Ek+Ep=9.【答案】BC

【解析】解：A.太空电梯随地球一起旋转，根据v=rω可知太空电梯上各点线速度与该点离地球球心的距离成正比，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律可得：

GMmr2=mv2r

解得：v=GMr

由上述表达式可知地球同步卫星的线速度小于第一宇宙速度，则航天员在r=R处的线速度小于第一宇宙速度，故A错误；

B.图像中的图线A表示地球引力对航天员产生的加速度大小与r的关系，该加速度aA等于地球卫星做匀速圆周运动的加速度，图线B表示航天员由于地球自转而产生的向心加速度大小与r的关系，该加速度aB等于地球同步卫星的加速度，因为aA=aB，所以图中r0为地球同步卫星的轨道半径，电梯舱在r=r0处的站点时，航天员的加速度等于地球同步卫星的加速度，处于完全失重状态，故B正确；

C.根据题意可知，大于r0的范围内，宇航员受到的万有引力小于所需的向心力，航天员与座椅间没有弹力且需系上安全带，故C正确；

D.10.【答案】BCD

【解析】解：A、设子弹射入木块的深度为d，木块的位移为x，子弹与木块之间的力大小为f，则子弹对木块做的功

W1=fx

木块对子弹做的功

W2=−f(d+x)

所以两个功的代数和不为零，故A错误；

B、根据冲量的定义式I=Ft及牛顿第三定律可知，子弹对木块作用力的冲量大小等于木块对子弹作用力冲量的大小，故B正确；

C、以向右为正方向，根据动量守恒定律可得

mv0=(m+M)v

根据能量守恒定律可得

12mv01=12(m+M)v2+Q

联立解得

Q=mMv022(M+m)

故C正确；

11.【答案】1.5

C

【解析】解：①将P3、P4连接起来作为出射光线，连接入射点和出射点作为折射光线，作出光路图如图：

②以入射光线与界面交点C为圆心，CD长为半径作圆，如图所示：

根据折射定律，折射率为n=sinθ1sinθ2=DERGFR=DEGF=32=1.5

③入射角尽量小一些，换用宽度更小的玻璃砖，大头针P1、P2及P3、P4之间的距离尽量小一些都会增加偶然误差，故ABD错误，C正确。

故选：C。

故答案为：①

12.【答案】50.15

0.740

200

A2

V1

【解析】①20分度游标卡尺的精确度为0.05mm，圆柱体长度L=50mm+3×0.05mm=50.15mm

②螺旋测微器的精确度为0.01mm，圆柱体直径为D=0.5mm+24.0×0.01mm=0.740mm

③欧姆表的读数为R=20×10Ω=200Ω

④电动势为4V，因此电压表应该选V1；

根据欧姆定律，通过电阻的最大电流I=UR=3200A=15mA，因此电流表应选A2；

滑动变阻器最大阻值小于待测阻值，滑动变阻器应选分压接法，因为有Rx<RVRA，故待测电阻属于小电阻，选择电流表外接法，电路图如图所示

⑤根据欧姆定律，待测电阻R=UI

根据电阻定律R=ρLS=ρLπD24=4ρLπD2

联立解得电阻率ρ=πUD24IL。

故答案为：①50.15；②0.740；③20013.【答案】7

B

D

AC

【解析】解：(1)欧姆表的倍率是×1，指针指向7的位置，读数为7Ω；

(2)学生电源(4V)，所以选用3V量程的电压表，根据闭合电路欧姆定律有

I=UR=47A=0.57A

所以选用0.6A量程的电流表。

(3)A.电压表的分流作用是由于测量技术的不完善造成的，属于系统误差，故A正确；

BC.实验开始前滑动变阻器滑片应该调到a端，此时电压表示数为0，故B错误，C正确；

D.多组实验可以减小偶然误差，故D错误；

故选：AC。

故答案为：(1)7；(2)B，D；(3)AC

(1)根据多用电表的倍率读数即可；

(2)根据电源电动势及电路中的电流选择合适的电表；

14.【答案】待测物块的质量为多少为Mg+p0S3g；

若初始时环境温度缓慢上升为T(环境压强不变【解析】解：(1)设初始时汽缸内气体压强为p1，

对活塞、固定支杆和平台整体，由平衡条件可得：

Mg+p0S=p1S，

设待测物块的质量为m，放一个待测物块后，汽缸内气体压强为p2，

对活塞、固定支杆和平台整体，由平衡条件可得：

(M+m)g+p0S=p2S，

由玻意耳定律可得：

p1Sd=p2S⋅(d−14d)，

联立解得：

m=Mg+p0S3g；

(2)若初始时环境温度缓慢上升为T(环境压强不变)，活塞稳定后放上该物块，设活塞再次稳定时到缸底